物理歐姆定律專題練習(xí)(及答案)含解析

物理歐姆定律專題練習(xí)(及答案)含解析一、歐姆定律選擇題1．在綜合實(shí)踐活動(dòng)課上，小明把一只用半導(dǎo)體材料制成的電阻Rx與滑動(dòng)變阻器R串聯(lián)接在電壓恒為6V的電路中，如圖甲所示．閉合開(kāi)關(guān)，滑動(dòng)變阻器的滑片P由a端向b端移動(dòng)的過(guò)程中，電流表和電壓表示數(shù)變化情況如圖乙所示，針對(duì)該實(shí)驗(yàn)過(guò)程，下列結(jié)果正確的是（

）A.

Rx是定值電阻，其阻值為6Ω

B.

電路消耗的最小功率為0.6WC.

滑動(dòng)變阻器的最大阻值為50Ω

D.

當(dāng)P從a端移向b端時(shí)，Rx的阻值變大【答案】B【解析】【解答】由電路圖可知，電阻Rx與滑動(dòng)變阻器R串聯(lián)，電壓表測(cè)滑動(dòng)變阻器兩端的電壓；當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片P位于a端，滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值最大，電路總電阻最大，電路中的電流最小，由圖象可知，最小電流I最小=0.1A，電路消耗的功率最?。篜最小=UI最小=6V×0.1A=0.6W，故B正確.當(dāng)電路中的電流最小時(shí)，對(duì)應(yīng)電壓表示數(shù)U滑=4.5V，由歐姆定律得，滑動(dòng)變阻器的最大阻值：

，故C錯(cuò)誤.根據(jù)串聯(lián)電路電壓規(guī)律可知，電阻Rx兩端的電壓：Ux=U-U滑=6V-5.0V=1V，此時(shí)Rx的阻值：當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片P位于b端，滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值為零，電路總電阻最小，電路中的電流最大，由圖象可知，最大電流I最大=1.0A，則電阻Rx兩端的電壓：Ux′=U=6V，此時(shí)Rx的值由上述可知，Rx不是定值電阻，故A錯(cuò)誤.當(dāng)P從a端移向b端時(shí)，Rx的阻值變小，故D錯(cuò)誤.故答案為：B.【分析】分析電路圖確定滑動(dòng)變阻器和Rx的連接方式及電壓表所測(cè)的電壓，分析出滑片在a端和b端時(shí)滑動(dòng)變阻器應(yīng)用的阻值，由圖象乙確定出對(duì)應(yīng)的電流值，由歐姆定律和電功率的公式進(jìn)行計(jì)算即可解答.2．有兩只分別標(biāo)有”6V

3W“和”9V

3W“的小燈泡L1、L2，不考慮溫度對(duì)燈絲電阻的影響，下列說(shuō)法正確的是（

）A.

L1和L2正常工作時(shí)的電流一樣大B.

L1和L2串聯(lián)在一起同時(shí)使用時(shí)，兩燈一樣亮C.

L1和L2并聯(lián)在一起同時(shí)使用時(shí)，兩燈消耗的功率一樣大D.

將L1串聯(lián)在一個(gè)12Ω的電阻，接在電源電壓為12V的電路中，L1也能正常發(fā)光【答案】D【解析】【解答】解：A．由P=UI可得，兩燈泡正常發(fā)光時(shí)的電流分別為：I1===0.5A，I2===A，所以兩燈泡正常發(fā)光時(shí)的電流不一樣，故A錯(cuò)誤；B．由P=UI=可得，兩燈泡的電阻分別為：R1===12Ω，R2===27Ω，兩燈泡串聯(lián)時(shí)通過(guò)的電流相等，但燈泡的電阻不同，由P=I2R可知，兩燈泡的實(shí)際功率不相等，亮度不同，故B錯(cuò)誤；C．L1和L2并聯(lián)在一起同時(shí)使用時(shí)，它們兩端的電壓相等，但燈泡的電阻不同，由P=可知，兩燈泡消耗的電功率不相等，故C錯(cuò)誤；D．將L1串聯(lián)在一個(gè)12Ω的電阻時(shí)，電路中的總電阻R總=R1+R=12Ω+12Ω=24Ω，電路中的電流I===0.5A，因電路中的電流和燈泡L1正常發(fā)光時(shí)的電流相等，所以L1能正常發(fā)光，故D正確．故選D．【分析】（1）燈泡正常發(fā)光時(shí)的電壓和額定電壓相等，根據(jù)P=UI求出兩燈泡的正常發(fā)光時(shí)的電流，然后比較兩者的關(guān)系；（2）根據(jù)P=UI=求出兩燈泡的電阻，根據(jù)串聯(lián)電路的電流特點(diǎn)和P=I2R比較兩燈泡的實(shí)際功率關(guān)系，實(shí)際功率大的燈泡較亮；（3）L1和L2并聯(lián)在一起同時(shí)使用時(shí)，它們兩端的電壓相等，根據(jù)P=比較兩燈泡消耗的電功率關(guān)系；（4）將L1串聯(lián)在一個(gè)12Ω的電阻時(shí)，根據(jù)電阻的串聯(lián)和歐姆定律求出電路中的電流，然后與燈泡L1正常發(fā)光時(shí)的電流相比較判斷其是否能正常發(fā)光．3．如圖所示的電路，閉合開(kāi)關(guān)S，當(dāng)滑片P向左移動(dòng)時(shí)，不考慮燈絲電阻受溫度影響．下列說(shuō)法正確的是（

