2025屆江西省撫州市臨川區(qū)一中物理高二上期末統(tǒng)考試題含解析

2025屆江西省撫州市臨川區(qū)一中物理高二上期末統(tǒng)考試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，帶箭頭的線表示某一電場的電場線．在電場力作用下，一帶電粒子(不計重力)經(jīng)A點飛向B點，徑跡如圖中虛線所示，下列說法正確的是()A.粒子帶正電B.粒子在A點加速度大C.粒子在B點動能大D.A、B兩點相比，粒子在B點電勢能較高2、在第23屆冬奧會閉幕式上“北京八分鐘”的表演中,輪滑演員在舞臺上滑出漂亮的曲線軌跡(如圖所示)．在此過程中輪滑演員的A.速度始終保持不變B.運動狀態(tài)始終保持不變C.速度方向沿曲線上各點的切線方向D.所受合力方向始終與速度方向一致3、在溫控電路中，通過熱敏電阻阻值隨溫度的變化可實現(xiàn)對電路相關物理量的控制．如圖所示，R1為電阻箱，R2為半導體熱敏電阻，C為電容器．已知熱敏電阻的阻值隨溫度的升高而減小，則有（）A.若R1固定，當環(huán)境溫度降低時電壓表的示數(shù)減小B.若R1固定，當環(huán)境溫度降低時R1消耗的功率增大C.若R1固定，當環(huán)境溫度降低時，電容器C的電荷量減少D.若R1固定，環(huán)境溫度不變，當電容器C兩極板間的距離增大時極板之間的電場強度減小4、已知直導線中電流在周圍空間產(chǎn)生的磁感應強度大小為B=k，k為常量，I為電流強度，r為到導線的距離。b、c、d三根長通電直導線垂直于紙面放置，電流方向如圖所示，ac垂直于bd且ab=ad=ac，b、c、d三根導線中電流強度分別為I、I、2I。已知導線c在a點的磁感應強度大小為B，則a點處的合磁感應強度大小為（）A.B B.3BC.2B D.B5、如圖所示，A、B、C、D是勻強電場中一正方形的四個頂點，場強方向平行正方形ABCD所在平面．已知A、B、C三點的電勢分別為φA=9V，φB=3V，φC=-3V，則A.D點的電勢φD=3V，場強方向平行AB方向B.D點的電勢φD=3V，場強方向平行AC方向C.D點的電勢φD=6V，場強方向平行BC方向D.D點的電勢φD=6V，場強方向平行BD方向6、以下敏感元件中不是通過測量電阻變化來確定外界非電學量的變化的是A.光敏電阻 B.干簧管C.熱敏電阻 D.電阻應變片二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、在如圖所示電路中，L1、L2、L3是三只小燈泡，電源電動勢為E．三只燈泡原來都能發(fā)光，當滑動變阻器的滑動觸頭P向右移動時，對于各燈亮度變化情況，下列判斷正確的是A.L1變暗 B.L2變暗CL3變暗 D.L3亮度不變8、如圖所示，把一個架在絕緣支架上的枕形導體放在一正電荷形成的電場中，A、B兩點為枕形導體內(nèi)部兩點。導體處于靜電平衡時，下列說法正確的是（）A.A、B兩點電場強度相等，電勢相等B.A、B兩點電場強度不相等，電勢相等C.感應電荷產(chǎn)生的附加電場EA<EBD..當開關S閉合時，電子從大地沿導線向導體移動9、如圖所示，實線是一簇未標明方向的由點電荷產(chǎn)生的電場線，虛線是某帶電粒子通過該電場區(qū)域時的運動軌跡，a、b是軌跡上的兩點，若帶電粒子在運動過程中只受到電場力作用，根據(jù)此圖可以作出的正確判斷是（）A.帶電粒子所帶電荷的正、負 B.帶電粒子在a、b兩點的受力方向C.帶電粒子在a、b兩點的加速度何處較大 D.帶電粒子在a、b兩點的速度何處較大10、如圖甲，有一個原.副線圈匝數(shù)比為4:1的理想變壓器，圖中的電壓表和電流表均為理想電表，原線圈接如圖乙所示的正弦式交流電，其中為熱敏電阻（其電阻值隨溫度的升高而減?。?，為定值電阻，下列說法正確的是()A.t＝0.02s時電壓表V2的示數(shù)為9VB.副線圈兩端電壓的瞬時值表達式為（V）C.變壓器原.副線圈中的電流之比和輸入.