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2025屆貴州省銅仁市偉才學校物理高二上期末考試試題注意事項:1.答題前,考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚,將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2.選擇題必須使用2B鉛筆填涂;非選擇題必須使用0.5毫米黑色字跡的簽字筆書寫,字體工整、筆跡清楚。3.請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內作答,超出答題區(qū)域書寫的答案無效;在草稿紙、試題卷上答題無效。4.保持卡面清潔,不要折疊,不要弄破、弄皺,不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題:本題共6小題,每小題4分,共24分。在每小題給出的四個選項中,只有一項是符合題目要求的。1、圖中a、b、c、d為四根與紙面垂直的長直導線,其橫截面位于正方形的四個頂點上,導線中通有大小相同的電流,方向如圖所示.可以判斷出a、b、c、d四根長直導線在正方形中心O處產生的磁感應強度方向是()A.向上B.向下C.向左D.向右2、關于慣性的大小,下列說法正確的是()A.質量大的慣性小,質量小的慣性大B.質量大的物體慣性大,質量小的物體慣性小C.質量大的物體慣性大,其速度大時慣性更大D.質量大的物體慣性大,但不受力時慣性小3、2018年2月12日,我國以“一箭雙星”方式成功發(fā)射“北斗三號工程”的兩顆組網衛(wèi)星.若某北斗導航衛(wèi)星在離地高度為2.15萬公里的圓形軌道上運行,已知地球同步衛(wèi)星離地的高度約為3.58萬公里,線速度的大小約為3.08km/s.下列說法正確的是A.此北斗導航衛(wèi)星繞地球運動的周期大于24小時B.此北斗導航衛(wèi)星的線速度大于3.08km/sC.此北斗導航衛(wèi)星的角速度小于地球自轉的角速度D.此北斗導航衛(wèi)星的加速度大于地球表面處的重力加速度4、如圖是靜電場中的一組等勢面分布圖,M、N是其中的兩點,、表示M、N兩點的場強,、表示M、N兩點的電勢,則下列說法中正確的是A. B.C. D.5、2017年1月我國科學家利用天眼觀測到一顆宜居行星,這是迄今為止發(fā)現(xiàn)的最像地球的行星,這顆行星的直徑是地球的a倍,質量是地球的b倍。已知近地衛(wèi)星繞地球運動的周期為T,引力常量為G.則該行星的平均密度為A. B.C. D.6、如圖所示的條形磁鐵的上方放置一矩形線框,線框平面水平且與條形磁鐵平行,則線框在由N極勻速平移到S極的過程中,線框中的感應電流的情況是()A.線框中始終無感應電流B.線框中始終有感應電流C.線框中開始有感應電流,當線框運動到磁鐵中部上方時無感應電流,以后又有了感應電流D.開始無感應電流,當運動到磁鐵中部上方時有感應電流,后來又沒有感應電流二、多項選擇題:本題共4小題,每小題5分,共20分。在每小題給出的四個選項中,有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分,選對但不全的得3分,有選錯的得0分。7、如圖所示,平行板電容器經開關S與電池連接,a處固定一帶電荷量非常小的點電荷,S是閉合的,φa表示a點的電勢,F(xiàn)表示點電荷所受的電場力,Ep表示點電荷在a點的電勢能?,F(xiàn)將B板稍微向下移動,使兩板間的距離增大,則()A.電容C減小B.F增大C.φa增大,Ep增大D.電流計中有電流由Q流向P8、一個線圈的電流在均勻增大,則這個線圈A.自感系數也將均勻增大B.自感電動勢也將均勻增大C.磁通量也將均勻增大D.自感系數,自感電動勢都不變9、某同學將一直流電源的總功率PE、輸出功率PR和電源內部的發(fā)熱功率Pr隨電流I變化的圖線畫在了同一坐標系上,如圖中的a、b、c所示,根據圖線可知A.反映電源內部的發(fā)熱功率Pr變化的圖線是aB.