河北省衡水市武邑縣武邑中學2025屆高二物理第一學期期中質(zhì)量跟蹤監(jiān)視試題含解析

河北省衡水市武邑縣武邑中學2025屆高二物理第一學期期中質(zhì)量跟蹤監(jiān)視試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，電源的內(nèi)阻不可忽略．已知定值電阻R1=11Ω，R2=8Ω．當開關S接位置1時，電流表的示數(shù)為1．21A．那么當開關S接位置2時，電流表的示數(shù)可能是下列的哪些值（）A．1．28AB．1．25AC．1．22AD．1．19A2、如圖所示，相距為0.6m的兩個點電荷A、C的電荷量大小之比為1:4，其中A帶正電，C帶負電，現(xiàn)引進第三個點電荷B，使三個點電荷都處于靜止狀態(tài)。有關B的電性和位置，下列說法正確的是A．B球一定帶正電，位置在C的右邊，距C的距離為0.6mB．B球一定帶負電，位置在A、C之間，距C的距離為0.3m.C．B球一定帶正電，位置在A的左邊，距A的距離為0.3mD．B球一定帶負電，位置在A的左邊，距A的距離為0.6m3、一個鋼球做自由落體運動，取g=10m/s2，則3s末鋼球的速度大小為（）A．15m/s B．20m/s C．25m/s D．30m/s4、用電場線能很直觀、很方便地比較電場中各點的強弱。如圖甲是等量異種點電荷形成電場的電場線,圖乙是場中的一些點：O是電荷連線的中點,E、F是連線中垂線上關于O對稱的兩點,B、C和A、D也關于O對稱。則()A．B、C兩點場強大小相同，方向相反B．A、D兩點場強大小相等C．E、O、F三點比較,O點場強最弱D．B、O、C三點比較,O點場強最強5、一顆子彈水平射入置于光滑水平面上的木塊并留在其中，、用一根彈性良好的輕質(zhì)彈簧連在一起，如圖所示．則在子彈打入木塊及彈簧被壓縮的過程中，子彈、兩木塊和彈簧組成的系統(tǒng)（）A．動量守恒，機械能守恒 B．動量不守恒，機械能守恒C．動量守恒，機械能不守恒 D．動量不守恒，機械能也不守恒6、右圖所示的電路中，電源內(nèi)阻r不可忽略，電流表和電壓表均為理想電表，當滑動變阻器R2的滑動鍵P向上滑動時（）A．A1和A2的示數(shù)均變大B．V1和V2的示數(shù)均變小C．A1示數(shù)的變化量小于A2示數(shù)的變化量D．V1示數(shù)的變化量大于V2示數(shù)的變化量二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、某靜電場中的電場線如圖所示，帶電粒子在電場中僅受靜電力作用，由M點運動到N點，其運動軌跡如圖中虛線所示，以下說法正確的是A．粒子必定是負電荷B．粒子在M點的電勢能小于它在N點的電勢能C．粒子在M點的加速度小于它在N點的加速度D．粒子在M點的動能小于它在N點的動能8、如圖所示，兩個帶等量正電荷的小球A、B(可視為點電荷)，被固定在光滑絕緣的水平面上．P、N是小球A、B的連線的水平中垂線，且PO=ON．下列說法正確的是（）A．沿著P→O→N，電場強度一定先減小后增加B．沿著P→O→N，電場強度可能先減小后增加C．沿著P→O→N，電勢一定先增加后減小D．沿著P→O→N，電勢一定先減小后增加9、某實驗小組用圖示裝置探究影響平行板電容器電容的因素．若兩極板正對面積為S，極板間的距離為d，靜電計指針偏角為θ．實驗中，假定極板所帶電荷量不變，下列判斷中正確的是A．保持S不變，增大d，則C變小，θ變大B．保持S不變，增大d，則C變大，θ變小C．保持d不變，減小S，則C變小，θ變大D．保持d不變，減小S，則C變大，θ變小10、一個直流電動機所加的電壓為U，電流為I，線圈內(nèi)阻為R，當它工作時，下列說法正確的是（）A．電動機的輸出功率為B．電動機的發(fā)熱功率為C．電動機的功率可寫作D．電動機的輸出功率為三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖，用“碰撞實驗器”可以驗證動量守恒定律，即研究兩個小球在軌道水平部分碰撞前后的動量關系．(1)實驗中，直接測定小球碰撞前后的速度是不容易的，但是，可以通過僅測量________(填選項前的符號)，間接地解決這個問題．