黑龍江省哈爾濱市六校2025屆物理高一第一學期期末統(tǒng)考試題含解析

黑龍江省哈爾濱市六校2025屆物理高一第一學期期末統(tǒng)考試題注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區(qū)域內。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、小球從空中自由下落，與水平地面相碰后彈到空中某一高度，其v-t圖像如圖所示，則由圖可知下列判斷錯誤的是（）A.小球能彈起的最大高度為1.25mB.小球能彈起的最大高度為0.45mC.小球第一次反彈后瞬間速度的大小為3m/sD.小球下落的最大速度為5m/s2、如圖所示，AB、AC兩光滑斜面互相垂直，AC與水平面成30°。如把球O的重力按照其作用效果分解，則兩個分力的大小分別為（）AG，G B.G，GC.G，G D.G，G3、兩個共點力的大小分別為F1＝15N，F(xiàn)2＝8N，它們的合力大小不可能等于()A.9N B.25NC.8N D.21N4、以下說法符合物理科學史實的是（）A.伽利略用實驗直接證實了自由落體運動是初速度為零的勻加速直線運動B.牛頓首先發(fā)現(xiàn)了亞里士多德關于自由落體運動的觀點有自相矛盾的地方C.古希臘哲學家亞里士多德認為物體下落快慢與質量無關D.伽利略提出物理思想方法的研究順序是：提出假說→數(shù)學推理→實驗驗證→合理外推5、下列情形中的物體可以看做質點的是（）A.研究郭晶晶在跳水比賽中動作時B.一枚硬幣用力上拋，猜測它落地時是正面朝上還是反面朝上C.研究邢慧娜在萬米長跑中運動的快慢時D.研究足球運動員踢出的“香蕉球”的旋轉運動特點時6、從某高處釋放一粒小石子，經過1s從同一地點再釋放另一粒小石子，則在它們落地之前，兩粒石子間的距離將（）A.保持不變 B.不斷減小C.不斷增大 D.先增大，后減小7、如圖所示,真空中固定兩個等量異號點電荷+Q、-Q,圖中O是兩電荷連線中點,a、b兩點與+Q的距離相等,c、d是兩電荷連線垂直平分線上的兩點,bcd構成一等腰三角形,a、e兩點關于O點對稱.則下列說法正確的是()A.a、e兩點的電場強度相同B.a、b兩點的電勢相同C.質子在b點的電勢能比在O點的電勢能大D.將電子由c沿cd邊移到d的過程中電場力做正功8、如圖所示,A、B.C三球的質量均為m,輕質彈簧一端固定在斜面頂端、另一端與A球相連,A、B間固定一個輕桿,B、C間由一輕質細線連接．傾角為θ的光滑斜面固定在地面上,彈簧、輕桿與細線均平行于斜面,初始系統(tǒng)處于靜止狀態(tài),細線被燒斷的瞬間,下列說法正確的是()A.B球的受力情況未變，加速度為零B.A.B兩個小球的加速度均沿斜面向上，大小均為gsinθC.A.B之間桿的拉力大小為D.C球的加速度沿斜面向下，大小為gsinθ9、小明站在電梯內的體重計上，電梯靜止時體重計示數(shù)為50kg，若電梯運動過程中，他看到體重計的示數(shù)為40kg，g=10m/s2．下列說法中正確的有（）A.電梯可能正加速上升 B.電梯可能正加速下降C.電梯可能在減速上升 D.電梯可能在減速下降10、如圖，一小車上有一個固定水平橫桿，左邊有一輕桿與豎直方向成θ角與橫桿固定，下端連接一質量為m的小球P，橫桿右邊用一根細線吊一相同的小球Q。當小車沿水平面做變速運動時，細線保持與豎直方向的夾角為α．已知θ＜α，不計空氣阻力，重力加速度為g，則下列說法正確的是A.小車一定向右做勻加速運動B.輕桿對小球P的的彈力一定沿輕桿方向C.小球P受到的合力一定沿水平方向D.小球Q受到的合力大小為mgtanα11、下列物理量為矢量的是（）A.平均速度 B.加速度C.路程 D.位移12、關于物體的速度、加速度、位移、合力之間的關系，正確的是()A.物體的速度增大，則加速度一定增大，所受的合外力也一定增大B.物體的速度很大，但加速度可能為零，所受的合力也可能為零C.物體的位移不斷增大，則物體所受合外力必定不為零D.物體的速度為零，但加速度可能很大，所受的合力也可能很大二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、（6分）14、（10分）三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、（12分）如圖所示，一根質量不計的輕桿AC垂直插入豎直墻內，桿的另一端裝一質量不計的光滑滑輪。