電源電動勢是4VC.電源內阻是2ΩD.當電流為0.5A時,外電阻一定為6Ω10、如圖圓形線圈P靜止在水平桌面上,其正上方懸掛一螺線管Q,Q中通有變化的電流i,電流隨時間變化的規(guī)律如圖乙,P所受的重力為G,桌面對P的支持力為F,當Q中通有如圖方向的電流時,圖示電流取正值,則A.t1時刻,F(xiàn)>G B.t2時刻,F(xiàn)=GC.t3時刻,F(xiàn)=G D.t4時刻,F(xiàn)<G三、實驗題:本題共2小題,共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,不要求寫出演算過程。11.(6分)右圖是用頻閃周期為△t的相機拍攝的一張真空中羽毛與蘋果自由下落的局部頻閃照片.(1)在下落過程中的任意時刻,羽毛的運動狀態(tài)與蘋果_______________(選填“是”或“否”)相同.(2)關于提供的信息及相關數據處理,下列說法中正確的是_______________(填選項前的字母).A.一定滿足關系x1∶x2∶x3=1∶4∶9B.一定滿足關系x1∶x2∶x3=1∶3∶5C.蘋果下落的加速度大小為D.羽毛下落的加速度大小為12.(12分)某同學欲測量一電容器的電容,他采用高電阻放電法來測量,電路圖如圖甲所示.其原理是測出電容器在充電電壓為U時所帶的電荷量Q,從而求出其電容C.該實驗的操作步驟如下:(1)先判斷電容器的好壞,使用萬用表的電阻擋進行測量,觀察到萬用表指針向右偏轉較大角度,又逐漸返回到起始位置,此現(xiàn)象說明電容器是____(選填“好”、“壞”)的;(2)按如圖甲所示電路原理圖連接好實驗電路,將開關S接通____(選填“1”、“2”),對電容器進行充電,調節(jié)可變電阻R的阻值,再將開關S接通另一端,讓電容器放電,觀察微安表的讀數,直到微安表的初始指針接近滿刻度;(3)此時讓電容器先充電,記下這時的電壓表讀數U0=2.9V,再放電,并同時開始計時,每隔5s或10s讀一次微安表的讀數i,將讀數記錄在預先設計的表格中。根據表格中的12組數據,以t為橫坐標,i為縱坐標,在乙圖所示的坐標紙上描點(圖中用“×”表示),請在圖上作出電流i與時間t的曲線______;(4)根據以上實驗結果和圖象,算出該電容器的電容約為____F(結果保留兩位有效數字)四、計算題:本題共3小題,共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13.(10分)如圖所示,在足夠高的豎直絕緣擋板上A點,以水平速度v0向左拋出一個質量為m、電荷量為q的帶正電小球。由于空間存在水平向右、場強大小為E的勻強電場,小球拋出后經過一段時間到達板面上位于A點正下方的B點,重力加速度為g。求:(1)小球運動過程中離擋板的最大水平距離x;(2)板上A、B兩點間的距離y;(3)小球運動過程中最小速度v的大小。14.(16分)如圖所示,陰極A受熱后向右側空間發(fā)射電子,電子質量為m,電荷量為e,電子的初速率有從0到v的各種可能值,且各個方向都有.與A極相距l(xiāng)的地方有熒光屏B,電子擊中熒光屏時便會發(fā)光.若在A和B之間的空間里加一個水平向左、與熒光屏面垂直的勻強電場,電場強度為E,求B上受電子轟擊后的發(fā)光面積.15.(12分)如圖所示,粗糙斜面的傾角θ=37°,半徑r=0.5m的圓形區(qū)域內存在著垂直于斜面向下的勻強磁場.一個匝數n=10匝的剛性正方形線框abcd,通過松弛的柔軟導線與一個額定功率P=1.25W的小燈泡A相連,圓形磁場的一條直徑恰好過線框bc邊.已知線框質量m=2kg,總電阻R0=1.25Ω,邊長L>2r,與斜面間的動摩擦因數μ=0.5.從t=0時起,磁場的磁感應強度按B=2-t(T)的規(guī)律變化.開始時線框靜止在斜面上,在線框運動前,燈泡始終正常發(fā)光.設最大靜摩擦力等于滑動摩擦力,g取10m/s2,sin37°=0.6,cos37°=0.8.求:(1)小燈泡正常發(fā)光時的電阻R;(2)線框保持不動的時間內,小燈泡產生的熱量Q.

