2025屆山東省臨沂市羅莊區(qū)七校聯(lián)考高二物理第一學期期末質(zhì)量跟蹤監(jiān)視試題含解析

2025屆山東省臨沂市羅莊區(qū)七校聯(lián)考高二物理第一學期期末質(zhì)量跟蹤監(jiān)視試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區(qū)內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規(guī)定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，在光滑水平面上有兩塊木塊A和B，質(zhì)量均為m，B的左側(cè)固定一輕質(zhì)彈簧．開始時B靜止，A以初速度v0向右運動與彈簧接觸，則在相互作用的過程中（）A.任意時刻，A、B系統(tǒng)的總動能恒定不變B.當彈簧恢復到原長時，A與B具有相同的速度C.當彈簧壓縮到最短長度時，A與B具有相同的速度D.當彈簧壓縮到最短時，系統(tǒng)彈性勢能是A初始動能的2、有a、b、c、d四個小磁針，分別放置在通電螺線管的附近和內(nèi)部．當小磁針靜止時，小磁針指向如圖所示，其中是正確的（）A.a B.bC.c D.d3、如圖所示，某區(qū)域內(nèi)有垂直紙面向里的勻強磁場，磁感應強度大小為B。一正方形剛性線圈，邊長為L，匝數(shù)為n，線圈平面與磁場方向垂直，線圈有一半在磁場內(nèi)。某時刻，線圈中通過大小為I的電流，則此線圈所受安培力的大小和方向為（）A.，水平向右 B.，水平向左C.，水平向右 D.，水平向左4、海洋能是一種蘊藏量極大的可再生能源，具有廣闊的應用前景。下列能源不屬于海洋能的是（）A.潮汐能 B.波浪能C.太陽能 D.海流能5、我們乘電梯上高層樓房時，從起動到停下來，我們分別所處的狀態(tài)是（）A.先失重，正常，后超重 B.先超重，正常，后失重C.先超重，失重，后正常 D.先正常，超重，失重6、如圖所示電路中，A、B是兩個完全相同的燈泡，L是一個理想電感線圈，C是電容相當大的電容器，下列說法正確的是()A.S閉合時，A逐漸變亮，然后逐漸熄滅B.S閉合時，B立即亮，然后逐漸熄滅C.S閉合足夠長時間后，B發(fā)光，而A熄滅D.S閉合足夠長時間后，B熄滅，而A發(fā)光二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖甲所示，abcd是位于豎直平面內(nèi)的正方形閉合金屬線框，在金屬線框的下方有一磁感應強度為B的勻強磁場區(qū)域，MN和M′N′是勻強磁場區(qū)域的水平邊界，兩邊界的距離為s，并與線框的bc邊平行，磁場方向與線框平面垂直．現(xiàn)讓金屬線框由距MN的某一高度從靜止開始下落，圖乙是金屬線框由開始下落到完全穿過勻強磁場區(qū)域的v－t圖象（其中OA、BC、DE相互平行）．已知金屬線框的邊長為L（L<s）、質(zhì)量為m，電阻為R，當?shù)氐闹亓铀俣葹間，圖象中坐標軸上所標出的字母v1、v2、t1、t2、t3、t4均為已知量．下落過程中bc邊始終水平，根據(jù)題中所給條件，以下說法正確的是A.t2是線框全部進入磁場瞬間，t4是線框全部離開磁場瞬間B.從bc邊進入磁場起一直到ad邊離開磁場為止，感應電流所做的功為mgsC.v1的大小一定為D.線框離開磁場過程中流經(jīng)線框橫截面的電荷量和線框進入磁場過程中流經(jīng)線框橫截面的電荷量一樣多8、下列說法正確的是()A.普朗克為了解釋黑體輻射現(xiàn)象,第一次提出了能量量子化理論B.大量的電子通過雙縫后在屏上能形成明暗相間的條紋,這表明所有的電子都落在明條紋處C.電子和其他微觀粒子都具有波粒二象性D.