浙江省舟山市2023-2024學(xué)年高二上學(xué)期1月期末考試物理試題 含解析

舟山市2023學(xué)年第一學(xué)期期末檢測(cè)（2024.1）高二物理試題卷本試題卷分選擇題和非選擇題兩部分，共7頁(yè)，滿分100分，考試時(shí)間90分鐘?？忌⒁猓?.答題前，請(qǐng)將考生相關(guān)信息填寫(xiě)在答題卷規(guī)定的位置上。2.答題時(shí)，請(qǐng)按照答題卷上“注意事項(xiàng)”的要求，在答題卷相應(yīng)的位置上規(guī)范作答，在試題卷上作答一律無(wú)效。3.選擇題的答案須用2B鉛筆將答題卷上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑，如要改動(dòng)，須將原填涂處用橡皮擦凈。4.非選擇題的答案必須使用黑色字跡的簽字筆或鋼筆寫(xiě)在答題卷上相應(yīng)區(qū)域內(nèi)。5.可能用到的相關(guān)參數(shù)：重力加速度g取。選擇題部分一、選擇題Ⅰ（本題共13小題，每小題3分，共39分，每小題列出的四個(gè)選項(xiàng)中只有一個(gè)符合題目要求，選對(duì)得3分，不選、錯(cuò)選或多選均不得分）1.下列物理量在國(guó)際單位制中的單位符號(hào)表示正確的是（）A.電荷量：A B.電容： C.磁感應(yīng)強(qiáng)度：Wb D.自感系數(shù)：H【答案】D【解析】【詳解】A．電荷量在國(guó)際單位制中的單位為庫(kù)侖，符號(hào)為C，故A錯(cuò)誤；B．電容在國(guó)際單位制中的單位為庫(kù)侖，符號(hào)為C，故B錯(cuò)誤；C．磁感應(yīng)強(qiáng)度在國(guó)際單位制中單位為特斯拉，符號(hào)為T，故C錯(cuò)誤；D．自感系數(shù)在國(guó)際單位制中的單位為亨利，符號(hào)為H，故D正確。故選D。2.某同學(xué)用手機(jī)中的速度傳感器記錄電動(dòng)車直線運(yùn)動(dòng)的過(guò)程如圖所示，下列說(shuō)法正確的是（）A.B點(diǎn)的速度、加速度均小于A點(diǎn) B.5.0s末電動(dòng)車開(kāi)始反向運(yùn)動(dòng)C.8.0s末電動(dòng)車剛好回到出發(fā)點(diǎn) D.由圖可估算出此過(guò)程中電動(dòng)車平均速度的大小【答案】D【解析】【詳解】A．v-t圖線切線的斜率表示物體運(yùn)動(dòng)的加速度，斜率的正負(fù)表示加速度的方向，由圖可知，A點(diǎn)切線的斜率小于B點(diǎn)切線的斜率，即A點(diǎn)加速度小于B點(diǎn)的加速度，B點(diǎn)的速度小于A點(diǎn)，A錯(cuò)誤；BC．由圖可知，電動(dòng)車的速度始終為正值，說(shuō)明電動(dòng)車一直向正方向運(yùn)動(dòng)，8.0s末電動(dòng)車離出發(fā)點(diǎn)最遠(yuǎn)，BC錯(cuò)誤；D．位移等于圖線與時(shí)間軸圍成的面積，根據(jù)圖中所圍區(qū)域的格數(shù)可求得，7.0s內(nèi)電動(dòng)車移動(dòng)的位移，根據(jù)可估算出此過(guò)程中電動(dòng)車平均速度的大小，D正確。故選D。3.2023年9月23日第十一屆亞運(yùn)會(huì)在中國(guó)杭州舉行。關(guān)于體育運(yùn)動(dòng)中涉及的物理知識(shí)，下列分析正確的是（）A.足球比賽時(shí)，運(yùn)動(dòng)員用頭球破門，說(shuō)明力可以改變物體的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)B.舉重運(yùn)動(dòng)員舉起杠鈴過(guò)程中，對(duì)地面的壓力大小始終等于人和杠鈴總重C.在百米比賽中，研究運(yùn)動(dòng)員的撞線過(guò)程可以將其看成質(zhì)點(diǎn)D.中國(guó)名將馮彬的鐵餅成績(jī)是69.12m，這里69.12m是指鐵餅離手后的位移大小【答案】A【解析】【詳解】A．足球比賽時(shí)，運(yùn)動(dòng)員用頭球破門，使球改變速度大小和方向，說(shuō)明力可以改變物體的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)，故A正確；B．舉重運(yùn)動(dòng)員舉起杠鈴過(guò)程中，杠鈴和身體存在有豎直方向的加速度過(guò)程，整體存在有超重或失重的過(guò)程，則對(duì)地面的壓力大小并不是始終等于人和杠鈴總重，故B錯(cuò)誤；C．