）A.

小燈泡變亮

B.

電流表示數(shù)變大

C.

電壓表示數(shù)變小

D.

電路的總功率不變【答案】D【解析】【解答】解：因電壓表的內(nèi)阻很大、在電路中相當(dāng)于斷路，所以，滑片移動(dòng)時(shí)，接入電路中的電阻不變，此時(shí)燈泡與滑動(dòng)變阻器的最大阻值串聯(lián)，電壓表測(cè)滑片右側(cè)部分兩端的電壓，電流表測(cè)電路中的電流，由I=可知，電路中的電流不變，即電流表的示數(shù)不變，故B錯(cuò)誤；因燈泡的亮暗取決于實(shí)際功率的大小，所以，由P=I2R可知，燈泡的實(shí)際功率不變，亮暗不變，故A錯(cuò)誤；由P=UI可知，電路的總功率不變，故D正確；當(dāng)滑片P向左移動(dòng)時(shí)，電壓表并聯(lián)部分的電阻變大，由U=IR可知，電壓表的示數(shù)變大，故C錯(cuò)誤．故選D．【分析】根據(jù)電壓表的內(nèi)阻很大、在電路中相當(dāng)于斷路可知滑片移動(dòng)時(shí)接入電路中的電阻不變，此時(shí)燈泡與滑動(dòng)變阻器的最大阻值串聯(lián)，電壓表測(cè)滑片右側(cè)部分兩端的電壓，電流表測(cè)電路中的電流，根據(jù)歐姆定律可知電路中電流的變化，根據(jù)P=I2R可知燈泡實(shí)際功率的變化，進(jìn)一步判斷亮暗的變化，根據(jù)P=UI可知電路總功率的變化，根據(jù)滑片的移動(dòng)可知滑片右側(cè)部分電阻的變化，根據(jù)歐姆定律可知電壓表示數(shù)的變化．4．對(duì)于某一確定的導(dǎo)體，影響該導(dǎo)體電流大小的物理量是（

）A.

通電時(shí)間

B.

電荷量

C.

電壓

D.

質(zhì)量【答案】C【解析】【解答】解：（1）由歐姆定律可知，對(duì)于某一導(dǎo)體，通過(guò)導(dǎo)體的電流與導(dǎo)體兩端的電壓成正比，所以對(duì)于某一確定的導(dǎo)體，通過(guò)導(dǎo)體電流大小決定于導(dǎo)體兩端的電壓，故C正確；（2）導(dǎo)體電阻和電壓決定了通過(guò)導(dǎo)體的電流大小，即在一定時(shí)間內(nèi)通過(guò)導(dǎo)體橫截面的電荷量的多少，電流的大小與質(zhì)量無(wú)關(guān)，故ABD錯(cuò)誤．故選C．【分析】對(duì)于某一導(dǎo)體，電阻一定，通過(guò)導(dǎo)體的電流與導(dǎo)體兩端的電壓成正比，據(jù)此分析選擇．5．在如圖所示電路中，電源電壓相同且不變，電路元件均完好，電流表A1的示數(shù)比A2大，下列方案中有可能使兩電流表示數(shù)相同的有（

）方案：①用一個(gè)更小的電阻替換R3

②將如圖（a）中的R2與（b）中的R1互換

③用一個(gè)更大的電阻替換R2

④將如圖（a）中的R1與（b）中的R3互換A.

0個(gè)

B.

1個(gè)

C.

2個(gè)

D.