A、小球開始釋放高度hB、小球拋出點距地面的高度HC、小球做平拋運動的射程(2)圖中O點是小球拋出點在地面上的垂直投影．實驗時，先將入射球m1多次從斜軌上S位置由靜止釋放，找到其平均落地點的位置P，測量平拋射程OP．然后，把被碰小球m2靜止于軌道的水平部分，再將入射小球m1從斜軌上S位置由靜止釋放，與小球m2相撞，并多次重復．（小球質(zhì)量關系滿足m1>m2）接下來要完成的必要步驟是__________．(填選項前的符號)A、用天平測量兩個小球的質(zhì)量m1、m2B、測量小球m1開始釋放高度hC、測量拋出點距地面的高度HD、分別找到m1、m2相碰后平均落地點的位置M、NE、測量平拋射程OM、ON(3)若兩球相碰前后的動量守恒，其表達式可表示為______________________[用(2)中測量的量表示]．12．（12分）某同學研究小燈泡的伏安特性,所使用的器材有：小燈泡L(額定電壓3.8V，額定電流0.32A)電壓表V(量程3V，內(nèi)阻3kΩ)電流表A(量程0.5A，內(nèi)阻0.5Ω)固定電阻(阻值1000Ω)滑動變阻器R(阻值0～9.0Ω)電源E(電動勢5V，內(nèi)阻不計)開關S，導線若干．（1）實驗要求能夠?qū)崿F(xiàn)在0～3.8V的范圍內(nèi)對小燈泡的電壓進行測量，畫出實驗電路原理圖____．（2）實驗測得該小燈泡伏安特性曲線如圖（a）所示．由實驗曲線可知，隨著電流的增加小燈泡的電阻___(填“增大”“不變”或“減小”)，燈絲的電阻率____(填“增大”“不變”或“減小”)．（3）用另一電源(電動勢4V，內(nèi)阻1.00Ω)和題給器材連接成圖（b）所示的電路，調(diào)節(jié)滑動變阻器R的阻值，可以改變小燈泡的實際功率，閉合開關S，在R的變化范圍內(nèi)，小燈泡的最小功率為___W．(結(jié)果均保留2位有效數(shù)字)四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）兩個平行金屬板、如圖乙所示放置，,兩板電勢差時間做周期性變化，大小總保持為，周期為，如圖甲所示，極板附近有一個粒子源，可以釋放初速度為零、質(zhì)量為，帶電荷量為的粒子，由于電場力的作用由靜止開始運動．不計粒子的重力（1）若在時發(fā)出的電子在時恰好到達極板，求兩極板間距離．（2）若已知兩極板間距離為，在時發(fā)出的粒子不能到達極板，求此時發(fā)出的粒子距板的最大距離．14．（16分）如圖所示，帶電小球A和B（可視為點電荷）放在傾角為的光滑固定絕緣斜面上，已知A球的質(zhì)量為m，所帶電荷量為+q，B球的質(zhì)量為2m，所帶電荷量為-q。沿斜面向上的恒力F作用于A球，可使A、B保持間距r不變沿斜面向上做勻加速直線運動，已知重力加速度為g，靜電力常量為k，求：(1)加速度a的大??；(2)F的大小。15．（12分）有一光滑半圓形絕緣軌道豎直放置，如圖所示，軌道與一水平絕緣軌道MN連接，在水平向左的勻強電場中，E＝2×103V/m，半圓軌道半徑R＝0.4m，一帶正電的小滑塊質(zhì)量為m＝0.04kg，電量q＝1.5×10－4C，小滑塊與水平軌道間的動摩擦因數(shù)μ＝0.25，g取10m/s2，求：(1)要使小滑塊能運動到半圓軌道的最高點L，滑塊應在水平軌道上離N點多遠處釋放？(2)這樣釋放的滑塊通過半圓軌道中點P點時對軌道壓力是多大？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】試題分析：當電鍵S接位置1時，電流表的示數(shù)為1．21A，則根據(jù)歐姆定律得知：路端電壓U1=I1R1=11×1．2V=2V；電鍵S接2后，電路的總電阻減小，總電流一定增大，所以電流不可能是1．19A，電源的路端電壓一定減?。辉瓉砺范穗妷簽?V，所以電鍵S接2后路端電壓低于2V，因此電流一定小于1．25A，故只能選C．考點：閉合電路歐姆定律名師點睛：本題要根據(jù)閉合電路歐姆定律分析路端電壓與外電阻的關系，同時分析總電流與外電路總電阻的關系，可確定出電流表示數(shù)的范圍進行選擇．2、D【解析】

