江蘇省南通市如皋市2024-2025學年高二上學期第一次教學質(zhì)量調(diào)研物理試卷

2024-2025學年江蘇省南通市如皋市高二（上）第一次教學質(zhì)量調(diào)研物理試卷（10月）一、單選題：本大題共11小題，共44分。1.在水槽里放兩塊擋板，中間留一個狹縫.保持水波的波長不變，改變狹縫的寬度，水波的傳播情況如圖甲、乙所示.下列說法中正確的是(

)

A.甲圖的縫寬度跟波長相差不多 B.乙圖的衍射現(xiàn)象比甲圖的明顯

C.甲圖的水波傳播速度比乙圖的大 D.乙圖的波源振動頻率比甲圖的大2.如圖所示，木塊靜止在光滑的水平桌面上.一子彈以一定的速度射入木塊，并留在其中，上述過程中(

)

A.子彈、木塊的動量變化量方向不同

B.子彈、木塊組成的系統(tǒng)機械能守恒

C.子彈減小的動能等于木塊增加的動能

D.桌面對子彈、木塊組成的系統(tǒng)的支持力是內(nèi)力3.固定在振動片上的金屬絲周期性觸動水槽的水面可以形成水波.當振動片在水面上移動時拍得一幅如圖所示波的圖樣照片，下列說法中正確的是(

)

A.振動片向左移動

B.振動片向右移動

C.單位時間內(nèi)水槽左邊接收的完全波個數(shù)比右邊少

D.單位時間內(nèi)水槽左邊接收的完全波個數(shù)與右邊相同4.如圖表示兩列頻率相同、振幅相同的橫波相遇時某一時刻的情況，實線表示波峰，虛線表示波谷.下列說法中正確的是(

)

A.N點的位移始終為零

B.M點的位移始終為最大值

C.M點由圖中時刻經(jīng)過半個周期將移動到P點

D.M、P兩點連線的中點在圖中時刻為振動減弱點5.一列橫波在t=0時刻的波形圖如圖甲所示，波剛剛傳播到N點，圖乙表示該介質(zhì)中某質(zhì)點此后一段時間內(nèi)的振動圖像.下列說法中正確的是(

)

A.波源的起振方向沿y軸正方向 B.該波的傳播速度為0.2m/s

C.圖乙可能為甲圖中L點的振動圖像 D.甲圖中K6.質(zhì)量為3m、速度為v的A球跟質(zhì)量為2m的靜止B球發(fā)生正碰.碰撞可能是彈性的，也可能是非彈性的，則碰撞后B球的速度可能為(

)A.25v B.v C.757.如圖所示，質(zhì)量為3m、半徑為R的四分之一光滑圓弧曲面體靜止在光滑的水平面上.一質(zhì)量為m的小物塊從曲面體頂端由靜止開始下滑到曲面最底端，此過程中(

)

A.物塊的機械能守恒 B.物塊、曲面體組成的系統(tǒng)動量守恒

C.曲面體對物塊的彈力不做功 D.物塊水平方向運動的位移為38.如圖甲所示，篩上的電動偏心輪每轉一周，給篩子一個驅(qū)動力，篩的共振曲線如圖乙所示.已知增加篩子質(zhì)量，可減小篩子的固有頻率;增大電壓，可使偏心輪轉速提高.現(xiàn)在，在某電壓下偏心輪的轉速是30r/min.為了使篩子的振幅增大，應采取的方案是(

)A.減小篩子質(zhì)量，減小電壓 B.減小篩子質(zhì)量，增大電壓

C.增大篩子質(zhì)量，增大電壓 D.增大篩子質(zhì)量，減小電壓9.如圖所示，木板靜止在光滑水平面上.一物塊先后兩次以不同的初速度v1、v2(v1<v2)從木板左端滑上木板，并均從木板右端離開木板A.物塊第一次的加速度比第二次的大 B.物塊第一次受到的合力沖量比第二次的小