3個(gè)【答案】C【解析】【解答】a圖R1、R2并聯(lián)，電流表A1在干路上，b圖R1、R3串聯(lián)，電源電壓相同且不變，電流表A1的示數(shù)比A2大，要使兩電流表示數(shù)相同，可以減小A1的示數(shù)或者增大A2的示數(shù)，根據(jù)歐姆定律可知，可以用一個(gè)更小的電阻替換R3或者用一個(gè)更大的電阻替換R2，故①③符合題意；因R1、R2、R3的大小未知，故②④不確定。故答案為：C.【分析】由（a）電路圖可知，R1與R2并聯(lián)，電流表A1測(cè)干路中的電流；由（b）電路圖可知，R1與R3串聯(lián)，電流表A2測(cè)電路電流；電流表A1、A2的示數(shù)相同，且電源電壓相等且保持不變，根據(jù)歐姆定律可知它們的電阻關(guān)系，根據(jù)并聯(lián)電路的電阻特點(diǎn)可知R3與R1、R2之間的關(guān)系.6．如圖所示電路中，定值電阻R1=10Ω，沿動(dòng)變阻器R2最大阻值為20Ω，電源電壓保持U=6V不變，將滑片P滑至最右端，閉合S，下列說(shuō)法正確的是（

）A.

R1和R2串聯(lián)在電路中B.

電流表A1的示數(shù)是電流表A2示數(shù)的兩倍C.

當(dāng)滑片P向左滑動(dòng)的過(guò)程中，電壓表V的示數(shù)與電流表A2的示數(shù)的比值保持不變D.

將滑片P滑至最左端，電路仍能正常工作【答案】C【解析】【解答】A.根據(jù)電路圖判斷，電流分別經(jīng)過(guò)電阻，是并聯(lián)電路，A不符合題意；B.動(dòng)力臂A1測(cè)量干路電流，A2測(cè)量R1的電流，由于R1和R2不相等，則并聯(lián)時(shí)電流不相等，干路電流不是支路的2倍，B不符合題意；C.當(dāng)滑片移動(dòng)時(shí)，電壓表測(cè)量電源電壓，示數(shù)不變，電流表A2測(cè)量定值電阻的電流，示數(shù)不變，所以兩表的比值不變，C符合題意；D.當(dāng)滑片移至最左時(shí)，電流不經(jīng)過(guò)R2，此時(shí)電源短路，D不符合題意。故答案為：C.【分析】根據(jù)電路的連接方式，結(jié)合電流表和電壓表測(cè)量的位置，分別判斷在電阻變化時(shí)，電流或電壓的變化情況。7．圖甲是某電子秤的原理示意圖，R1的阻值為100Ω，托盤下方的電阻R2為壓敏電阻，其電阻大小與托盤內(nèi)所放物體質(zhì)量m大小的關(guān)系如圖乙所示，電源電壓為6V保持不變，則（

）A.

R2的阻值變化范圍為0~1000Ω

B.

電路中電流的變化范圍為0.1A~0.6AC.

電路中電流為0.02A時(shí)，托盤內(nèi)物體的質(zhì)量為600g

D.

托盤內(nèi)物體質(zhì)量為400g時(shí)，電流表的示數(shù)為0.01A沿此線折疊【答案】C【解析】【解答】A.由圖乙可知,壓敏電阻R2的阻值變化范圍為0～500Ω，A不符合題意；B.當(dāng)托盤內(nèi)物體的質(zhì)量為零時(shí),壓敏電阻R2＝500Ω，則電路總電阻：R＝R1+R2＝100Ω+500Ω＝600Ω，此時(shí)電路中的電流：I＝＝0.01A，當(dāng)托盤內(nèi)物體的質(zhì)量為1000g時(shí),壓敏電阻阻值是0Ω，則電路總電阻：R′＝R1+R′2＝100Ω+0Ω＝100Ω，此時(shí)電路中的電流：I′＝＝0.06A，所以，電路中電流的變化范圍為0.01A～0.06A，B不符合題意；C.當(dāng)電路中電流I1＝0.02A時(shí)，電路總電阻：R總＝＝300Ω，則壓敏電阻R2的阻值：R2＝R總?R1＝300Ω?100Ω＝200Ω，由圖乙可知,當(dāng)R2＝200Ω時(shí)，托盤內(nèi)物體的質(zhì)量為600g，C符合題意；D.當(dāng)托盤內(nèi)物體質(zhì)量為400g時(shí),由圖乙可知,R2″＝300Ω時(shí)，則電路總電阻：R′總＝R1+R2″＝100Ω+300Ω＝400Ω，此時(shí)電路中的電流：I2＝＝0.015A，D不符合題意。故答案為：C?！痉治觥侩娮鑂1、R2串聯(lián)電流表測(cè)電路中的電流，由圖乙可知，壓敏電阻R2的阻值變化范圍；根據(jù)串聯(lián)電路電阻特點(diǎn)和歐姆定律求出電路中電流的變化范圍；再根據(jù)歐姆定律、串聯(lián)電路電阻特點(diǎn)求出托盤內(nèi)物體的質(zhì)量和電流表的示數(shù).8．如圖所示的電路，滑動(dòng)變阻器的滑片向左滑動(dòng)的過(guò)程中，電流表和電壓表的示數(shù)變化是（

