專題06 填空小壓軸18題(旋轉(zhuǎn)、翻折、新定義25題)(解析版)_第1頁
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專題06填空小壓軸18題(旋轉(zhuǎn)、翻折、新定義25題)(解析版)題目精選自:2023、2024年上海名校及一二模真題,包含旋轉(zhuǎn)、翻折、新定義等18題常考類型題。一、填空題1.(2023上·上海靜安·九年級上海市市北初級中學(xué)??计谀┤鐖D,已知將沿角平分線所在直線翻折,點恰好落在邊的中點處,且,那么的余弦值為.

【答案】【分析】設(shè)與交點為,過作交于,證出為的中位線,由三角形中位線定理得出,由翻折變換的性質(zhì)得出:,,同理由三角形中位線定理得出,設(shè),則,,得出,,利用勾股定理求出,根據(jù)余弦的定義即可得出結(jié)果.【詳解】解:設(shè)與交點為,過作交于,如圖所示:

為的中點,為的中點,為的中位線,,由翻折變換的性質(zhì)得:,,同理:是的中位線,,設(shè),則,,,,,∴,.故答案為:.【點睛】本題考查了翻折變換的性質(zhì)、三角形中位線定理、平行線的性質(zhì)、三角函數(shù);熟練掌握翻折變換的性質(zhì),通過作輔助線由三角形中位線定理得出,是解決問題的關(guān)鍵.2.(2023上·上海嘉定·九年級統(tǒng)考期末)在中,,,,點,分別在邊、上,且,將沿直線翻折,翻折后點落在點處,如果,那么.【答案】/0.5【分析】本題考查折疊的性質(zhì),解直角三角形,勾股定理,平行線的性質(zhì)等,延長交于點D,先解,求出,,由折疊的性質(zhì)可得,,設(shè),則,,由推出,再解和求出x的值,進而即可求解.【詳解】解:如圖,延長交于點D,中,,,,,,,由折疊的性質(zhì)可得,,,,設(shè),則,,,,,,,,,,,,,,,故答案為:.3.(2024上·上海長寧·九年級統(tǒng)考期末)如圖,在矩形中,是對角線,點在邊上,聯(lián)結(jié),將沿著直線翻折,點的對應(yīng)點恰好落在內(nèi),那么線段的取值范圍是.【答案】【分析】本題考查矩形的折疊問題,相似三角形的判定和性質(zhì)等,計算出點恰好落在邊上,以及點恰好落在邊上時的值,即可得出線段的取值范圍.【詳解】解:當點的對應(yīng)點恰好落在邊上時,如圖:由折疊的性質(zhì)知,,,又矩形中,,四邊形是正方形,,;當點的對應(yīng)點恰好落在邊上時,如圖,由折疊的性質(zhì)知,,又矩形中,,,,又,,,即,,,線段的取值范圍是.故答案為:.4.(2024上·上海浦東新·九年級統(tǒng)考期末)在菱形中,點E為邊的中點.聯(lián)結(jié),將沿著所在的直線翻折得到,點B落在點F處,延長交邊于點G.如果的延長線恰好經(jīng)過點D,那么的值為.【答案】/0.75【分析】延長、交于點,由菱形的性質(zhì)得,,,則,由折疊得,,則,,而,所以,推導(dǎo)出,可證明,得,則,所以,則,再證明,得,再證明,得,則,而,即可求得,于是得到問題的答案.【詳解】解:延長、交于點,四邊形是菱形,,,,,由折疊得,,,,,,,,,在和中,,,,點為邊的中點,,,,在和中,,,,,,,,,,,,,的值為.故答案為:【點睛】本題考查菱形的性質(zhì)、軸對稱的性質(zhì)、同角的補角相等、等腰三角形的判定與性質(zhì)、全等三角形的判定與性質(zhì)、相似三角形的判定與性質(zhì)等知識,證明是解題的關(guān)鍵.5.(2023·上海寶山·統(tǒng)考二模)如果一個三角形的兩個內(nèi)角與滿足,那么我們稱這樣的三角形為“倍角互余三角形”.已知在中,,,,點D在邊上,且是“倍角互余三角形”,那么的長等于.