輸出功率之比均為1：4D.Rt處溫度升高時，電流表的示數(shù)變大，電壓表V2的示數(shù)不變?nèi)嶒烆}：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖所示，電阻Rab=0.1Ω的導體ab沿光滑導線框向右做勻速運動，線框中接有電阻R=0.4Ω，線框放在磁感應強度B=0.1T的勻強磁場中，磁場方向垂直于線框平面，cd間的長度L=0.4m，運動的速度v=5.0m/s，線框的電阻不計a.電路abcd中導體棒ab相當于電源,_______（a端或b端）相當于電源的正極b.電源的電動勢即產(chǎn)生的感應電動勢E=_______V，電路abcd中的電流I=_______Ac.導體ab所受安培力的大小F=__________N，方向是__________；12．（12分）在用電壓表和電流表研究小燈泡在不同電壓下的功率的實驗中，實驗室備有下列器材供選擇：A.待測小燈泡“、”B.電流表量程3A，內(nèi)阻約為C.電流表量程，內(nèi)阻約為D.電壓表量程，內(nèi)阻約為E.滑動變阻器最大阻值為，額定電流F.滑動變阻器最大阻值為，額定電流G.電源電動勢，內(nèi)阻不計H.電鍵及導線等為了使實驗完成的更好，電流表應選用______；滑動變阻器應選用______．只需填器材前面的字母即可請在虛線框內(nèi)畫出實驗電路圖________.某實驗小組完成實驗后利用實驗中得到的實驗數(shù)據(jù)在坐標系中，描繪出如圖甲所示的小燈泡的伏安特性曲線．根據(jù)此圖給出的信息，可以判斷圖乙中正確的是______圖中P為小燈泡的功率四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，在E=1×104V/m的水平方向的勻強電場中，有一光滑的半圓形絕緣軌道與一水平絕緣軌道MN連接，半圓形軌道所在的豎直平面與電場線平行，P為QN圓弧的中點，其半徑R=20cm，一帶正電q=1×10-4C的小滑塊質量m=10g，與水平軌道間的動摩擦因數(shù)μ=0.1，位于N點右側L=1.25m處，取g=10m/s2，求：(1)要使小滑塊恰能運動到圓軌道的最高點Q，并在Q點脫離半圓軌道水平向右拋出，求滑塊落到水平軌道時的落點與Q點的距離是多大？(2)要使小滑塊恰能運動到圓軌道的最高點Q，則滑塊應以多大的初速度v0向左運動？14．（16分）如圖所示，三個電阻R1、R2、R3的阻值均等于電源內(nèi)阻r，電鍵S打開時，有一質量為m，帶電荷量為q的小球靜止于水平放置的平行板電容器的中點．現(xiàn)閉合電鍵S，這個帶電小球便向平行板電容器的一個極板運動，并和該板碰撞，碰撞過程小球沒有機械能損失，只是碰后小球所帶電荷量發(fā)生變化，碰后小球帶有和該板同種性質的電荷，并恰能運動到另一極板處．設電容器兩極板間距為d，求：（1）電源電動勢E；（2）小球與極板碰撞后所帶的電荷量15．（12分）示波器的核心部件是示波管，其內(nèi)部抽成真空，如下圖是它內(nèi)部結構的簡化原理圖．它由電子槍、偏轉電極和熒光屏組成，熾熱的金屬絲可以連續(xù)發(fā)射電子，電子質量為m，電荷量為e，發(fā)射出的電子由靜止經(jīng)電壓U1加速后，從金屬板的小孔O射出，沿OO′進入偏轉電場，經(jīng)偏轉電場后打在熒光屏上．偏轉電場是由兩個平行的相同金屬極板M、N組成，已知極板的長度為l，兩板間的距離為d，極板間電壓為U2，偏轉電場極板的右端到熒光屏的距離為L．不計電子受到的重力和電子之間的相互作用．求：（1）電子從小孔O穿出時的速度大小v0；（2）電子離開偏轉電場時沿垂直于板方向偏移的距離y；（3）電子打在熒光屏上的位置距離O′的距離Y；