）A.

電流表示數(shù)變小，電壓表示數(shù)變大

B.

電流表、電壓表示數(shù)都變大C.

電流表示數(shù)變大，電壓表示數(shù)變小

D.

電流表、電壓表示數(shù)都變小【答案】C【解析】【解答】根據(jù)圖像，是燈泡和滑動(dòng)變阻器的串聯(lián)電路，電壓表測(cè)量燈泡分壓，當(dāng)滑片向左滑動(dòng)，電阻減小，滑動(dòng)變阻器分壓減小，燈泡分壓變大，所以電壓表示數(shù)變大，電流表示數(shù)變大，C符合題意。故答案為：C.【分析】根據(jù)電阻變大時(shí)，電流減小，減小的電阻分壓減小。9．在一次物理實(shí)驗(yàn)中，小于同學(xué)連接了如圖所示的電路，電磁鐵的B端有一個(gè)可自由轉(zhuǎn)動(dòng)的小磁針，閉合開(kāi)關(guān)后，下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是（

）A.

電磁鐵的A端為N極B.

小磁針靜止時(shí)，N極水平指向左C.

利用這一現(xiàn)象所揭示的原理可制成的設(shè)備是發(fā)電機(jī)D.

當(dāng)滑動(dòng)變阻器滑動(dòng)片P向右端移動(dòng)，電磁鐵磁性增強(qiáng)【答案】C【解析】【解答】解：A、由圖知，電流從螺線管的右端流入、左端流出，根據(jù)安培定則可知，電磁鐵的A端是N極，B端是S極，A不符合題意；B、電磁鐵的B端是S極，由磁極間的作用規(guī)律可知，小磁針靜止時(shí)，左端是N極，即N極水平指向左，B不符合題意；C、該實(shí)驗(yàn)表明了電能生磁，利用這一現(xiàn)象所揭示的原理可制成電磁鐵，C錯(cuò)誤，符合題意；D、當(dāng)滑動(dòng)變阻器滑動(dòng)片P向右端移動(dòng)時(shí)，變阻器接入電路的電阻變小，電路中電流變大，則電磁鐵的磁性變強(qiáng)，D不符合題意；故答案為：C?！痉治觥渴紫壤冒才喽▌t判斷螺線管的磁極，再由磁極間的作用規(guī)律判斷小磁針的指向；電磁感應(yīng)是發(fā)電機(jī)的原理；由滑動(dòng)變阻器的滑片移動(dòng)可得出電路中電流的變化，則可得出螺線管中磁場(chǎng)的變化.10．如圖所示的電路，電源電壓保持不變，電路中各元件連接正確且均完好，閉合電鍵S，向右移動(dòng)滑動(dòng)變阻器滑片P的過(guò)程中（

）A.

電流表A的示數(shù)變大

B.

電壓表V的示數(shù)變大C.

電壓表V與電流表A的示數(shù)的比值變大

D.