C.木板兩次的動能變化量相同 D.物塊、木板系統(tǒng)兩次損失的機械能相同10.如圖所示，一列正弦波沿著x軸負方向傳播.a、b分別是t=0、t=0.6s時刻的部分波形曲線，則波的傳播速度可能是(

)A.20m/s B.30m/s11.如圖所示，一輕質(zhì)彈簧下端與擋板固定，上端與物塊P固定，彈簧處于原長.物塊Q以某一初速度從斜面頂端下滑，與P碰撞后粘在一起，P、Q在斜面上做往返運動.已知P、Q與斜面間動摩擦因數(shù)均為μ，且μ=tanθ，彈簧始終處于彈性限度內(nèi).則(

)

A.Q第一次下滑整個過程中，Q的機械能轉化為彈簧的彈性勢能和摩擦產(chǎn)生的內(nèi)能

B.P、Q第一次一起下滑的整個過程中，P、Q減小的動能等于彈簧增加的彈性勢能

C.P、Q第一次上滑過程中，P、Q在最高點的加速度大小小于在最低點的加速度大小

D.P、Q第一次上滑過程中，P、Q速度最大的位置在彈簧原長處二、實驗題：本大題共2小題，共18分。12.某實驗小組用如圖甲所示的裝置做“用單擺測定重力加速度”的實驗.(1)關于該實驗，下列操作正確的有__________.A.直徑為1.8cmB.1m和30cm長度不同的同種細線，選用1m的細線做擺線C.細線上端的兩種懸掛方式(乙圖、丙圖)中，應該采用乙圖的懸掛方式D.釋放擺球，從擺球經(jīng)過平衡位置開始計時，記下擺球經(jīng)過平衡位置50次所用的時間t，則單擺周期為t(2)某同學在測量過程中，以懸點到小球底端的距離作為擺長，該同學測量了多組周期T和擺長l，并作出了T2-l圖像.該同學作出的圖線為圖丁中__________(選填“①”或“②”).圖線的斜率為k，則當?shù)氐闹亓铀俣葹?3.小華、小明分別用圖甲、圖乙的裝置驗證動量守恒定律.實驗室提供了半徑相等的小球1、2，小球1的質(zhì)量m1大于小球2的質(zhì)量m(1)甲圖中，小華實驗時，先讓入射球m1多次從斜軌上A位置靜止釋放，然后將被碰小球m2靜止于軌道的水平部分，再將小球m1從A位置靜止釋放，與小球m2相撞，并多次重復，分別找到小球的平均落點M1、P1、N1，并測量出平均水平位移OM1、OP1

、ON1的長度(2)乙圖中，小明實驗時在水平槽末端的右側放置一個豎直屏，豎直屏的O點與小球的球心等高.使入射球m1仍從斜槽上A點由靜止?jié)L下，重復實驗(1)的操作，得到兩球落在豎直屏上的平均落點M2、P2、N2，量出OM2、OP2、ON2的高度三、計算題：本大題共4小題，共40分。14.如圖所示，用火箭發(fā)射人造地球衛(wèi)星，假設最后一節(jié)火箭的燃料用完后，火箭殼體和衛(wèi)星一起以速度v繞地球做勻速圓周運動.已知衛(wèi)星的質(zhì)量為m1，最后一節(jié)火箭殼體的質(zhì)量為m2.某時刻火箭殼體與衛(wèi)星分離，分離后瞬間火箭殼的速度大小為v2，方向與v相同.(1)分離后瞬間衛(wèi)星的速度大小v(2)分離過程中衛(wèi)星對火箭殼的沖量大小I.15.如圖甲所示，輕彈簧上端固定，下端系一小球，小球靜止時，彈簧的伸長量為5cm.現(xiàn)將小球豎直向下拉一段距離，然后釋放小球，從小球第一次通過平衡位置向上運動開始計時，形成的振動圖像如圖乙所示.不計空氣阻力，重力加速度取10m(1)寫出小球位移x隨時間t變化的關系式;(2)求t=35s末小球的位移x和加速度大小16.兩列簡諧橫波分別沿x軸正方向和負方向傳播，兩波源分別位于x=-2m和x=12m處，兩列波的波速均為v=2m/s，波源的振幅均為A=2cm.圖為t=0時刻兩列波的圖像，此刻平衡位置在x=2m和x=8m(1)求兩列波相遇的時刻t(2)求0～4s內(nèi)質(zhì)點M運動的路程(3)P、Q兩點之間加強點的橫坐標.17.如圖甲所示，有兩塊大小不同的圓形薄板(厚度不計)，質(zhì)量分別為M和m，半徑分別為R和r，兩板之間用一根長L=0.4m的輕繩相連接.開始時，兩板水平放置并疊合在一起，靜止于固定支架C上方高度h=0.2m處，然后兩板自由下落到C上，支架上有一半徑為R'(r<R'<R)的圓孔，圓孔與兩薄板中心均在圓板中心軸線上.上板與C碰后以原速率返回(碰撞時間極短)，兩板分離直至輕繩繃緊.在輕繩繃緊的瞬間，兩板具有共同速度(1)兩板分離瞬間的速度大小v(2)輕繩繃緊前瞬間大、小薄板的速度大小v1、(3)若Mm=k(k取任意值)，試討論v的方向與答案和解析1.【答案】B