在百米比賽中，研究運(yùn)動(dòng)員的撞線過(guò)程中，運(yùn)動(dòng)員的姿態(tài)和大小不可忽略，不可以將其看成質(zhì)點(diǎn)，故C錯(cuò)誤；D．中國(guó)名將馮彬的鐵餅成績(jī)是69.12m，這里69.12m是指鐵餅離手后的水平方向的位移大小，故D錯(cuò)誤。故選A。4.如圖，質(zhì)量為m小球用一輕繩豎直懸吊于O點(diǎn)?，F(xiàn)用一個(gè)光滑的金屬掛鉤水平向右緩慢拉動(dòng)輕繩至虛線位置，忽略繩子與掛鉤的摩擦。則在此過(guò)程中（）A.鉤子對(duì)繩的作用力方向水平向右B.鉤子對(duì)繩的作用力逐漸減小C.繩子的拉力大小逐漸變大D.當(dāng)鉤子運(yùn)動(dòng)到某個(gè)位置時(shí)，鉤子對(duì)繩的作用力大小可能等于mg【答案】D【解析】【詳解】A．鉤子對(duì)繩的力與繩子對(duì)鉤子的力是相互作用力，方向相反，兩段繩子對(duì)鉤子的作用力的合力是向左下方的，故鉤子對(duì)細(xì)繩的作用力向右上方，故A錯(cuò)誤；B．兩段繩子拉力大小相等，均等于mg，夾角在減小，根據(jù)平行四邊形定則可知，合力變大，故根據(jù)牛頓第三定律，鉤子對(duì)細(xì)繩的作用力也是逐漸變大，故B錯(cuò)誤；C．物體受重力和拉力而平衡，故拉力T=mg，而同一根繩子的張力處處相等，繩子的拉力大小一直為mg，大小不變，故C錯(cuò)誤；D．當(dāng)兩段繩子之間的夾角為120°，由受力分析可知細(xì)繩對(duì)鉤子的作用力等于mg，鉤子對(duì)細(xì)繩的作用力等于mg，故D正確。故選D。5.小周老師在優(yōu)質(zhì)課展示活動(dòng)中做了“電池+口香糖錫紙=取火工具”的實(shí)驗(yàn)（如圖甲），實(shí)驗(yàn)前將口香糖錫紙中間剪掉一些（如圖乙），將錫紙條帶錫面的一端接在電池的正極，另一端接在電池的負(fù)極，發(fā)現(xiàn)錫紙條很快開(kāi)始冒煙、著火，則以下說(shuō)法正確的是（）A.此實(shí)驗(yàn)中使用舊電池效果更好B.此實(shí)驗(yàn)利用了電流的熱效應(yīng)，a段最先燃燒C.可以用錫來(lái)制作標(biāo)準(zhǔn)電阻D.若，則a段電阻最小，c段電阻最大【答案】B【解析】【詳解】A．此實(shí)驗(yàn)中使用老舊電池效果沒(méi)有新電池好，因?yàn)槔吓f電池的內(nèi)阻比較大，使得電路電流較小，電流的熱效應(yīng)不明顯，故A錯(cuò)誤；BD．根據(jù)電阻定律若ab=bc=cd，材料相同，則電阻率相同，ab段橫截面積最小，cd段橫截面積最大，則ab段電阻最大，cd段電阻最??；此實(shí)驗(yàn)利用了電流熱效應(yīng)，根據(jù)P=I2R由于電流相等，ab段電阻最大，則ab段的功率最大，ab段最先燃燒，故D錯(cuò)誤，B正確；C．用來(lái)制作標(biāo)準(zhǔn)電阻的材料，溫度變化時(shí)，電阻率變化很?。唤饘賹?dǎo)體的電阻率隨溫度的變化而變化，用錫做成的電阻，不可以用來(lái)制作標(biāo)準(zhǔn)電阻，故C錯(cuò)誤。故選B。6.如圖所示，木板上A、B兩點(diǎn)相距5米。一物塊相對(duì)木板向右從板上A點(diǎn)滑至B點(diǎn)，同時(shí)木板在地面上向左滑行2米，圖甲為滑行前，圖乙為滑行后，已知物塊與木板間的滑動(dòng)摩擦力大小為20N，則下列說(shuō)法正確的是（）A.物塊所受的摩擦力做功為 B.木板克服摩擦力做功為C.物塊與木板間因摩擦產(chǎn)生的熱量為60J D.物塊與木板間因摩擦產(chǎn)生的熱量為40J【答案】A【解析】【詳解】A．對(duì)物塊分析可得A正確；B．對(duì)木板分析可得木板克服摩擦力做功為，B錯(cuò)誤；CD．物塊與木板間因摩擦產(chǎn)生的熱量為CD錯(cuò)誤。故選A。7.一帶正電的粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，從a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)的軌跡如圖所示。已知該粒子運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)b時(shí)速度方向與它所受電場(chǎng)力方向恰好垂直。不計(jì)粒子的重力。則粒子從a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)的過(guò)程中（）A.粒子所經(jīng)過(guò)各點(diǎn)的電勢(shì)先降低后升高 B.