電壓表V與電流表A的示數(shù)的乘積變小【答案】D【解析】【解答】A.此電路為串聯(lián)電路，電壓表測(cè)量電阻R1兩端的電壓，電流表測(cè)電路電流，當(dāng)閉合電鍵S，向右移動(dòng)滑動(dòng)變阻器滑片P的過(guò)程中，滑動(dòng)變阻器的電阻增大，電路的總電阻增大，根據(jù)歐姆定律，電路中的電流變小，即電流表的示數(shù)變小，A不符合題意他.B.根據(jù)串聯(lián)電阻分壓關(guān)系，滑動(dòng)變阻器的電阻增大，分壓將增大，根據(jù)串聯(lián)電路電壓特點(diǎn)，所以電阻R1兩端的電壓減小，即電壓表示數(shù)變小，B不符合題意.C.電壓表V與電流表A的示數(shù)的比值即為電阻R1的阻值，應(yīng)不變，C不符合題意.D.因電壓表與電流表的示數(shù)都變小，所以乘積將變小，D符合題意.、故答案為：D.【分析】R1與R2串聯(lián)，電壓表V測(cè)R1的電壓，電流表測(cè)電路中的電流，根據(jù)歐姆定律可知電路中電流的變化分析.11．如圖所示電路中，R1:R2=2:3，開(kāi)關(guān)閉合后，電路的總功率為P0。若將R1的阻值增大2Ω，R2的阻值減小2Ω，電路的總功率仍為P0；若將R1的阻值減小2Ω，R2的阻值增大2Ω，電路的總功率為P；則P:P0等于（

）A.

3:2

B.

4:3

C.

5:4

D.

6:5【答案】A【解析】【解答】?jī)蓚€(gè)滑動(dòng)變阻器并聯(lián)；由題意可知，R1:R2=2:3，-------①，開(kāi)關(guān)閉合后，電路的總功率：P0=-------②，若將R1的阻值增大2Ω，R2的阻值減小2Ω，電路的總功率：P0=--------③，由以上①②③式可解得：R1=4Ω，R2=6Ω；所以P0==，若將R1的阻值減小2Ω，R2的阻值增大2Ω，此時(shí)電路的總功率：P==，P：P0=:=3:2。故答案為：A【分析】結(jié)合電路圖，理清元件的連接方式，先根據(jù)P=表示出電路的總功率P0，將R1的阻值增大2Ω，R2的阻值減小2Ω，再根據(jù)P=表示出電路的總功率仍為P0，結(jié)合R1：R2=2：3可求出R1、R2的阻值；若將R1的阻值減小2Ω，R2的阻值增大2Ω，根據(jù)P=表示出電路的總功率為P，將R1、R2的阻值代入P0和P的表達(dá)式，聯(lián)立即可得出答案.12．小海設(shè)計(jì)了一種測(cè)定油箱內(nèi)油量的模擬裝置，如圖所示，其中電源兩端電壓保持不變，R0是定值電阻，R是滑動(dòng)變阻器的電阻片，滑動(dòng)變阻器的滑片P跟滑桿的一端連接，滑桿可以繞固定軸O轉(zhuǎn)動(dòng)，另一端固定著一個(gè)浮子。油箱中的油量減少時(shí)，浮子隨油面下降，帶動(dòng)滑桿使變阻器的滑片P向上移動(dòng)，從而引起電流表的示數(shù)發(fā)生變化。下列說(shuō)法中正確的是（

）A.

電流表示數(shù)變小時(shí)，表明油箱中的油量減少B.

電流表示數(shù)變小時(shí)，電阻R0兩端電壓變大C.

當(dāng)油箱中的油量減少時(shí)，電流表示數(shù)變大D.

當(dāng)油箱中的油量減少時(shí)，變阻器R連入電路的電阻變小【答案】A【解析】【解答】如圖，定值電阻R0與滑動(dòng)變阻器R串聯(lián)在電路中，電流表測(cè)量電路中電流。A.C.D當(dāng)油箱中的油量減少時(shí)，浮子下降，帶動(dòng)滑片上升，滑動(dòng)變阻器接入電路的電阻變大，電路總電阻變大，根據(jù)可知，電路中電流變小，所以電流表示數(shù)變小時(shí)，表明油箱中的油量減少，A符合題意，CD不符合題意；B.電流表示數(shù)變小時(shí)，即通過(guò)R0的電流變小，根據(jù)知，電阻R0兩端電壓變小，B不符合題意；故答案為：A。【分析】滑動(dòng)變阻器R與定值電阻R0串聯(lián)，電流表測(cè)電路中的電流，根據(jù)油量的變化可知浮子的變化，在杠桿的作用下可知滑片P移動(dòng)的方向，從而得出接入電路中電阻的變化，根據(jù)歐姆定律可知電路中電流的變化和電阻R0兩端電壓的變化.13．新的國(guó)家標(biāo)準(zhǔn)對(duì)延長(zhǎng)線插座配用電纜的導(dǎo)線橫截面積要求進(jìn)行了修改，額定電流16A的延長(zhǎng)線插座，導(dǎo)線最小標(biāo)稱橫截面積由1mm2提升到1.5mm2.增大導(dǎo)線橫截面積的目的是（

）A.