光波是一種概率波,光的波動性是由于光子之間的相互作用引起的,這是光子自身的固有性質(zhì)9、如圖所示，一單匝閉合矩形金屬線圈abcd在勻強磁場中繞垂直于磁場方向的轉(zhuǎn)軸OO′勻速轉(zhuǎn)動，轉(zhuǎn)軸OO′過ad邊和bc邊的中點。從圖示位置開始計時，穿過線圈的磁通量隨時間t的變化關系式為（Wb），時間t的單位為s。已知矩形線圈的電阻為2.0，下列說法正確的是（）A.穿過線圈的磁通量的最大值為WbB.在任意1s時間內(nèi)，線圈中通過的電流的方向改變20次C.線圈中通過的電流的有效值約為3.14AD.在任意1s時間內(nèi)，線圈克服安培力所做的功約為9.86J10、如圖所示，一圓形金屬環(huán)與兩固定的平行長直導線在同一豎直平面內(nèi)，環(huán)的圓心與兩導線距離相等，環(huán)的直徑小于兩導線間距．兩導線中通有大小相等、方向向下的恒定電流．若A.金屬環(huán)向左側(cè)直導線靠近，穿過環(huán)的磁通量增加B.金屬環(huán)向右側(cè)直導線靠近，穿過環(huán)的磁通量減小C.金屬環(huán)向上運動，環(huán)上無感應電流D.金屬環(huán)向下運動，環(huán)上的感應電流方向為順時針方向三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在測定一節(jié)干電池的電動勢和內(nèi)電阻的實驗中，備有下列器材：A．待測的干電池（電動勢約為1.5V，內(nèi)電阻小于1.0Ω）B．電流表A1（量程0﹣3mA，內(nèi)阻Rg1=10Ω）C．電流表A2（量程0﹣0.6A，內(nèi)阻Rg2=0.1Ω）D．滑動變阻器R1（0﹣20Ω，10A）E．滑動變阻器R2（0﹣200Ω，lA）F．定值電阻R0（990Ω）G．開關和導線若干（1）某同學發(fā)現(xiàn)上述器材中沒有電壓表，但給出了兩個電流表，于是他設計了如圖甲所示的（a）、（b）兩個參考實驗電路，其中合理的是__圖所示的電路；在該電路中，為了操作方便且能準確地進行測量，滑動變阻器應選__（填寫器材前的字母代號）（2）圖乙為該同學根據(jù)（1）中選出的合理的實驗電路，利用測出的數(shù)據(jù)繪出的I1﹣I2圖線（I1為電流表A1的示數(shù)，I2為電流表A2的示數(shù)，且I2的數(shù)值遠大于I1的數(shù)值），但坐標紙不夠大，他只畫了一部分圖線，則由圖線可得被測電池的電動勢E=__V，內(nèi)阻r=__Ω（3）若圖線與縱坐標軸的交點等于電動勢的大小，則圖線的縱坐標應該為_________A．I1（R0+Rg1）B．I1?R0C．I2（R0+Rg2）D．I1?Rg112．（12分）一量程為100μA的電流表，內(nèi)阻為100Ω，表盤刻度均勻，現(xiàn)串聯(lián)一個4900Ω的電阻將它改裝成電壓表，則該電壓表的量程是________V。改裝后用它來測量電壓時，發(fā)現(xiàn)未標上新的刻度，表盤指針位置如圖所示，此時電壓表的讀數(shù)大小為________V。四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖，在矩形區(qū)域ABCD內(nèi)存在豎直向上的勻強電場，在BC右側(cè)I、II兩區(qū)域存在勻強磁場，L1、L2、L3是磁場的邊界（BC與L1重合），寬度相同，方向如圖所示，區(qū)域I的磁感應強度大小為B1．一電荷量為q、質(zhì)量為m（重力不計）的帶正電粒子從AD邊中點以初速度v0沿水平向右方向進入電場，點電荷恰好從B點進入磁場，經(jīng)區(qū)域I后又恰好從與B點同一水平高度處進入?yún)^(qū)域II．已知AB長度是BC長度的倍。（1）求帶電粒子到達B點時的速度大??