A、B、C三個電荷要平衡，必須三個電荷的一條直線，外側(cè)二個電荷相互排斥，中間電荷吸引外側(cè)兩個電荷，所以外側(cè)兩個電荷距離大，要平衡中間電荷的拉力，必須外側(cè)電荷電量大，中間電荷電量小，所以B必須為負電，在A的左側(cè)。設B所在位置與A的距離為r，則B所在位置與B的距離為0.6+r，要能處于平衡狀態(tài)，所以A對B的電場力大小等于C對B的電場力大小，設B的電量為q。則有：解得：r=0.6m故D正確，ABC錯誤。故選D。3、D【解析】

根據(jù)v=gt可知3s末鋼球的速度大小為：v3=gt3=10×3m/s=30m/s，故選D.4、B【解析】

A、根據(jù)對稱性看出，B、C兩處電場線疏密程度相同，則B、C兩點場強大小相同，這兩點場強的方向均由B→C，方向相同，故A錯誤；B、根據(jù)對稱性看出，A、D兩處電場線疏密程度相同，則A、D兩點場強大小相同，故B正確；C、由圖看出，E、F兩點中，電場線疏密程度相同，兩點場強方向相同，而E、O、F三點比較，O點場強最強，故C錯誤；D、由圖看出，B、O、C三點比較，O點場強最小，故D錯誤；故選B?！军c睛】據(jù)電場線的疏密判斷場強的大小，電場線越密，場強越大；電場線越疏，場強越??；根據(jù)等量異種點電荷形成電場的電場線分布的對稱性分析對稱點場強的大小關系。5、C【解析】

在子彈打入木塊A及彈簧被壓縮的過程中，子彈、兩木塊和彈簧組成的系統(tǒng)所受的合外力為零，則系統(tǒng)的動量守恒，在此過程中，除彈簧彈力做功外還有摩擦力對系統(tǒng)做功，所以系統(tǒng)機械能不守恒，故ABD錯誤，C正確。故選C。6、C【解析】

AC．當滑片P上移時，R2增大，回路中的總阻值增大，總電流：總電流減??；V2的示數(shù)：可知U2增大A1的示數(shù)：可知增大，I減小、增大，知減小，減小量大于增加量，A錯、C對；BD．U1、U2的大小為：可知：U1、U2都增大，U2的變化量大，BD錯．【點睛】判定總電阻變化情況的規(guī)律(記一記)1．當外電路的任何一個電阻增大(或減小)時，電路的總電阻一定增大(或減小)．2．若開關的通、斷使串聯(lián)的用電器增多時，電路的總電阻增大；若開關的通、斷使并聯(lián)的支路增多時，電路的總電阻減小．3．在如圖所示分壓電路中，滑動變阻器可視為由兩段電阻構成，其中一段R并與用電器并聯(lián)，另一段R串與并聯(lián)部分串聯(lián)．A、B兩端的總電阻與R串的變化趨勢一致．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、CD【解析】