增大導(dǎo)線的電阻

B.

減小通過(guò)導(dǎo)線的電流

C.

增大導(dǎo)線的電壓

D.

減小導(dǎo)線發(fā)熱的功率【答案】D【解析】【解答】A．減小導(dǎo)線的電阻，A不符合題意；B．由I=知當(dāng)U一定時(shí)R越小I越小，B不符合題意；C．由I=的變形式U=IR知當(dāng)I一定時(shí)R越小U越小，C不符合題意；D．根據(jù)P=I2R知當(dāng)I一定時(shí)R越小P越小，D符合題意。故答案為：D?！痉治觥緼、影響導(dǎo)體電阻大小的因素：材料、長(zhǎng)度、橫截面及溫度，當(dāng)材料、長(zhǎng)度、溫度不變時(shí)橫截面越大電阻越?。籅、根據(jù)I=分析判斷；C、根據(jù)I=的變形式U=IR分析判斷；D、根據(jù)P=I2R分析判斷。14．如圖甲所示的電路，在滑動(dòng)變阻器R2的滑片P從B向A滑動(dòng)的過(guò)程中，電壓表與電流表示數(shù)的變化如圖乙所示，則下列說(shuō)法中正確的是（

）A.

的阻值是

B.

當(dāng)電流表的示數(shù)是時(shí)，接入電路的阻值是C.

電源電壓是16V

D.

該電路的最大電功率為【答案】A【解析】【解答】解：A、C、由乙圖知，當(dāng)滑動(dòng)變阻器接入電路電阻最大時(shí)，兩端電壓最大，為14V；此時(shí)電路電流最小，為0.2A，因?yàn)镮=，所以滑動(dòng)變阻器的最大阻值為R2===70Ω。根據(jù)題意得：解得．A符合題意，C不符合題意；B、當(dāng)電路電流為I′=0.4A時(shí)，電路總電阻為R′===45Ω，所以滑動(dòng)變阻器接入電路的電阻為R2′=R′-R1=45Ω-20Ω=25Ω．此選項(xiàng)錯(cuò)誤；D、電路消耗的最大功率為P最大=UI最大=18V×0.9A=16.2W．此選項(xiàng)錯(cuò)誤。故答案為：A【分析】結(jié)合電路圖，理清元件的連接方式及電表的測(cè)量對(duì)象，由U-I圖像可知，當(dāng)滑動(dòng)變阻器接入電路電阻最大時(shí)，兩端電壓最大，為14V；此時(shí)電路電流最小，為0.2A；當(dāng)滑動(dòng)變阻器接入電路電阻最小時(shí)，兩端電壓為0；電路電流最大，為0.9A.根據(jù)歐姆定律和串聯(lián)電路特點(diǎn)列方程組得到電源電壓和定值電阻的阻值；利用公式P=UI得到電路最大功率.15．如圖所示的電路.電源電壓保持不變.R1=10Ω.閉合開(kāi)關(guān)S，滑動(dòng)變阻器滑片P在最右端時(shí).電流表的示散為0.25A；把滑片P移到中點(diǎn)時(shí).電流表的示教為0.4A。則下列選項(xiàng)正確的是（

）A.

滑片P在最右端時(shí).通過(guò)R1、R2的電流之比為5：8B.

滑片P在最右端時(shí)，R1、R2兩端電壓之比為3：1C.

滑動(dòng)變阻器的最大阻值為40ΩD.

電源電壓為10V【答案】D【解析】【解答】閉合開(kāi)關(guān)S，滑動(dòng)變阻器滑片P在最右端時(shí)，定值電阻R1和變阻器R2串聯(lián)，根據(jù)U總=I總R總得到：U總=0.25A×（10Ω+R2）

①；當(dāng)滑片P移到中點(diǎn)時(shí)，定值電阻R1和變阻器R2串聯(lián)，根據(jù)U總=I總R總得到：U總=0.4A×（10Ω+R2）

②；解得：R2=30Ω，U總=10V，故C錯(cuò)誤，D正確；滑片P在最右端時(shí)，定值電阻R1和變阻器R2串聯(lián)；因?yàn)榇?lián)電路各處電流都相等，所以通過(guò)R1、R2的電流之比為

1：1，故A錯(cuò)誤；串聯(lián)電路中，電壓與電阻成正比，那么R1、R2兩端電壓之比：U1：U2=R1：R2=10Ω：30Ω=1：3，故B錯(cuò)誤。???????故選D?！痉治觥?/p>