粒子的動(dòng)能先變大后變小C.粒子在a點(diǎn)的電勢(shì)能大于其在c點(diǎn)的電勢(shì)能 D.粒子單位時(shí)間內(nèi)速度的變化量不同【答案】C【解析】【詳解】A．根據(jù)做曲線運(yùn)動(dòng)的物體受到的合外力總是指向軌跡的凹側(cè)，結(jié)合題意可知粒子所受電場(chǎng)力的方向豎直向下，電場(chǎng)強(qiáng)度方向豎直向下，沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低，粒子所經(jīng)過(guò)各點(diǎn)的電勢(shì)先升高后降低，故A錯(cuò)誤；B．粒子從a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)的過(guò)程中，電場(chǎng)力與速度夾角先是鈍角后是銳角，電場(chǎng)力對(duì)粒子先做負(fù)功后做正功，粒子的動(dòng)能先變小后變大，故B錯(cuò)誤；C．由圖可知，a點(diǎn)的電勢(shì)高于c點(diǎn)的電勢(shì)，粒子在a點(diǎn)的電勢(shì)能大于其在c點(diǎn)的電勢(shì)能，故C正確；D．粒子單位時(shí)間內(nèi)速度的變化量等于粒子的加速度，根據(jù)可知加速度保持不變，故D錯(cuò)誤。故選C。8.如圖是某大型超市新安裝的自動(dòng)扶梯，其電動(dòng)機(jī)額定電壓為U，額定電流為I，效率為，當(dāng)自動(dòng)扶梯在額定電壓下工作時(shí)，下列說(shuō)法正確的是（）A.該電動(dòng)機(jī)的內(nèi)阻為 B.該電動(dòng)機(jī)的輸出功率為UIC.該電動(dòng)機(jī)的發(fā)熱功率為 D.該電動(dòng)機(jī)每秒消耗的電能為【答案】C【解析】【詳解】A．因?yàn)殡妱?dòng)機(jī)不是純電阻，所以不能用歐姆定律來(lái)計(jì)算它的內(nèi)阻，電動(dòng)機(jī)的內(nèi)阻故A錯(cuò)誤；B．電動(dòng)機(jī)的輸出功率即機(jī)械功率故B錯(cuò)誤；C．由題意可知可得故C正確；D．由題意可得，總功率就是電功率，該電動(dòng)機(jī)每秒消耗的電能為，故D錯(cuò)誤。故選C。9.coffee-Pritchard磁阱常用來(lái)約束帶電粒子的運(yùn)動(dòng)。如圖所示，在xOy平面內(nèi)，以坐標(biāo)原點(diǎn)O為中心，邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的正方形的四個(gè)頂點(diǎn)上，垂直于平面放置四根通電長(zhǎng)直導(dǎo)線，電流大小相等，方向已標(biāo)出，“×”表示電流方向垂直紙面向里，“·”表示電流方向垂直紙面向外。已知電流為I的無(wú)限長(zhǎng)通電直導(dǎo)線在距其r處的圓周上產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為，k為比例系數(shù)。則（）A.導(dǎo)線2、4相互排斥，導(dǎo)線1、2相互吸引B.導(dǎo)線1、4在O點(diǎn)的合磁場(chǎng)的方向沿x軸負(fù)方向C.導(dǎo)線2、4對(duì)導(dǎo)線1的作用力大小是導(dǎo)線3對(duì)導(dǎo)線1的作用力大小的2倍D.導(dǎo)線2、3在O點(diǎn)的合磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為【答案】C【解析】【詳解】A．直導(dǎo)線2、4電流方向相同，兩者相互吸引，直導(dǎo)線1、2電流方向相反，兩者相互排斥，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)通電直導(dǎo)線電流激發(fā)出的磁場(chǎng)的特點(diǎn)，結(jié)合安培定則與磁場(chǎng)疊加，可知直導(dǎo)線1、4在O點(diǎn)的合磁場(chǎng)的方向沿x軸正方向，故B錯(cuò)誤；C．直導(dǎo)線2、4在直導(dǎo)線1處的磁感應(yīng)強(qiáng)度為直導(dǎo)線3在直導(dǎo)線1處磁感應(yīng)強(qiáng)度為則有可知，直導(dǎo)線2、4對(duì)直導(dǎo)線1的作用力是直導(dǎo)線3對(duì)直導(dǎo)線1的作用力大小的2倍，故C正確；D．直導(dǎo)線2在O點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為方向由O指向3。