繩子BCD跨過滑輪掛著一重為G的物體，繩子B端固定在墻上，且BC與墻間的夾角θ＝，求滑輪對桿的作用力的大小和方向。16、（12分）如圖所示，水平傳送帶端到端的距離，物塊均視為質點）通過繞在光滑定滑輪上的細線連接，物塊在傳送帶的左端，與連接物塊的細線水平，當傳送帶以的速度逆時針轉動時，物塊恰好靜止。已知物塊的質量，物塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)為0.25，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，取重力加速度，求：（1）物塊的質量；（2）當傳送帶以的速度順時針轉動時，物塊從端運動到端所用的時間；（3）當傳送帶以的速度順時針轉動時，物塊從端運動到端的過程中，物塊相對傳送帶運動的距離。17、（12分）如圖，水平地面上緊靠粗糙水平臺依次排放著A、B兩木板，A、B的長度均為L=5m、質量均為M=1.5kg，其上表面與平臺相平，A與平臺和B均接觸但不粘連．現(xiàn)有一質量m=3kg、可視為質點的滑塊C，從平臺上距平臺右側的距離d=2.5m處，以大小、方向水平向右的速度向右滑塊．已知C與平臺間、C與木板A、B間的動摩擦因數(shù)均為，A、B與地面間的動摩擦因數(shù)均為，且最大靜摩擦力與滑動摩擦力大小相等，?。螅海?）滑塊C剛滑上A板時的速度大?。唬?）滑塊C剛滑離A板時，B板的速度大??；（3）從滑塊C滑上A板到C與B板相對靜止的過程中，B板發(fā)生的位移

參考答案一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、A【解析】AB．小球能彈起的最大高度等于圖線在0.5s-0.8s時間內的“面積”大小，即有；A錯誤應選C．由圖讀出，小球在t=0.5s時刻第一次反彈，此時速度大小為3m/s；正確不選D．由圖讀出，t=0.5s時刻小球下落的速度最大為5m/s；正確不選故選A2、A【解析】對球所受重力進行分解，如圖所示。由幾何關系得故A正確，BCD錯誤。故選A。3、B【解析】兩個力同向時合力最大：兩個力反向時合力最?。核赃x項中不在上述最大值和最小值之間，ACD錯誤，B正確。故選B。4、D【解析】亞里士多德認為重物比輕物下落快；伽利略通過理想斜面實驗指出：力不是維持物體運動的原因，在沒有空氣阻力時，輕重物體下落一樣快【詳解】A．伽利略用實驗研究了銅球在斜面上運動的規(guī)律，并進行外推，得到自由落體運動是初速度為零的勻加速直線運動，并不是用實驗直接證實了自由落體運動是初速度為零的勻加速直線運動，故A錯誤；B．伽利略通過邏輯推理發(fā)現(xiàn)了發(fā)現(xiàn)亞里士多德關于自由落體運動的觀點有自相矛盾的地方，故B錯誤；C．亞里士多德認為物體越重，下落得越快，伽利略認為物體下落快慢與質量無關．故C錯誤D．伽利略提出了正確的科學探索的物理思想和物理方法及步驟①提出假說；②數(shù)學推理；③實驗驗證；④合理外推，故D正確；故選D【點睛】對于物理學史的學習要注意平時加強積累和記憶，不可忽視，這也是高考的重要內容之一5、C【解析】A．研究郭晶晶在跳水比賽中的動作時，形狀和大小不能忽略，不能看成質點，故A不符合題意；B．一枚硬幣用力上拋，猜測它落地時是正面朝上還是反面朝上，硬幣的大小和形狀不能忽略，不能看成質點，故B不符合題意；C．研究邢慧娜在萬米長跑中運動的快慢時，運動員的形狀和大小能忽略，可以看成質點，故C符合題意；D．研究足球運動員踢出的“香蕉球”的旋轉運動特點時，足球的大小和形狀不能忽略，不能看成質點，故D不符合題意。故選C。6、C【解析】設落地前第一個小石子運動的時間為t，則第二個小石子運動的時間為（t-1）s，根據位移時間公式得：所以隨著時間的增大，兩粒石子間的距離將增大。故選C。7、AC【解析】由場強的合成法則可得場強的大小關系，由電場力做功情況可得電勢的變化．