（1）閉合開(kāi)關(guān)S，滑動(dòng)變阻器滑片P在最右端時(shí)，定值電阻R1和變阻器R2串聯(lián)；當(dāng)滑片P移到中點(diǎn)時(shí)，定值電阻R1和變阻器R2串聯(lián)；根據(jù)U總=I總R總列出方程組，然后計(jì)算得到變阻器的最大阻值和電源電壓；（2）串聯(lián)電路中各處電流都相等；（3）串聯(lián)電路中，電壓與電阻成正比。16．如圖所示，電源電壓保持不變，小燈泡L1、L2分別標(biāo)有“6V

3W”和“6V

6W”的字樣，滑動(dòng)變阻器R的阻值變化范圍為0～12Ω，當(dāng)S1、S2和S3都閉合，滑動(dòng)變阻器的滑片滑到a端時(shí)，兩燈都正常發(fā)光．不考慮溫度對(duì)燈泡電阻的影響，則（

）A.

電源電壓為12V

B.

兩燈都正常發(fā)光時(shí)電流表的示數(shù)為3AC.

整個(gè)電路的最小功率2.25W

D.

整個(gè)電路的最大功率9W【答案】D【解析】【解答】解：（1）當(dāng)S1、S2、S3都閉合，滑動(dòng)變阻器滑到a端時(shí)，燈泡L1和燈泡L2并聯(lián)，因并聯(lián)電路中各支路兩端的電壓相等，且兩燈都正常發(fā)光，所以，電源的電壓U=U1=U2=6V，故A錯(cuò)誤；（2）由P=UI可得，兩燈泡都正常發(fā)光時(shí)通過(guò)的電流：I1===0.5A，I2===1A，因并聯(lián)電路中干路電流等于各支路電流之和，所以，兩燈都正常發(fā)光時(shí)電流表的示數(shù)：I=I1+I2=0.5A+1A=1.5A，故B錯(cuò)誤；（3）由I=可得，兩燈泡的電阻：R1===12Ω，R2===6Ω，當(dāng)S1、S3閉合且滑片位于b端時(shí)，R1與R的最大阻值串聯(lián)，電路中的總電阻最大，電路的總功率最小，因串聯(lián)電路中總電阻等于各分電阻之和，所以，電路的最小總功率：P小===1.5W，故C錯(cuò)誤；（4）當(dāng)S1、S2、S3都閉合且滑片位于a端時(shí)，兩燈泡并聯(lián)，電路中的總電阻最小，電路的總功率最大，因此時(shí)兩燈泡均正常發(fā)光，所以，整個(gè)電路的最大功率：P大=P1+P2=3W+6W=9W，故D正確．故選D．【分析】（1）當(dāng)S1、S2和S3都閉合，滑動(dòng)變阻器的滑片滑到a端時(shí)，燈泡L1和燈泡L2并聯(lián)，兩燈泡均正常發(fā)光時(shí)的電壓和額定電壓相等，根據(jù)并聯(lián)電路的電壓特點(diǎn)求出電源的電壓；（2）根據(jù)P=UI求出兩燈泡都正常發(fā)光時(shí)通過(guò)的電流，根據(jù)并聯(lián)電路的電流特點(diǎn)求出兩燈都正常發(fā)光時(shí)電流表的示數(shù)；（3）根據(jù)歐姆定律求出兩燈泡的電阻，兩燈泡的最大電阻和R的最大阻值串聯(lián)時(shí)電路中的總電阻最大，電路的總功率最小，根據(jù)電阻的串聯(lián)和P=UI=求出電路的最小總功率；（4）當(dāng)S1、S2、S3都閉合且滑片位于a端時(shí)，兩燈泡并聯(lián)，電路中的總電阻最小，電路的總功率最大，此時(shí)兩燈泡的實(shí)際功率和額定功率相等，兩燈泡的功率之和即為電路的總功率．17．如圖1所示，電源電壓恒為6V，R為熱敏電阻，其阻值隨溫度變化如圖2所示，R0是阻值為10Ω的定值電阻，閉合開(kāi)關(guān)S，通過(guò)分析，下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是（

）A.

圖1中的R0有保護(hù)電路的作用

B.

溫度升高時(shí)，電壓表的示數(shù)會(huì)變小C.

溫度為40℃時(shí)，電流表的示數(shù)為0.2A

D.