直導(dǎo)線3在O點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為方向由O指向2，則直導(dǎo)線2、3在O點(diǎn)的合磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小故D錯(cuò)誤。故選C。10.2021年5月7日，我國(guó)在西昌衛(wèi)星發(fā)射中心用長(zhǎng)征二號(hào)丙運(yùn)載火箭，成功將遙感三十號(hào)08組衛(wèi)星發(fā)射升空并進(jìn)入預(yù)定軌道，在衛(wèi)星發(fā)射過(guò)程中，火箭先將衛(wèi)星發(fā)射進(jìn)入繞地球運(yùn)行的較低圓形軌道1.然后在P點(diǎn)使衛(wèi)星進(jìn)入橢圓形的轉(zhuǎn)移軌道2，再在橢圓軌道的遠(yuǎn)地點(diǎn)Q使衛(wèi)星進(jìn)入較高的圓形軌道3.則下列說(shuō)法正確的是（）A.衛(wèi)星在軌道2和軌道3經(jīng)過(guò)Q點(diǎn)的速度相等B.衛(wèi)星在軌道1的速度小于在軌道3的速度C.衛(wèi)星在軌道1的機(jī)械能小于在軌道3的機(jī)械能D.衛(wèi)星在軌道1經(jīng)過(guò)P點(diǎn)的加速度大于在軌道2經(jīng)過(guò)P點(diǎn)的加速度【答案】C【解析】【詳解】A．衛(wèi)星從低軌道2變軌到高軌道3時(shí)，需要在Q點(diǎn)加速，所以衛(wèi)星在軌道2上經(jīng)過(guò)Q點(diǎn)的速度小于軌道3上經(jīng)過(guò)Q點(diǎn)的速度，故A錯(cuò)誤；B．衛(wèi)星在軌道1和軌道3上做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由萬(wàn)有引力提供做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力，有整理有所以軌道半徑越大，衛(wèi)星運(yùn)行的線速度越小，故B錯(cuò)誤；C．衛(wèi)星從軌道2變軌到軌道3需要在Q點(diǎn)加速，即衛(wèi)星在軌道3和2上的Q點(diǎn)的勢(shì)能相同，但軌道3上的Q點(diǎn)的動(dòng)能大于軌道2上Q點(diǎn)的動(dòng)能，即衛(wèi)星在軌道2的機(jī)械能小于在軌道3的機(jī)械能；同理，衛(wèi)星在軌道1的機(jī)械能小于在軌道2的機(jī)械能，即衛(wèi)星在軌道1的機(jī)械能小于在軌道3的機(jī)械能，故C正確；D．衛(wèi)星的加速度由萬(wàn)有引力產(chǎn)生，有整理有因?yàn)?，衛(wèi)星在軌道1上經(jīng)過(guò)P點(diǎn)和軌道2經(jīng)過(guò)P點(diǎn)時(shí)，距離中心天體的距離相同，又是同一個(gè)中心天體，所以衛(wèi)星在軌道1經(jīng)過(guò)P點(diǎn)的加速度等于在軌道2經(jīng)過(guò)P點(diǎn)的加速度，故D錯(cuò)誤。故選C。11.下列關(guān)于圖像的分析正確的是（）A.圖甲是小車做直線運(yùn)動(dòng)的圖像，陰影部分的面積代表該車3秒內(nèi)運(yùn)動(dòng)的位移大小B.圖乙為某硅光電池路端電壓與電流關(guān)系圖，則P點(diǎn)狀態(tài)電池內(nèi)阻為直線MP斜率的絕對(duì)值C.圖丙是A、B兩物體運(yùn)動(dòng)的圖像，兩直線交點(diǎn)表示兩物體在時(shí)刻相遇D.圖丁是某同學(xué)在探究小車加速度a與質(zhì)量M的關(guān)系時(shí)得到的圖像，由此可以得出小車加速度a與小車質(zhì)量M成反比【答案】B【解析】【詳解】A．根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律，可得結(jié)合圖中數(shù)據(jù)可知，則該車3秒內(nèi)運(yùn)動(dòng)的位移大小而圖中陰影部分的面積為故A錯(cuò)誤；B．當(dāng)電流為零時(shí)，路端電壓等于電源電動(dòng)勢(shì)，當(dāng)P點(diǎn)狀態(tài)時(shí)，根據(jù)閉合電路歐姆定律整理可得即P點(diǎn)狀態(tài)電池內(nèi)阻為直線MP斜率絕對(duì)值，故B正確；C．圖像中，兩直線交點(diǎn)表示速度相同，圖像與時(shí)間軸圍成的面積表示位移，由圖可知，時(shí)刻A的位移大于B，但不知道初始時(shí)刻兩物體的位置關(guān)系，無(wú)法判斷是否相遇，故C錯(cuò)誤；D．