參考答案一、單項選擇題:本題共6小題,每小題4分,共24分。在每小題給出的四個選項中,只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】根據題意,由右手螺旋定則知a與c導線產生磁場正好相互抵消,由右手螺旋定則知b與d導線電流產生磁場方向相同都為豎直向下,則得磁場方向豎直向下。故選B。2、B【解析】ABC、質量是慣性大小的唯一量度,質量大的物體慣性大,質量小的物體慣性小,質量相同的物體,慣性大小相等,與物體的速度無關.故AC錯誤,B正確;D.慣性是物體的固有屬性,大小只與質量大小有關,與物體是否受力無關,故D錯誤故選B.點睛:慣性是物體的固有屬性,質量是衡量慣性大小的唯一量度,與物體是否受力無關,與速度無關3、B【解析】A.根據萬有引力提供向心力,有:得:,,,北斗衛(wèi)星的軌道半徑小于同步衛(wèi)星的軌道半徑,所以此北斗衛(wèi)星周期小于同步衛(wèi)星的24小時,故選項A錯誤;B.北斗衛(wèi)星的軌道半徑小于同步衛(wèi)星的軌道半徑,所以此北斗衛(wèi)星的線速度大于同步衛(wèi)星的線速度,即大于,故選項B正確;C.由于北斗衛(wèi)星的軌道半徑小于同步衛(wèi)星的軌道半徑,所以此北斗導航衛(wèi)星的角速度大于同步衛(wèi)星的角速度,由于同步衛(wèi)星角速度與地球角速度相同,故其大于地球自轉的角速度,故選項C錯誤;D.根據牛頓第二定律:,則此北斗導航衛(wèi)星的加速度為:在地球表面處,忽略地球自轉,則:由于此北斗導航衛(wèi)星的的軌道半徑大于地球半徑,故此北斗導航衛(wèi)星的加速度小于地球表面處的重力加速度,故選項D錯誤【點睛】本題要掌握萬有引力提供向心力這個關系,要能根據題意選擇恰當的向心力的表達式4、D【解析】等差等勢線越密的地方,電場強度越大,所以由圖可知M點場強大于N點場強,即EM>EN;由圖可知,N點電勢高于M點電勢,即。A.。與上述結論不符,故A錯誤;B.。與上述結論不符,故B錯誤;C.。與上述結論不符,故C錯誤;D.。與上述結論相符,故D正確。5、B【解析】對地球的近地衛(wèi)星可得解得故該行星的密度為故B正確,A、C、D錯誤;故選B。6、B【解析】條形磁鐵中部磁性較弱,兩極磁性最強,線圈從左向右移動過程中,線圈中磁通量先減小后反方向增大,因此線圈中始終有感應電流A.線框中始終無感應電流,與結論不相符,選項A錯誤;B.線框中始終有感應電流,與結論相符,選項B正確;C.線框中開始有感應電流,當線框運動到磁鐵中部上方時無感應電流,以后又有了感應電流,與結論不相符,選項C錯誤;D.開始無感應電流,當運動到磁鐵中部上方時有感應電流,后來又沒有感應電流,與結論不相符,選項D錯誤;二、多項選擇題:本題共4小題,每小題5分,共20分。在每小題給出的四個選項中,有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分,選對但不全的得3分,有選錯的得0分。7、AD【解析】A.電容器兩極板始終與電源的兩極相連,故電容器兩極板之間的電壓U保持不變,隨B極板下移兩極板之間的距離增大,根據知,電容C減小,故A正確;D.根據知,電荷量Q減小,電路中存在放電電流,電流方向從Q到P,故D正確;B.根據可知兩極板之間的電場強度E減小,故點電荷所受電場力F=qE減小,故B錯誤;C.