兩等量異號點電荷連線的垂直平分線是一條等勢線，正電荷在電勢高處電勢能大，分析電勢能關系【詳解】A、a、e兩點的合場強大小相等，且方向相同，A正確；B、a、b兩點雖然關于+Q對稱，但是由于-Q的影響，兩點的電勢并不相等，B錯誤；C、b點電勢高于O點的電勢，則質子在b點的電勢能大，C正確；D、c、O、d在一條等勢線上，故電子從c點移到d點電場力不做功，D錯誤；故選AC【點睛】等量異號點電荷的電場線和等勢線分布情況是考試的熱點，抓住對稱性和其連線的垂直平分線是一條等勢線是學習的重點8、BCD【解析】細線被燒斷的瞬間，B不再受細線的拉力作用，B的受力情況發(fā)生變化，合力不為零，加速度不為零，故A錯誤；以A、B組成的系統(tǒng)為研究對象，燒斷細線前，A、B靜止，處于平衡狀態(tài)，合力為零，彈簧的彈力f=3mgsinθ，以C為研究對象知，細線的拉力為mgsinθ，燒斷細線的瞬間，A、B受到的合力等于3mgsinθ-2mgsinθ=mgsinθ，由于彈簧彈力不能突變，彈簧彈力不變，由牛頓第二定律得：mgsinθ=2ma，則加速度a=gsinθ，故B正確；B的加速度為：a=gsinθ，以B為研究對象，由牛頓第二定律得：FAB-mgsinθ=ma，解得：FAB=mgsinθ，故C正確；對球C，由牛頓第二定律得：mgsinθ=ma，解得：a=gsinθ，方向向下，故D正確；故選BCD【點睛】本題關鍵點就是繩和彈簧的區(qū)別：彈簧的彈力不會突變，而繩或者桿在斷后彈力會突變?yōu)榱悖@點在做題時要特別留意9、BC【解析】人對體重計的壓力小于人的重力，說明人處于失重狀態(tài)，加速度向下，運動方向可能向上也可能向下；【詳解】由于體重計示數(shù)小于其重力，故其處于失重狀態(tài)，其加速度向下，即電梯可能正加速下降或減速上升，故選項BC正確，AD錯誤【點睛】做超重和失重的題目要抓住關鍵：有向下的加速度，失重；有向上的加速度，超重10、CD【解析】A．對細線吊的小球研究，根據牛頓第二定律：mgtanα=ma，解得：a=gtanα，故加速度向右，小車向右加速運動，或向左減速運動，故A錯誤；B．由牛頓第二定律：mgtanβ=ma′，因為a=a′，得到：β=α＞θ，則輕桿對小球彈力方向與細線平行，故B錯誤；CD．小球P和Q的加速度相同，水平向右，則兩球的合力均水平向右，大?。篎合=ma=mgtanα，故CD正確。故選CD。11、ABD【解析】位移、平均速度和加速度都是既有大小又有方向的物理量，是矢量；而路程是只有大小沒有方向的物理量，是標量。故ABD正確。故選ABD。12、BD【解析】A．物體的速度增大，則加速度和速度同向，但是加速度不一定增大，根據F=ma可知所受的合外力也不一定增大，選項A錯誤；B．物體的速度很大，但加速度可能為零，根據F=ma可知所受的合力也可能為零，選項B正確；C．物體的位移不斷增大，則也可能做勻速直線運動，則物體所受合外力可能為零，選項C錯誤；D．物體的速度為零，但加速度可能很大，根據F=ma可知所受的合力也可能很大，選項D正確；故選BD.二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、14、三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、F=G，方向左下方與豎直方向成夾角。【解析】球受力平衡，故繩子張力等于球的重力G；將繩子的拉力進行合成，如圖所示，兩段繩子夾角為，由平行四邊形定則可知，繩子對滑輪的壓力為G；滑輪受繩子的壓力和桿的支持力而平衡，故桿對滑輪的作用力大小為G，由牛頓第三定律可知，滑輪對桿的作用力的大小為G，方向左下方與豎直方向成夾角。16、（1）mQ=8kg（2）t總=3s（3）△x=8m【解析】（1）當傳送帶以v=8m/s逆時針轉動時，物塊Q恰好靜止不動，對Q受力分析知F=f即mPg=μmQg解得：mQ=8kg（2）當傳送帶以v=8m/s順時針轉動時，物塊Q向右做初速度為零的勻加速直線運動，對Q，由牛頓第二定律得：μmQg+T=mQa對P分析可得mPg-T=mPa聯(lián)立解得：a=4m/s2共速之前P、Q一直做勻加速直線運動，Q勻加速運動的時間為：Q勻加速運動的位移為：共速之后Q做勻速運動，所用時間為：則Q從A端到達B端所用的時間為：t總=t1+t2=3s（3）Q加速階段傳送帶的位移為：x傳=vt1=8×2m=16m共速階段二者沒有相對位移，所以物塊Q相對傳送帶運動的距離為：△x=x傳-x=8m17、(1)7m/s(2)1m/s(3)1.375m【解析】C在水平臺上做勻減速直線運動，由運動學規(guī)律和牛頓第二定律求出滑塊C剛滑上A板時的速度大小，滑塊C在木板A上滑動時，采用隔離法分別分析C、BA的受力，由運動學規(guī)律和