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】電場線的疏密表示電場強度的強弱，電場線某點的切線方向表示電場強度的方向．不計重力的粒子在電場力作用下從A到B，運動與力關系可知，電場力方向與速度方向分居在運動軌跡兩邊，且電場力偏向軌跡的內(nèi)側【詳解】根據(jù)曲線運動條件可得粒子所受合力應該指向曲線內(nèi)側，所以電場力逆著電場線方向，即粒子受力方向與電場方向相反，所以粒子帶負電．故A錯誤；由于B點的電場線密，所以B點的電場力大，則A點的加速度較小．故B錯誤；粒子從A到B，電場力對粒子運動做負功，電勢能增加，導致動能減少，即粒子在A點動能大，B點的電勢能大，故C錯誤D正確【點睛】電場線雖然不存在，但可形象來描述電場的分布．對于本題關鍵是根據(jù)運動軌跡來判定電場力方向，由曲線運動條件可知合力偏向曲線內(nèi)側2、C【解析】AB.輪滑演員做曲線運動，運動狀態(tài)不斷變化，是改變的，在某點的速度方向改變，速度不斷變化，故AB錯誤；C.做能曲線運動的物體速度方向沿曲線上各點的切線方向，故C正確；D.輪滑演員所受合力方向始終與速度方向不在一條直線上，故D錯誤3、D【解析】A.當環(huán)境溫度降低時R2增大，外電路總電阻增大，根據(jù)閉合電路歐姆定律分析得到，總電流I減小，路端電壓，E、r不變，則U增大，電壓表的讀數(shù)增大，故A錯誤；B.R1消耗的功率，I減小，R1不變，則P減小，故B錯誤；C.若環(huán)境溫度不變，當電阻箱R1的阻值增大時，外電路總電阻增大，根據(jù)閉合電路歐姆定律分析得到，總電流I減小，電容器的電壓，E、r、R2均不變，I減小，UC減小，電容器C的帶電量減小，故C錯誤；D.若R1固定，環(huán)境溫度不變，電容器C兩板間的電壓不變，當電容器C兩極板間的距離增大時，，故D正確。故選D。4、A【解析】由于直導線c在a點處的磁感應強度大小為B，又因為b、c、d三根導線中電流強度分別為I、I、2I，且，所以直導線b在a點的磁感應強度大小也等于B，而直導線d在a點的磁感應強度大小等于2B，根據(jù)安培定則可判斷方向如下圖所示b和d直導線在a點產(chǎn)生的磁感應強度方向向左，合成后大小為3B，c直導線在a點產(chǎn)生的磁感應強度方向向下，大小為B，根據(jù)平行四邊形法則，可知a點的磁感應強度大小為故BCD錯誤，A正確。故選A。5、B【解析】CD.勻強電場中，由公式U=Ed知沿著任意方向每前進相同的距離，電勢差都相等，故連接AC，AC連線的中點為E，則E點的電勢為；連接BE，如圖所示：則BE為一條等勢線，D點在BE連線上，所以D點電勢;故C項，D項均錯誤.AB.過A點作出垂直于BE的有向線段，由高電勢點A直線BE，如圖中紅線所示，即為電場線，那么場強方向平行AC方向；故A錯誤，B正確.6、B【解析】A．光敏電阻是根據(jù)光照強度不同而電阻不同的性質，通過測量電阻的變化來確定光強的變化，故A錯誤；B．干簧管能將磁場的信息轉化為電學量，是一種磁性傳感器，故B正確；C．熱敏電阻是根據(jù)溫度升高而電阻減小的性質，通過測電阻的變化來確定溫度的變化，故C錯誤；D．電阻應變片是根據(jù)應變片在力的作用下形狀變化而電阻變化的性質，通過測電阻的變化來確定力變化，故D錯誤。故選B。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AB【解析】由圖可知L2與R串聯(lián)后與L3并聯(lián)，再與L1串聯(lián)；由滑片的移動可知滑動變阻器接入電阻的變化，則可知總電阻的變化；由閉合電路的歐姆定律可知電路中電流的變化，即可知L1亮度的變化；由閉合電路的歐姆定律可得出并聯(lián)電路的電壓變化，從而知兩燈亮度的變化【詳解】當滑片右移時，滑動變阻器接入電阻增大，則電路中總電阻增大，由閉合電路歐姆定律可知電路中總電流減小，故L1變暗；電路中電流減小，故內(nèi)阻及L1兩端的電壓減小，而電動勢不變，故并聯(lián)部分的電壓增大，故L3變亮；因L3中電流增大，干路電流減小，故流過L2的電流減小，故L2變暗；故AB正確，CD錯誤故選AB【點睛】本題考查電路的動態(tài)分析，要會根據(jù)歐姆定律分析各量的變化方向，要求學生能靈活應用串并聯(lián)電路的電流電壓規(guī)律及閉合電路的歐姆定律如果應用“串反并同”的方法會更簡單．