由于電場強度E減小,故UAa減小,由于UAB=UAa+UaB所以UaB增大,由題圖可知電源的負極接地,故B極板接地,所以B板的電勢為0,即φB=0,又UaB=φa-φB所以φa=UaB變大,因a處是負點電荷,則它的電勢能會變小,故C錯誤。故選AD。8、CD【解析】自感系數取決于線圈的結構,電流的變化不影響自感系數,自感電動勢,一個線圈的電流在均勻增大,所以自感電動勢不變,故AB錯誤,D正確;磁通量的變化正比于電流的變化,電流在均勻增大,磁通量也將均勻增大,故C正確【點睛】自感系數取決于線圈的結構,電流的變化不影響自感系數9、BCD【解析】A.根據直流電源總功率PE=EI,內部的發(fā)熱功率Pr=I2r,輸出功率PR=EI-I2r,可知反映Pr變化的圖線是c,反映PE變化的是圖線a,反映PR變化的是圖線b,故A錯誤;B.圖線a的斜率等于電源的電動勢,由得到,故B正確;C.由圖,當I=2A時,Pr=8W,由公式Pr=I2r得,r=2Ω,故C正確;D.當電流為0.5A時,由圖讀出電源的功率PE=2W;由代入得到R=6Ω,故D正確。故選BCD。10、ABC【解析】當穿過P的磁通量增加時,根據楞次定律可知線圈有遠離Q的運動趨勢;無論是當Q中還是P中,有一個無電流時,兩線圈均無磁場力的作用【詳解】線圈總是阻礙磁通量的變化,所以t1電流增大,磁通量變大,下面線圈阻礙變化,就向下運動的趨勢,所以F>G.t2時刻與t4時刻無電流變化,t3時刻Q中沒有電流;所以t2時刻、t3時刻、t4時刻F=G,故ABC正確,D錯誤.故選ABC【點睛】注意:由電流變化而產生的感應磁場去阻礙線圈磁通量的變化.同時可知:同向電流相吸,異向電流相斥三、實驗題:本題共2小題,共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,不要求寫出演算過程。11、①.是②.C【解析】(1)由于沒有空氣阻力,物體只受重力,故羽毛和蘋果具是有相同的運動狀態(tài)(2)由于這是局部照片,A點并不一定是起點,故不能根據初速度為零的勻變速直線運動的位移規(guī)律來求,故AB錯誤;根據推論△x=at2可得加速度為:,故C正確,D錯誤.所以C正確,ABD錯誤12、①.好②.1③.④.2.6×10-3~3.0×10-3之間【解析】(1)[1]使用萬用表的電阻擋進行測量,觀察到萬用表指針向右偏轉較大角度,又逐漸返回到起始位置,此現(xiàn)象說明電容器是好的。(2)[2]將開關S接通“1”,電容器與電源連接,對電容器進行充電。(3)[3]根據坐標系內所描出的點,用平滑的曲線把各點連接起來,可作出作出電流i與時間t的圖象如圖:(4)[4]由知,電荷量為I?t圖象與坐標軸所圍的面積,即面積為電容器在開始放電時所帶的電荷量。由圖象可知“面積”格數約32格(31~33格均正確),每小格相當于2.5×10-4C,所以電容器電容為U0時,電荷量Q=7.75×10?3C(8.00×10?3C~8.25×10?3C均正確),電容器的電容(2.6×10-3~3.0×10-3之間均正確)。四、計算題:本題共3小題,共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1);(2);(3)【解析】(1)小球在水平方向先向左做

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