【答案】或【分析】分兩種情況討論,當時,利用,列式計算即可求解;當時,即是的角平分線,利用角平分線的性質(zhì)以及勾股定理即可求解.【詳解】解:當時,,即,是“倍角互余三角形”,則∴∴∴;當時,,即,是“倍角互余三角形”,此時是的角平分線,作于E,則,∵,∴,∴,∵,,,,∴,∴,設(shè),則,在中,由勾股定理得,解得.綜上,的長等于或.故答案為:或.【點睛】本題考查了正切函數(shù)的定義,角平分線的性質(zhì)以及勾股定理,分情況討論是解題的關(guān)鍵.6.(2023·上海崇明·統(tǒng)考二模)如圖,已知在兩個直角頂點重合的Rt△ABC和Rt△CDE中,,,,,將繞著點C順時針旋轉(zhuǎn),當點D恰好落在邊上時,連接,那么.【答案】【分析】利用含30度角的直角三角形的性質(zhì),分別求出的長,證明,得到,推出,在中,利用勾股定理進行求解即可.【詳解】解:∵,,,,∴,,,,∴,∴,,∴,設(shè),則:,∴,在中,,即:,解得:或(不合題意,舍去);∴.故答案為:.【點睛】本題考查含30度的直角三角形,銳角三角函數(shù),相似三角形的判定和性質(zhì),勾股定理,解一元二次方程.熟練掌握相關(guān)知識點,證明三角形相似,是解題的關(guān)鍵.7.(2023·上海靜安·統(tǒng)考二模)在平面直角坐標系中,我們定義點的“關(guān)聯(lián)點”為.如果已知點在直線上,點在的內(nèi)部,的半徑長為(如圖所示),那么點的橫坐標的取值范圍是.【答案】【分析】根據(jù)點在直線上,可求得點的“關(guān)聯(lián)點”為,根據(jù)點與圓的位置關(guān)系可得,根據(jù)勾股定理即可得答案.【詳解】解:∵點A在直線上,∴,∴,,∴點的“關(guān)聯(lián)點”為,當時,,此時點在上,整理得,解得:,∵點在的內(nèi)部,,∴,故答案為:.【點睛】本題考查了坐標與圖形,點與圓的位置關(guān)系及解一元二次方程,點在圓內(nèi),;點在圓上,,點在圓外,,正確得出點坐標,熟練掌握點與圓點位置關(guān)系是解題關(guān)鍵.8.(2023·上海長寧·統(tǒng)考二模)如圖,將平行四邊形沿著對角線翻折,點的對應(yīng)點為,交于點,如果,,且,那么平行四邊形的周長為.(參考數(shù)據(jù):)【答案】【分析】由,四邊形為平行四邊形,折疊的性質(zhì)可得是等腰三角形,,設(shè),則,由三角形的內(nèi)角和定理解得,由外角性質(zhì)可證明為等腰三角形,繼而得到,解得,分別過點作,利用余弦定理分別解得的長,最后求得平行四邊形的周長.【詳解】解:,四邊形為平行四邊形,翻折是等腰三角形設(shè),則在中,由三角形內(nèi)角和定理可得分別過點作在中,在中,平行四邊形的周長為故答案為:.【點睛】本題考查平行四邊形的性質(zhì)、三角形內(nèi)角和定理、圖形的翻折變換等知識,是重要考點,掌握相關(guān)知識是解題關(guān)鍵.9.(2023·上海青浦·統(tǒng)考二模)如圖,在中,,點D是邊的中點,點M在邊上,將沿所在的直線翻折,點A落在點E處,如果,那么.【答案】【分析】畫出圖形,過點D作的垂線段,交于點F,過點C作AB的垂線段,交于點G,證明為等腰三角形,,即可解答.【詳解】解:如圖,過點D作的垂線段,交于點F,過點C作的垂線段,交于點G,,,點D是邊的中點,,沿所在的直線翻折,點A落在點E處,,,,,,四邊形是平行四邊形,,,,,.故答案為:.【點睛】本題考查了勾股定理與折疊問題,面積法,等腰三角形的性質(zhì),平行四邊形的判定及性質(zhì),畫出圖形并且作出正確的輔助線是解題的關(guān)鍵.10.(2023·上海普陀·統(tǒng)考二模)在中,,,,為中點(如圖),為射線上一點,將沿著翻折得到,點的對應(yīng)點為,如果,那么.