圖像是曲線且無(wú)法判斷是否是雙曲線的一部分，無(wú)法得出小車加速度a與小車質(zhì)量M的關(guān)系，應(yīng)當(dāng)作出圖像，如果圖像是一條過(guò)原點(diǎn)的傾斜直線，就可以得出小車加速度a與小車質(zhì)量M成反比的結(jié)論，故D錯(cuò)誤。故選B。12.如圖所示，長(zhǎng)直導(dǎo)線MN置于等腰梯形金屬線框abcd上，彼此絕緣且分別固定，線框被導(dǎo)線分成面積相等的兩部分，導(dǎo)線通入由M到N的電流，當(dāng)電流隨時(shí)間線性減小時(shí)，線框中（）A.沒(méi)有感應(yīng)電流 B.產(chǎn)生順時(shí)針?lè)较虻母袘?yīng)電流C.感應(yīng)電流逐漸減小 D.金屬線框所受的安培力大小不變【答案】B【解析】【詳解】AB．根據(jù)安培定則可知，長(zhǎng)直導(dǎo)線MN上方磁場(chǎng)方向向外，長(zhǎng)直導(dǎo)線MN下方磁場(chǎng)方向向里，由于線框被導(dǎo)線分成面積相等的兩部分，下方更靠近導(dǎo)線，可知整個(gè)金屬線框的磁通量向里，當(dāng)電流隨時(shí)間線性減小時(shí)，根據(jù)楞次定律可知，線框中有沿順時(shí)針?lè)较虻母袘?yīng)電流，故A錯(cuò)誤，B正確；C．根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律由于電流隨時(shí)間線性減小，可知磁感應(yīng)強(qiáng)度變化率為定值，則線框中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為定值，線框中感應(yīng)電流為定值，故C錯(cuò)誤；D．長(zhǎng)直導(dǎo)線MN電流隨時(shí)間線性減小，可知直導(dǎo)線MN電流產(chǎn)生磁場(chǎng)對(duì)應(yīng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度逐漸變小，又線框中感應(yīng)電流為定值，故金屬線框所受的安培力大小逐漸變小，故D錯(cuò)誤。故選B。13.如圖是某電磁泵模型，泵體是長(zhǎng)為L(zhǎng)1寬和高都為L(zhǎng)2的長(zhǎng)方體，泵體處在垂直向外、磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，泵體上下表面分別接電勢(shì)差為U的恒壓電源。若電磁泵工作時(shí)電流表示數(shù)為I，泵和液面的高度差為h，液體的電阻率為，單位時(shí)間內(nèi)電磁泵抽取液體的質(zhì)量為m（不計(jì)電流表內(nèi)阻以及液體在流動(dòng)中與管壁之間的阻力，重力加速度為g）。則（）A.泵體上表面應(yīng)接電源負(fù)極B.流過(guò)電磁泵的電流I小于C.電磁泵對(duì)液體產(chǎn)生的推力大小為BIL1D.時(shí)間t內(nèi)抽取的水離開(kāi)泵時(shí)的動(dòng)能為【答案】B【解析】【詳解】A．當(dāng)泵體上表面接電源的負(fù)極時(shí)，電流從下向上流過(guò)泵體，這時(shí)受到的磁場(chǎng)力水平向右，不會(huì)拉動(dòng)液體，故A錯(cuò)誤；

B．根據(jù)電阻定律，泵體內(nèi)液體的電阻由能量關(guān)系可知故B正確；

C．根據(jù)安培力公式F=BIL2，故C錯(cuò)誤；

D．若t時(shí)間內(nèi)抽取水的質(zhì)量為mt，根據(jù)能量守恒定律，則這部分水離開(kāi)泵時(shí)的動(dòng)能為故D錯(cuò)誤；

故選B。二、選擇題Ⅱ（本題共2小題，每小題3分，共6分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中至少有一個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的，全部選對(duì)得3分，選對(duì)但不全的得2分，有錯(cuò)選的得0分）14.EUV光刻機(jī)是國(guó)際上最先進(jìn)的光刻機(jī)，此光刻機(jī)使用極紫外光作為光源，經(jīng)查閱資料得知，極紫外光是一種波長(zhǎng)為的紫外線，已知普朗克常量為h，光速為c，則下列說(shuō)法正確的是（）A.真空中極紫外光的傳播速度比紅光大B.極紫外光的能量是不連續(xù)的C.極紫外光的頻率為D.若極紫外光源的發(fā)光功率為P，則單位時(shí)間發(fā)射的光子數(shù)為【答案】BC【解析】【詳解】A．