溫度降低時(shí)，電壓表與電流表示數(shù)的比值變小【答案】D【解析】【解答】解：A、由圖可知，R與R0串聯(lián)在電路中，當(dāng)熱敏電阻隨溫度的升高而過(guò)小時(shí)，電路中的總電阻R串=R+R0而不致過(guò)小，因此R0起到保護(hù)電路的作用，故A不符合題意；B、由圖2而知，當(dāng)溫度升高時(shí)，R會(huì)變小，根據(jù)串聯(lián)電路的分壓特點(diǎn)可知，熱敏電阻兩端的電壓會(huì)變小，即電壓表示數(shù)會(huì)變小，故B不符合題意；C、由圖可知，溫度為40℃時(shí)，熱敏電阻的值為R=20Ω，則電流表示數(shù)I===0.2A，故C不符合題意；D、由圖可知，電壓表測(cè)R兩端電壓U，電流表測(cè)電路電流即R電流I，由歐姆定律可知，=R，即電壓表與電流表示數(shù)的比值表示的是熱敏電阻的值，當(dāng)溫度降低時(shí)，由圖2可知，其阻值變大，即電壓表與電流表的示數(shù)比值變大，故D符合題意．故選D．【分析】（1）根據(jù)圖1中的電路連接方式，由圖2可知，熱敏電阻隨溫度的升高而減小，此時(shí)電路中的電流會(huì)增大，據(jù)此分析；（2）溫度升高時(shí)，由圖2分析熱敏電阻的變化，再判斷電路中總電阻的改變，由歐姆定律判斷電壓表示數(shù)變化情況；（3）由圖2中的數(shù)據(jù)，根據(jù)串聯(lián)電路的特點(diǎn)進(jìn)行計(jì)算；（4）分析電壓表與電流表示數(shù)比值所表示的量，結(jié)合圖2進(jìn)行判斷．18．如圖甲所示的電路中,電源電壓恒定,燈泡L的電阻隨溫度變化而變化,R0為定值電阻滑動(dòng)變阻器Rx的規(guī)格為“20Ω2.5A”閉合開(kāi)關(guān)S,電壓表V1的示數(shù)為U1、電壓表V2的示數(shù)為U2,移動(dòng)滑動(dòng)變阻器的滑片P從A端至B端,U2與U1的關(guān)系如圖乙所示當(dāng)滑片P滑到B端時(shí),燈L恰好正常發(fā)光.下列結(jié)果中正確的是（

）A.

電路中最大電流為1A

B.

定值電阻R0的阻值為16ΩC.

燈L正常發(fā)光時(shí)的電阻為40Ω

D.

燈L的額定功率為24W【答案】D【解析】【解答】由圖可知，當(dāng)滑片P滑到B端時(shí)，阻值為0，L和R0串聯(lián)，此時(shí)電壓表V2測(cè)電源電壓，由圖知電源電壓為36V，電壓表V1測(cè)R0的電壓，由圖知R0的電壓U01=24V，燈L恰好正常發(fā)光，則燈L的額定電壓為：UL額=36V24V=12V，A．當(dāng)滑片P在A端時(shí)，滑動(dòng)變阻器阻值最大，且Rmax=20Ω，此時(shí)電壓表V2的示數(shù)為16V，則滑動(dòng)變阻器兩端的電壓為：UR=36V16V=20V，此時(shí)電路中的電流最?。篒min===1A，A不符合題意；B．當(dāng)滑片P在A端時(shí)，電壓表V1的示數(shù)U02=12V，則定值電阻R0的阻值為：R0===12Ω,B不符合題意；C．當(dāng)滑片P滑到B端時(shí)，電路中的電流為：I===2A，燈L正常發(fā)光時(shí)的電阻：RL===6Ω，C不符合題意；D．燈L的額定功率為：PL=UL額I=12V2A=24W.故答案為：D?！痉治觥拷Y(jié)合電路圖，理清元件的連接方式及電表的測(cè)量對(duì)象，當(dāng)滑片P滑到B端時(shí)，燈L恰好正常發(fā)光，此時(shí)電路的總電阻最小，總電流最大，兩電壓表的示數(shù)都達(dá)到了最大，判斷出電源電壓；當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片P在A端時(shí)，總電阻最大，電路中的總電流最小，由乙圖讀出兩電壓表的示數(shù)，根據(jù)串聯(lián)電路電壓的規(guī)律表示出滑動(dòng)變阻器的電壓，根據(jù)歐姆定律算出電路的電流和定值電阻R0的阻值；當(dāng)滑片在B端時(shí)，滑動(dòng)