【答案】或6【分析】當點在線段上時,根據(jù)已知條件得出三點共線,在中,勾股定理求得的長,當在的延長線上時,證明,利用相似三角形的性質(zhì)求解即可.【詳解】解:如圖所示,當點在線段上時,∵將沿著翻折得到,,∴,,∴三點共線,設(shè),則,,∵,為中點,∴,∴,在中,,∴,解得:;

當在的延長線上時,如圖所示,∵,∴∴,又∵,,∴,解得:,故答案為:或6.【點睛】本題考查了折疊的性質(zhì),勾股定理,相似三角形的性質(zhì)與判定,分論討論是解題的關(guān)鍵.11.(2023·上海楊浦·統(tǒng)考三模)如圖,已知在中,,將繞點B順時針旋轉(zhuǎn),點分別落在點處,聯(lián)結(jié),如果,那么邊的長.

【答案】【分析】由旋轉(zhuǎn)變換易證,,,,由,得;設(shè),由三角函數(shù)得,;在中,運用勾股定理求解得,所以.【詳解】如圖,由旋轉(zhuǎn)知,,,,為等邊三角形,∴,,,

∴,∵∴設(shè),則,中,∴,解得(負值舍去),故答案為:【點睛】本題主要考查旋轉(zhuǎn)變換、全等三角形的性質(zhì)、等邊三角形的性質(zhì)、勾股定理及特殊角三角函數(shù);能夠靈活運用相關(guān)知識導(dǎo)出線段間的數(shù)量關(guān)系是解題的關(guān)鍵.12.(2023·上海閔行·校聯(lián)考模擬預(yù)測)人們把這個數(shù)叫做黃金分割數(shù),著名數(shù)學(xué)家華羅庚優(yōu)選法中的法就應(yīng)用了黃金分割數(shù).設(shè),,則,記,,…,.則.【答案】10【分析】先根據(jù)求出(為正整數(shù))的值,從而可得的值,再求和即可得.【詳解】解:,(為正整數(shù)),,,,,則,故答案為:10.【點睛】本題考查了二次根式的運算、分式的運算,正確發(fā)現(xiàn)一般規(guī)律是解題關(guān)鍵.13.(2023·上海浦東新·校考三模)如圖,在中,,,點在邊上,且,將繞著點逆時針旋轉(zhuǎn),點落在的一條邊上的點處,那么旋轉(zhuǎn)角的度數(shù)是.

【答案】或【分析】分類討論:當點在上,根據(jù)等邊對等角和三角形內(nèi)角和即可求得;當點在上,根據(jù)30度所對的直角邊是斜邊的一半和三角形的外角性質(zhì)即可求得.【詳解】當點在上,如圖:

∵,∴,∴,當點在上,如圖:

∵,∴,∴,故答案為:或【點睛】本題考查旋轉(zhuǎn)的性質(zhì),等邊對等角,三角形內(nèi)角和,30度角的直角三角形性質(zhì),三角形的外角性質(zhì),解題的關(guān)鍵是分類討論思想的運用.14.(2023·上海嘉定·模擬預(yù)測)如圖,已知△ABC中,∠C=90°,AB=6,CD是斜邊AB的中線.將△ABC繞點A旋轉(zhuǎn),點B、點C分別落在點B′、點C′處,且點B′在射線CD上,邊AC'與射線CD交于點E.如果=3,那么線段CE的長是.【答案】【分析】根據(jù)已知,作出圖形,求出AD、CD、AE.利用相似三角形的性質(zhì)求出,即可利用EC=B′C﹣B′E求解.【詳解】解:根據(jù)已知,作出的圖形∵△ABC中,∠C=90°,CD是斜邊AB的中線.∴AD=CD=DB=AB=3,∴∠DAC=∠ACD,根據(jù)旋轉(zhuǎn)性質(zhì):∠B′AE=∠B′CA,∴△B′AE∽△B′CA,∴,∵=3,∴,∴,∴B′C=8,B′E=,∴EC=B′C﹣B′E=8﹣=,故答案為:.【點睛】本題考查旋轉(zhuǎn)的性質(zhì),直角三角形斜邊中線的性質(zhì),相似三角形的判定和性質(zhì)等知識,解題的關(guān)鍵是正確尋找相似三角形解決問題,屬于中考填空題掌握的壓軸題.15.(2023·上海靜安·??家荒#┒x:把二次函數(shù)與(a≠0,m、n是常數(shù))稱作互為“旋轉(zhuǎn)函數(shù)”.如果二次函數(shù)與(b、c是常數(shù))互為“旋轉(zhuǎn)函數(shù)”,寫出點的坐標.【答案】【分析】根據(jù)題意,把所給的兩個二次函數(shù)轉(zhuǎn)化成旋轉(zhuǎn)函數(shù)即可.【詳解】∴∴解得:故答案為:【點睛】本題考查的是學(xué)生對二次函數(shù)解析式的變形能力,解題的關(guān)鍵是根據(jù)題意去變換形式,細心謹慎.16.(2024上·上海松江·九年級統(tǒng)考期末)如圖,在矩形中,,,將邊繞點A逆時針旋轉(zhuǎn),點B落在處,連接、,若,則.【答案】【分析】該題主要考查了相似三角形的性質(zhì)和判定,勾股定理,矩形的性質(zhì),旋轉(zhuǎn)的性質(zhì),解答該題的關(guān)鍵是掌握以上知識點;過A作,設(shè)證明,根據(jù)相似三角形的性質(zhì)得出,再運用勾股定理列方程解答即可;【詳解】將邊繞點A逆時針旋轉(zhuǎn),如圖所示,過A作,則,設(shè),,,,,,,在中,,(負值舍去),故答案為:.17.(2022上·上海浦東新·九年級上海市建平實驗中學(xué)期末)如圖,中,,,,點在邊上,將沿著直線翻折得,交直線于點,連接,若是等腰三角形,則的長是.

【答案】或【分析】根據(jù)題意作圖如下,過作的垂線,交于,由勾股定理求得,根據(jù)翻折的性質(zhì),可得:,若是等腰三角形,則,勾股定理求出,再證明,求出,根據(jù),即可求出;當點在邊之間上動,且點在線段的延長線上時,同理即可求解..【詳解】解:∵在邊上,將沿著直線翻折得,交直線于點,連接,根據(jù)題意作圖如下,過作的垂線,交于,

在中,,根據(jù)翻折的性質(zhì),可得:,當點在邊之間上動,且點在線段上時,故,若是等腰三角形,則,根據(jù)等腰三角形的三線合一的性質(zhì)知,點為的中點,∴,∴,∵,∴,∴,∴,即,解得:,∴,過作的垂線,交于,

在中,,根據(jù)翻折的性質(zhì),可得:,當點在邊之間上動,且點在線段的延長線上時,故,若是等腰三角形,則,根據(jù)等腰三角形的三線合一的性質(zhì)知,點為的中點,∴,∴,∵,∴,∴,∴,即,解得:,∴,故答案為:或.【點睛】此題考查了三角形的翻折、等腰三角形、勾股定理、三角形相似等知識,解題的關(guān)鍵是根據(jù)題意作出相應(yīng)圖形,利用三角形相似來求邊長.18.(2023上·上海楊浦·九年級期末)如圖,在中,,平分交于點,過作交于點,將沿折疊得到,交于點.若,則.

【答案】【分析】過點作于,證明,得出,根據(jù),得,設(shè),,則,則,在中,,在中,,則,解方程求得,則,,勾股定理求得,根據(jù)正切的定義,即可求解.【詳解】解:如圖所示,過點作于,