真空中電磁波的傳播速度相同，故A錯(cuò)誤；B．極紫外光是一種波長(zhǎng)為的紫外線，為電磁波，故極紫外光的能量是不連續(xù)的，故B正確；C．極紫外光的頻率為故C正確；D．每個(gè)光子的能量設(shè)單位時(shí)間（）激光器發(fā)出的光子數(shù)是n，則得則故D錯(cuò)誤。故選BC。15.如圖所示，理想變壓器原線圈接在電壓的交流電源上，副線圈與定值電阻串聯(lián)后接理想電壓表、理想電流表和滑動(dòng)變阻器R，原、副線圈匝數(shù)比為1∶3，已知，R的最大阻值為10Ω?，F(xiàn)將滑動(dòng)變阻器R的滑片P向下滑動(dòng)。則（）A.電壓表示數(shù)變大，電流表示數(shù)變小 B.電源的輸出功率變大C.當(dāng)時(shí)，電壓表示數(shù)為3V D.當(dāng)時(shí)，R的功率最大【答案】BD【解析】【詳解】A．原線圈電壓一定，副線圈電壓一定，滑動(dòng)變阻器R的滑片P向下滑動(dòng)，副線圈總電阻減小，則電流表示數(shù)變大，兩端電壓變大，則電壓表示數(shù)變小，故A錯(cuò)誤；B．副線圈電壓一定，電流變大，電源輸出功率變大，故B正確；C．原線圈電壓原、副線圈匝數(shù)比為1∶3，副線圈電壓當(dāng)時(shí)，副線圈電流電壓表示數(shù)為故C錯(cuò)誤；D．把看成是電源內(nèi)電阻，當(dāng)時(shí)，R的功率最大，故D正確。故選BD。非選擇題部分三、非選擇題（本題共5小題，共55分）16.（1）利用圖1裝置做力學(xué)相關(guān)實(shí)驗(yàn)，以下說(shuō)法正確的是______A.用此裝置“探究小車速度隨時(shí)間變化的規(guī)律”時(shí)，必須設(shè)法補(bǔ)償小車與木板間的摩擦阻力B.用此裝置“探究小車加速度a與力F的關(guān)系”時(shí)，應(yīng)使槽碼的總質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量C.用此裝置“探究小車加速度a與小車質(zhì)量M的關(guān)系”時(shí)，每次改變車內(nèi)砝碼質(zhì)量后，不需要重新補(bǔ)償小車所受摩擦阻力D.將長(zhǎng)木板右側(cè)墊高補(bǔ)償阻力后，用此裝置可以完成“驗(yàn)證系統(tǒng)機(jī)械能守恒定律”的實(shí)驗(yàn)（2）某興趣小組的同學(xué)在“探究加速度與力的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)中，對(duì)課本中的實(shí)驗(yàn)方案作了一些改進(jìn)，采用如圖2所示實(shí)驗(yàn)裝置。①某次實(shí)驗(yàn)中打出的紙帶如圖3所示，則該同學(xué)出錯(cuò)的可能原因是______（單選）A.電源電壓不穩(wěn)定B.細(xì)線沒(méi)有與木板平行C.打點(diǎn)計(jì)時(shí)器振針未敲擊到復(fù)寫(xiě)紙D.紙帶沒(méi)有穿過(guò)限位孔②改進(jìn)方案后，是否需要控制槽碼的質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車質(zhì)量______（填“需要”或“不需要”）③某次實(shí)驗(yàn)中，小車釋放后彈簧秤示數(shù)如圖4所示，其讀數(shù)為_(kāi)_____N，小車加速過(guò)程中彈簧秤的讀數(shù)______（選填“大于”、“小于”或“等于”）小車靜止時(shí)彈簧秤的讀數(shù)：④以彈簧測(cè)力計(jì)的讀數(shù)F為橫坐標(biāo)，通過(guò)紙帶計(jì)算出的加速度a為縱坐標(biāo)，畫(huà)出的圖像如圖5所示，則小車的質(zhì)量為_(kāi)_____kg?！敬鸢浮浚?）BC（2）①.D②.不需要③.0.75④.小于⑤.0.6【解析】【小問(wèn)1詳解】A．用此裝置“研究勻變速直線運(yùn)動(dòng)”時(shí)，有摩擦力小車也可以做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，所以不需要平衡摩擦力。故A錯(cuò)誤；B．用此裝置“探究小車加速度a與力F的關(guān)系”時(shí)，需要用槽碼的重力代替繩子拉力，作為小車所受到的合外力，為了減小實(shí)驗(yàn)誤差，槽碼的總質(zhì)量應(yīng)遠(yuǎn)小于小車質(zhì)量，故B正確；C．用此裝置“探究加速度a與質(zhì)量M的關(guān)系”每次改變砝碼及砝碼盤總質(zhì)量之后，不需要重新平衡摩擦力，因?yàn)樾≤囁艿哪Σ亮κ抢眯≤嚨闹亓Φ姆至ζ胶獾?