【解析】A.甲圖衍射現(xiàn)象不太明顯，說明甲圖的縫寬度跟波長相差較多，故A錯誤；

B.觀察兩幅圖可以發(fā)現(xiàn)，題圖乙中機械波的波長跟狹縫的寬度相差不大，甲圖的縫寬度大于波長，此時乙圖衍射現(xiàn)象明顯，故B正確；

C.在同種介質(zhì)中，傳播速度相同，故C錯誤；

D.水波的波長不變，根據(jù)v=λf，則波源振動頻率相同，故2.【答案】A

【解析】A.子彈射入木塊的過程中，子彈的動量減小，木塊的動量增加，它們的動量變化量方向相反，故A正確；

B.子彈射入木塊過程中有摩擦力做功，會產(chǎn)生熱量，系統(tǒng)機械能不守恒，故B錯誤；

C.子彈減小的動能一部分轉化為木塊增加的動能，還有一部分轉化為系統(tǒng)產(chǎn)生的熱量，所以子彈減小的動能大于木塊增加的動能，故C錯誤；

D.桌面對子彈、木塊組成的系統(tǒng)的支持力是外力，不是內(nèi)力，故D錯誤。3.【答案】A

【解析】解：根據(jù)水波的波紋可知，左邊形成的波紋比較密，右邊的稀疏，所以，根據(jù)多普勒效應可知，左側波的頻率大于右側波的頻率，振動片是向左側移動，單位時間內(nèi)水波槽左邊接收完全波個數(shù)比右邊多；

故A正確，BCD錯誤。4.【答案】A

【解析】A.N點是波峰與波谷相遇的點，為振動減弱點，位移始終為零，故A正確；

B.M點是波峰與波峰相遇的點，此時位移為最大值，但不是始終為最大值，故B錯誤；

C.波在傳播過程中，質(zhì)點只在平衡位置附近振動，不會隨波遷移，故C錯誤；

D.M、P兩點連線的中點是平衡位置相遇的點，為振動加強點，故D錯誤。5.【答案】C

【解析】A.因為t=0時刻波剛傳播到N點，所以此時N點的振動情況與波源起振情況相同，根據(jù)圖甲，N點此時振動方向沿y軸負方向，則波源的起振方向沿y軸負方向，故A錯誤；