“串反并同”就是與可變電阻串聯(lián)的電路上的電壓和電流的變化與該電阻的變化相反，如果電阻增大，則串聯(lián)電路的電壓和電流會減小，而并聯(lián)電路的電壓和電路會隨電阻增大而增大8、AD【解析】AB．枕形導體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應現(xiàn)象，導致電荷重新分布。因此在枕形導體內(nèi)部出現(xiàn)感應電荷的電場，枕形導體左端帶負電，右端帶正電，達到靜電平衡后感應電荷的電場與點電荷的電場疊加，內(nèi)部電場強度處處為零，整個導體是一個等勢體，選項A正確，B錯誤；C．A、B兩點合場強相等，且都為零，由于點電荷形成的場強A點大于B點，則可知感應電荷產(chǎn)生的附加電場一定是EA>EB，選項C錯誤；D．當開關S閉合時，由于導體處在正電荷形成的電場中，故電子將從大地沿導線流向導體，選項D正確。故選AD。9、BCD【解析】AB．根據(jù)粒子的運動軌跡可知，粒子在a、b兩點受到的電場力沿電場線向左，由于電場線方向不明，無法確定粒子的電性，故A錯誤，B正確；C．由于粒子在a點時電場線較b點密集，可知粒子在a點受電場力較大，加速度較大，選項C正確；D．若粒子從a運動到b，由軌跡彎曲方向與粒子速度方向的關系分析可知電場力與速度之間的夾角是鈍角，電場力對粒子做負功，粒子的動能減小，則粒子在a點的速度較大，在b點速度較小，故D正確；故選BCD。10、AD【解析】B.原線圈接的圖乙所示的正弦交流電，由圖知最大電壓，周期0.02s，故角速度是，（V），因變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為4：1，可知次級電壓最大值為，則副線圈兩端電壓的瞬時值表達式為：（V），故B錯誤；A.電壓表V2的示數(shù)為有效值，級電壓最大值為，所以有效值為，故A正確；C.根據(jù)可知，變壓器原、副線圈中的電流之比1：4；輸入、輸出功率之比為1：1，故C錯誤；D.變壓器次級電壓由初級電壓和匝數(shù)比決定，則Rt處溫度升高時，次級電壓不變，電壓表V2的示數(shù)不變，次級電阻減小，則電流表的示數(shù)變大，故D正確；三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.a；②.0.2V；③.0.4A；④.0.016N；⑤.向左【解析】據(jù)右手定則判斷感應電流的方向，即可確定等效電源的正負極；根據(jù)E=BLv求出感應電動勢，由歐姆定律得出電流強度，即可由公式F=BIL求解安培力的大小，由左手定則判斷安培力的方向．再根據(jù)平衡條件分析外力的大小和方向【詳解】a.電路abcd中ab棒切割磁感線，產(chǎn)生感應電動勢，相當于電源．由右手定則判斷可知相當于電源的正極是a端；b.感應電動勢為：E=BLv=0.1×0.4×5V=0.2V，感應電流為：；c.ab桿所受的安培力FA=BIL=0.1×0.4×0.4N=0.016N由右手定則判斷可知，ab中感應電流方向從b→a，由左手定則得知，安培力的方向向左【點睛】解答本題的關鍵要掌握右手定則、法拉第電磁感應定律、歐姆定律、左手定則等電磁感應中常用的規(guī)律12、①.C②.F③.④.BD【解析】根據(jù)“研究小燈泡在不同電壓下的功率”可知，本題考查伏安法測電阻的實驗，根據(jù)實驗中的儀表選擇及接法的選擇、電流表的內(nèi)外接法、滑動變阻器的兩種接法進行推斷.【詳解】(1)因燈泡的額定電壓為，由得，燈泡的額定電流，故電流表應選擇的量程，故選C；而由題意要求可知，電壓從零開始變化，并要多測幾組數(shù)據(jù)，故只能采用滑動變阻器分壓接法，而分壓接法中應選總阻值小的滑動變阻器，故選E；(2)在用伏安法描繪這個燈泡的I-U圖線的實驗中，電壓要從零開始變化，并要多測幾組數(shù)據(jù)，故只能采用滑動變阻器分壓接法；因電壓表內(nèi)阻遠大于燈泡電阻，電流表應采用外接法，實驗電路圖如圖所示：(3)由b圖知電阻隨小燈泡兩端電壓的增大而增大，，圖象的斜率表示電阻的倒數(shù)，故斜率應該越