，所以改變拉力和小車質(zhì)量都不需要重新平衡摩擦力，故C正確；D．即使平衡了摩擦力，摩擦力也不會(huì)消失，機(jī)械能不守恒，則不能用該實(shí)驗(yàn)裝置完成驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律，故D錯(cuò)誤。故選BC?！拘?wèn)2詳解】①[1]由圖可知，紙帶上的點(diǎn)沒(méi)有在同一直線上，其原因是紙帶沒(méi)有穿過(guò)限位孔，故選D。②[2]由于有彈簧測(cè)力計(jì)能測(cè)量細(xì)線的拉力，從而能得到小車所受的合力，所以不需要控制槽碼的質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車質(zhì)量。③[3]彈簧測(cè)力計(jì)分度值為0.1N，讀數(shù)為0.75N。[4]小車靜止時(shí)，彈簧測(cè)力計(jì)讀數(shù)等于槽碼重力，加速過(guò)程中，對(duì)槽碼有故小車加速過(guò)程中彈簧秤的讀數(shù)小于小車靜止時(shí)彈簧測(cè)力計(jì)讀數(shù)。④[5]對(duì)小車有代入數(shù)據(jù)可得17.在“練習(xí)使用多用電表”的實(shí)驗(yàn)中，（1）小明同學(xué)用多用電表測(cè)量某一電阻，由于第一次選擇的倍率不夠合適，又改換另一倍率測(cè)量，兩次測(cè)量時(shí)電表指針?biāo)肝恢萌鐖D1中的虛線所示，下面列出這兩次測(cè)量中主要操作：A.將兩根表筆短接，并調(diào)零B.將表筆分別與被測(cè)電阻的兩端接觸，觀察指針位置C.記下電阻值D.將“選擇開(kāi)關(guān)”旋到“”擋E.將“選擇開(kāi)關(guān)”旋到“”擋F.將“選擇開(kāi)關(guān)”旋到交流500V擋根據(jù)上述有關(guān)操作做出兩次倍率選擇的先后順序是____（選填“DE”或“ED”）；（2）為了更精確地測(cè)定該電阻的阻值，小明欲采用伏安法?，F(xiàn)有如下實(shí)驗(yàn)器材：①量程為3V，內(nèi)阻約為3kΩ的電壓表；②量程為10mA，內(nèi)阻約為0.1Ω的電流表；③阻值為0~20Ω的滑動(dòng)變阻器；④內(nèi)阻可忽略，輸出電壓為3V的電源；⑤開(kāi)關(guān)和導(dǎo)線若干。則圖2中M點(diǎn)應(yīng)該____，N點(diǎn)應(yīng)該____；（均在下列選項(xiàng)中選擇）A.接aB.接bC.接cD.不接（3）小明又用多用電表測(cè)量某型號(hào)白熾燈的燈絲電阻，選擇開(kāi)關(guān)及指針位置如圖3所示，則對(duì)應(yīng)的燈泡可能是下列的____；A.220V、3000W B.220V、300W C.220V、30W（4）如圖4是該多用電表歐姆擋內(nèi)部電路示意圖，選擇“”擋測(cè)量某二極管的阻值，指針指在如圖5所示位置，則與A表筆相連的是二極管的____（選填“正極”或“負(fù)極”）?！敬鸢浮浚?）DE（2）①.A②.C（3）C（4）正極【解析】【小問(wèn)1詳解】為了減小讀數(shù)誤差，指針應(yīng)指表盤到的部分，即中央刻度附近。由圖知，第一次倍率較低，指針偏轉(zhuǎn)角度小，第二次倍率較高，指針偏轉(zhuǎn)角度較大。故填DE?！拘?wèn)2詳解】[1]由圖1知，因?yàn)椋瑒t有所以電流表采用內(nèi)接法，故M點(diǎn)應(yīng)該接a。故選A。[2]滑動(dòng)變阻器的阻值較小，因此采用分壓接法，故N點(diǎn)應(yīng)該接c。故選C。【小問(wèn)3詳解】由圖3知，歐姆表選擇“”擋，燈泡電阻為由則可知，220V、3000W阻值為220V、300W阻值為220V、30W阻值為考慮到燈泡發(fā)光時(shí)的電阻要遠(yuǎn)大于不發(fā)光時(shí)的阻值，所以測(cè)量的可能是30W的燈泡。故選C。【小問(wèn)4詳解】由圖4知，A為紅表筆，B為黑表筆，當(dāng)黑表筆接“負(fù)”極，紅表筆接“正”極時(shí)，電阻示數(shù)較大，反之電阻示數(shù)很小，由圖5可知，可判斷出A表筆相連的是二極管的正極。故填“正極”。18.