∵平分交于點,∴,∴∴∵折疊,∴,∴,又∵∴∴∴∵,,則,∴∴,,∵設(shè),,則,則,∵∴在中,在中,∴即解得:∴,則∴故答案為:.【點睛】本題考查了求正切,折疊的性質(zhì),勾股定理,平行線分線段成比例,相似三角形的性質(zhì)與判定,熟練掌握以上知識是解題的關(guān)鍵.19.(2024上·上海寶山·九年級統(tǒng)考期末)已知和是矩形的兩條對角線,將沿直線翻折后,點D落在點E處,三角形與矩形的重疊部分是三角形,連接,如果,,那么的正切值是.【答案】或【分析】此題考查了折疊的性質(zhì)、矩形的性質(zhì)、解直角三角形,熟練掌握折疊的性質(zhì)是解題的關(guān)鍵.分兩種情況討論,根據(jù)矩形的性質(zhì)得出,,則,根據(jù)折疊的性質(zhì)得出,,設(shè),則,根據(jù)直角三角形的性質(zhì)及三角形外角性質(zhì)推出,則,或,根據(jù)正切的定義求解即可.【詳解】解:如圖,交于點O,,,∵四邊形是矩形,.∴,,,根據(jù)折疊的性質(zhì)得,,,設(shè),則,,,,,,,在中,,,即∠BDE的正切值是;如圖,交于點O,,,同理得,,,,,在中,,,,,,,即的正切值是;綜上,的正切值是或,故答案為:或.20.(2023·上海嘉定·統(tǒng)考二模)如圖,在Rt中,,,,點、分別是邊、的中點,連接.將繞點順時針方向旋轉(zhuǎn),點、的對應(yīng)點分別是點、.如果點落在線段上,那么線段.【答案】【分析】根據(jù)勾股定理求得,根據(jù)旋轉(zhuǎn)的性質(zhì)得出,,進而得出,根據(jù)相似三角形的性質(zhì)即可求解.【詳解】在Rt中,,,,點、分別是邊、的中點,∴,,如圖所示,點落在線段上,設(shè)旋轉(zhuǎn)角為,∴,旋轉(zhuǎn),∴,∵,∴,∴,∵,.故答案為:.【點睛】本題考查了旋轉(zhuǎn)的性質(zhì),相似三角形的性質(zhì)與判定,勾股定理,熟練掌握旋轉(zhuǎn)的性質(zhì)是解題的關(guān)鍵.21.(2023·上海虹口·校聯(lián)考二模)如圖,在矩形ABCD中,,點E在邊AB上,,連接DE,將沿著DE翻折,點A的對應(yīng)點為P,連接EP、DP,分別交邊BC于點F、G,如果,那么CG的長是.

【答案】/【分析】延長交于點,根據(jù)已知得出,證明,求得,根據(jù)折疊的性質(zhì)以及平行線的性質(zhì)得出,在中,,進而得出,證明,根據(jù)相似三角形的性質(zhì)即可求解.【詳解】解:如圖所示,延長交于點,

∵,∴,∴四邊形是矩形,∴,,∴,∴,∵,

∴,∴,∵折疊,∴,,,則,又∵,∴∴,∴∵,∴,在中,,∴,∴,∵,∴,

又∵,∴,∴,即,∴,故答案為:.【點睛】本題考查了矩形的折疊問題,相似三角形的性質(zhì)與判定,熟練掌握折疊的性質(zhì)以及相似三角形的性質(zhì)是解題的關(guān)鍵.22.(2023·上海奉賢·統(tǒng)考二模)如圖,在正方形中,點E、F分別在邊上,.將沿直線CE翻折,如果點D的對應(yīng)點恰好落在線段上,那么的正切值是.

【答案】2【分析】過點作于點M,由折疊得再證明從而證明設(shè),則求出再證明得,由勾股定理求出,進一步可求出的正切值.【詳解】解:∵四邊形是正方形,∴過點作于點M,

∵∴∴由折疊得,∴∴∵∴∴∴設(shè),則在中,由勾股定理得,∵∴又∴∴∴,在中,在中,∴,故答案為2【點睛】本題主要考查了正方形的折疊問題,全等三角形的判定與性質(zhì),相似三角形的判定與性質(zhì)以及求正切值等知識,正確作出輔助線構(gòu)造全等三角形是解答本題的關(guān)鍵.23.(2024·上海普陀·統(tǒng)考一模)如圖,矩形中,,,為邊的中點,聯(lián)結(jié)、,為邊上一點,將沿翻折,如果點的對應(yīng)點恰好位于內(nèi),那么的取值范圍是.【答案】【分析】本題考矩形的折疊問題,相似三角形的性質(zhì),勾股定理;根據(jù)翻折的性質(zhì)、直角三角形的邊角關(guān)系以及相似三角形的性質(zhì),分別求得的最小值與最大值

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