A．由電荷的運動軌跡可以知道，電荷的受力沿著電場線的方向，所以電荷為正電荷,所以A錯誤.B．正電荷沿著電場的方向運動,所以電場力做正功,電荷的電勢能減小,所以粒子在M點的電勢能大于它在N點的電勢能,所以B錯誤.C．電場線密的地方電場的強度大,電場線疏的地方電場的強度小,由圖可知N點的場強大于M點的場強的大小，在N點的受力大于在M的受力，所以粒子在M點的加速度小于它在N點的加速度,所以C正確.D．正電荷沿著電場的方向運動，所以電場力做正功，電荷的電勢能減小，動能增加，所以粒子在M點的動能小于它在N點的動能，所以D正確.8、BC【解析】

可以根據(jù)等量同種電荷的電場線分布，及沿著電場線電勢降低這個方向來考慮這個問題．【詳解】AB．在AB的垂直平分線上,從無窮遠處到O點電場強度先變大后變小,到O點變?yōu)榱?由于無窮遠處到O過程中有個最大值，所以沿著P→O→N，電場強度不一定先減小后增加，只能說可能先減小后增加，故A錯；B對；CD．根據(jù)電場的疊加，可知在在AB的垂直平分線上，電場線從O點指向兩側(cè)，沿著電場線電勢在降低，所以沿著P→O→N，電勢一定先增加后減小，故C對；D錯；故選BC9、AC【解析】根據(jù)電容的決定式得知，電容與極板間距離成反比，當保持S不變，增大d時，電容減小，因極板所帶電荷量Q不變，由電容的定義式，分析可知板間電勢差增大，靜電計指針的偏角θ變大．故A正確，B錯誤．根據(jù)電容的決定式得知，電容與極板的正對面積成正比，當保持d不變，減小S時，電容C減小，極板所帶電荷量Q不變，則由電容的定義式，可知板間電勢差U增大，靜電計指針的偏角θ變大．故C正確，D錯誤．故選AC．點睛：本題是電容動態(tài)變化分析問題，關鍵抓住兩點：一是電容器的電量Q不變；二是關于電容的兩個公式:決定式和定義式．10、BD【解析】電動機的輸出功率P出=P-P熱=UI-I2R，故A錯誤，D正確；電動機的發(fā)熱功率，根據(jù)焦耳定律可得P熱=I2R，故B正確；因為P＞P熱，即UI＞I2R，U＞IR，歐姆定律不適用，故UI不能轉(zhuǎn)化成I2R和，故C錯誤。所以BD正確，AC錯誤。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、CADEm1·OM＋m2·ON＝m1·OP【解析】

（1）驗證動量守恒定律實驗中，即研究兩個小球在軌道水平部分碰撞前后的動量關系，直接測定小球碰撞前后的速度是不容易的，但是通過落地高度不變情況下水平射程來體現(xiàn)速度．故選C．（2）實驗時，先讓入射球m1多次從斜軌上S位置靜止釋放，找到其平均落地點的位置P，測量平拋射程OP．然后，把被碰小球m2靜置于軌道的水平部分，再將入射球從斜軌上S位置靜止釋放，與小球相碰，并多次重復．測量平均落點的位置，找到平拋運動的水平位移，因此步驟中D、E是必需的，而且D要在E之前．至于用天平秤質(zhì)量先后均可以．故選ADE．（3）若兩球相碰前后的動量守恒，則m1v0=m1v1+m2v2，又OP=v0t，OM=v1t，ON=v2t，代入得：m1OP=m1OM+m2ON12、電路圖見解析；增大；增大；0.39【解析】

（1）[1]．因本實驗需要電流從零開始調(diào)節(jié)，因此應采用滑動變阻器分壓接法；因燈泡內(nèi)阻與電流表內(nèi)阻接近，故應采用電流表外接法；另外為了擴大電壓表量程，應用R0和電壓表串聯(lián)，故原理圖如圖所示；

（2）[3][4]．I-U圖象中圖象的斜率表示電阻的倒數(shù)，由圖可知，圖象的斜率隨電壓的增大而