B.由甲圖可知波長λ=2m，由乙圖可知周期T=0.4s，則波速v=λT=20.4m/s=5m/s，故B錯誤；

C.6.【答案】B

【解析】以兩球組成的系統(tǒng)為研究對象，以A球的初速度方向為正方向，

①如果碰撞為完全彈性碰撞，由動量守恒定律得：3mv=3mvA+2mvB，

由機械能守恒定律得：

123mv2=123mvA2+17.【答案】D

【解析】解：A.物塊在下滑過程中，曲面體對物塊有彈力作用，且彈力對物塊做功，所以物塊的機械能不守恒，故A錯誤；

B.物塊下滑過程中，物塊和曲面體組成的系統(tǒng)在水平方向不受外力，所以系統(tǒng)在水平方向動量守恒，但豎直方向合外力不為零，系統(tǒng)動量不守恒，故B錯誤；

C.物塊在下滑過程中，曲面體對物塊的彈力與物塊的位移不垂直，所以曲面體對物塊的彈力做功，故C錯誤；

D.物塊和曲面體組成的系統(tǒng)在水平方向動量守恒，設物塊水平方向位移為x，曲面體水平方向位移為y，則有m×xt-3m×yt=08.【答案】C

【解析】解：電動機在某電壓下偏心輪的轉速是30r/min，

可得驅(qū)動力的頻率為：f=3060Hz9.【答案】D

【解析】A、兩次運動物塊受到的合力均為滑動摩擦力，則f=μmg=ma，解得a=μg，即兩次加速度一樣大，故A錯誤；

B、兩次運動木板的加速度均為a'=μmgM，設木板長為L，則根據(jù)運動學公式有v0t-12at2-12a't2=L，初速度v010.【答案】D

【解析】由圖可知，波長入=8m，

波沿著x軸負方向傳播，則在0.6s內(nèi)傳播的距離為：x=(6+8n)m，其中n=0，1，2…

故波速為：v=xt

解得：v=(4011.【答案】B

【解析】A.Q、P發(fā)生完全非彈性碰撞，有能量損失，之后Q、P的機械能轉化為彈簧的彈性勢能和摩擦產(chǎn)生的內(nèi)能，A錯誤；

B.Q、P共速后，以Q、P為系統(tǒng)，滿足能量守恒，得：mQ+mPgssinθ+12mQ+mPv2=μmQ+mPgcosθ?s+EP，由于μ=12.【答案】(1)AB；(2)②；4π【解析】(1)A、為減少空氣阻力影響，應該選擇鐵球做為擺球，故A正確；

B、擺長適當長一些可以減少誤差，應該選擇1m的細線做擺線，故B正確；

C、擺線長度要固定不變，圖乙擺動過程中，擺線長度會變，應該采用圖丙懸掛方式，故C錯誤；

D、從擺球經(jīng)過平衡位置開始計時，記下擺球經(jīng)過平衡位置50次所用的時間t，則單擺周期為t25，故D錯誤。

故選AB。

(2)設小球半徑為r，則有T=2πl(wèi)-rg，整理可得13.【答案】(1)m1x2=m1【解析】(1)入射球和被碰球從同一高度做平拋運動并且落到同一水平面上，故下落的時間相同，所以在實驗的過程當中把本來需要測量的速度改為測量平拋過程當中水平方向發(fā)生的位移。

根據(jù)平拋運動規(guī)律，水平方向x=vt，豎直方向h=12gt2，

所以v∝x，

對于圖甲，不放被碰球2時，小球的落點在P1，放上被碰球2后，小球1、2的落點分別在M1、N1，

根據(jù)動量守恒有m1x2=m1x1+m2x3，

若為彈性碰撞，還滿足動能守恒，即12m1x22=12m1x14.【答案】解：(1)火箭殼體、衛(wèi)星動量守恒(m1+m2)v=m1v1+m2【解析】詳細解答和解析過程見【答案】15.【答案】解：(1)由題意得振幅A=5cm，周期T=4s，圓頻率ω=2πT=π2rad/s，

小球位移x隨時間t變化的關系式x=5sinπ2t(cm)【解析】詳細解答和解析過程見【答案】16.【答案】解：(1)介質(zhì)相同，波傳播速度相同，由圖可知，兩列波會在M點相遇，即兩列波還需要傳播的距離為x對應時刻t1(2)根據(jù)圖像可知波長為4m，