如圖所示，在第19屆杭州亞運(yùn)賽艇女子輕量級(jí)雙人雙槳項(xiàng)目比賽中，鄒佳琪和邱秀萍組合取得亞運(yùn)會(huì)首金，比賽時(shí)兩運(yùn)動(dòng)員分別在賽艇兩側(cè)同步劃水揮槳使艇沿直線運(yùn)動(dòng)，假設(shè)兩運(yùn)動(dòng)員和賽艇（含槳）的總質(zhì)量為240kg，其受到的阻力恒定，在水中劃水和在空中揮槳用時(shí)均為0.5s，某段賽程中劃水和揮槳過(guò)程皮劃艇加速度大小相同，當(dāng)雙槳?jiǎng)側(cè)胨畷r(shí)皮劃艇的速度大小為4m/s，完成一個(gè)完整的劃水和揮槳，此過(guò)程皮劃艇前進(jìn)4.5m，求此過(guò)程中：（1）皮劃艇的最大速度；（2）皮劃艇加速運(yùn)動(dòng)期間的位移和加速度大??；（3）皮劃艇加速運(yùn)動(dòng)期間運(yùn)動(dòng)員劃水產(chǎn)生的動(dòng)力大小。【答案】（1）5m/s；（2）2.25m，2m/s2；（3）960N【解析】【詳解】（1）（2）設(shè)劃水階段和運(yùn)槳階段賽艇的加速度大小均為a，設(shè)賽艇的最大速度為vm，根據(jù)題意可知，運(yùn)動(dòng)員完成一次動(dòng)作，賽艇前進(jìn)了4.5m，則由題意知x=4.5m，v0=4m/s解得a=2m/s2，vm=5m/s，x加=2.25m（3）設(shè)動(dòng)力大小為F，阻力大小為f，由牛頓第二定律可得：劃水階段有F-f=ma空中運(yùn)槳階段有f=ma解得F=960N19.某游戲裝置如圖所示，由彈丸發(fā)射器、固定在水平地面上傾角為的斜面以及放置在水平地面上的光滑半圓形擋板墻構(gòu)成。游戲者調(diào)節(jié)發(fā)射器，使彈丸（可視為質(zhì)點(diǎn)）每次從發(fā)射器右側(cè)A點(diǎn)水平發(fā)射后都能恰好無(wú)碰撞地進(jìn)入到斜面頂端B點(diǎn)，繼續(xù)沿斜面中線下滑至底端C點(diǎn)，再沿粗糙水平地面滑至D點(diǎn)切入半圓形擋板墻。已知彈丸質(zhì)量，彈丸與斜面及水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為0.5，發(fā)射器距水平地面高度，斜面高度，半圓形擋板墻半徑，不考慮C處碰撞地面時(shí)的能量損失，。求：（1）彈丸從發(fā)射器A點(diǎn)發(fā)射時(shí)的速度；（2）向左平移半圓形擋板墻，使C、D兩點(diǎn)重合，推導(dǎo)彈丸受到擋板墻的側(cè)壓力F與彈丸在擋板墻上轉(zhuǎn)過(guò)圓弧所對(duì)圓心角之間的函數(shù)關(guān)系式；（3）左右平移半圓形擋板墻，改變CD的間距，要使彈丸最后靜止的位置不在半圓形擋板墻區(qū)域，問(wèn)CD的長(zhǎng)度x應(yīng)滿足什么條件?！敬鸢浮浚?）4m/s；（2）；（3）或【解析】【詳解】（1）彈丸從A點(diǎn)發(fā)射做平拋運(yùn)動(dòng)，則豎直方向上由幾何關(guān)系知聯(lián)立得（2）由（1）可知彈丸在B點(diǎn)的速度=5m/s彈丸從B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)至C/D點(diǎn)，由動(dòng)能定理知聯(lián)立可得從C/D點(diǎn)進(jìn)入半圓形擋板設(shè)圓心角對(duì)應(yīng)的圓弧長(zhǎng)為L(zhǎng)，由幾何關(guān)系可知由動(dòng)能定理知由牛頓第二定律知聯(lián)立，得（3）彈丸運(yùn)動(dòng)的恰好不到D點(diǎn)，由動(dòng)能定理可得解得彈丸運(yùn)動(dòng)恰好飛出E點(diǎn)，由動(dòng)能定理可得解得所以CD間的長(zhǎng)度x滿足或。20.如圖甲所示，將兩根足夠長(zhǎng)、間距為L(zhǎng)的平行光滑金屬導(dǎo)軌固定在同一水平面內(nèi)，左端接一阻值為R的電阻，與導(dǎo)軌垂直的虛線ef右邊區(qū)域存在方向豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，質(zhì)量為m、電阻也為R的金屬桿PQ靜止在導(dǎo)軌上。現(xiàn)對(duì)桿施加一水平向右的恒定拉力F，經(jīng)過(guò)時(shí)間，桿進(jìn)入磁場(chǎng)，并開(kāi)始做勻速直線運(yùn)動(dòng)，桿始終與導(dǎo)軌垂直并接觸良好，不計(jì)導(dǎo)軌的電阻。（1）求勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大?。唬?）若桿進(jìn)入磁場(chǎng)后的某時(shí)刻撤去拉力，桿運(yùn)動(dòng)的速度與此后的位移關(guān)系圖像如圖乙所示，求與兩個(gè)過(guò)程中電阻R產(chǎn)生的熱量之比；（3）若桿在磁場(chǎng)