；（2）求磁場的寬度L；（3）要使點電荷在整個磁場中運動的時間最長，求區(qū)域II的磁感應強度B2的取值。14．（16分）如圖，質(zhì)量m＝0.08kg、電荷量q＝1.6×10－6C的帶正電(可視為質(zhì)點)小球，從半徑R＝0.8m的固定光滑圓弧絕緣軌道上的A點由靜止滑下，C點切線水平、距水平地面高h＝0.8m。整個裝置處在方向水平向左、場強大小E＝3.75×105V/m的勻強電場中。重力加速度g＝10m/s2。求：(1)小球到達C點時對軌道的壓力大??；(2)小球落地時距C點的水平距離。15．（12分）如圖所示，兩平行金屬板A、B水平放置，兩板間距離d＝20cm，電源電動勢E＝12V，內(nèi)電阻r＝1Ω，電阻R0＝35Ω．閉合開關S，將滑動變阻器R滑片P移到適當位置，接入電路的阻值為R1，穩(wěn)定后，將一質(zhì)量m＝1×10﹣2kg、電荷量q1＝+1×10﹣2C的小球從A板小孔上方10cm處自由釋放，小球恰能到達B板；保持滑動變阻器滑片位置不變，將B板向下移動，使兩板間的距離增大為原來的2倍，穩(wěn)定后，將另一個質(zhì)量是m＝1×10﹣2kg、電荷量是q2的帶電小球從同一位置釋放，恰能到達第一個小球達到的最低位置．g取10m/s2，不考慮空氣阻力．求：（1）滑動變阻器接入電路的阻值R1；（2）另一個帶電小球的電荷量q2

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】A以v0速度向右運動與B發(fā)生無機械能損失的碰撞，根據(jù)能量守恒得彈簧的勢能增大過程，A、B系統(tǒng)的總動能減小，故A錯誤；彈簧恢復原長時彈簧彈性勢能為零，系統(tǒng)動量守恒，以向右為正方向，由動量守恒定律得：mv0＝mvA+mvB，由能量守恒定律得：，解得：vA＝0，vB＝v0，故B錯誤；當彈簧壓縮到最短長度時，A與B具有相同的速度，系統(tǒng)動量守恒，以向右為正方向，由動量守恒定律得：mv0＝2mv，由能量守恒定律得：EP，解得：vv0，，故C正確，D錯誤；2、D【解析】根據(jù)安培定則可知通電螺線管N極在右端，因此右側(cè)磁場方向水平向右，小磁針c位置不對；上方磁場方向水平向左，所以小磁針d位置正確；左側(cè)水平向右，a位置不對；內(nèi)部水平向右，b位置不對，故ABC錯誤，D正確．故選D3、D【解析】導線在磁場內(nèi)有效長度為，故該V形通電導線受到安培力大小為電流在磁場中方向往上，根據(jù)左手定則，可判斷出安培力方向為水平向左。故ABC錯誤，D正確。故選D。4、C【解析】海洋能是一種蘊藏量極大的可再生能源，具有廣闊的應用前景，潮汐能、波浪能、海流能等都屬于海洋能，太陽能則不屬于海洋能。故選C。5、B【解析】乘電梯上高層樓房時，從起動到停下來，具體的運動過程是：開始時先向上加速，加速度向上，超重；穩(wěn)定后勻速直線，加速度為零，正常；停止時，向上減速，加速度向下，失重．所以整個過程是：先超重，正常，后失重．故選B6、C【解析】AB、S閉合之后，由于L的阻礙作用AB立即亮，之后，由于L的直流電阻為零，A被短路，所以A燈逐漸熄滅，B一直發(fā)光，故AB錯誤；CD、S閉合足夠長時間后，L線圈相當于導線，則A熄滅，而B正常發(fā)光，故C正確，D錯誤二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】金屬線框進入磁場之前，做自由落體運動，下邊進入磁場切割磁感線產(chǎn)生感應電動勢和感應電流，下邊受到向上的安培力作用，做加速度減少的減速運動；導線框完全進入磁場中，導線框中磁通量不變，不產(chǎn)生感應電流，導線框不受安培力作用，受重力，做勻加速運動；導線框下邊開始出磁場時，上邊切割磁感線產(chǎn)生感應電動勢和感應電流，上邊受到向上的安培力作用，導線框做減速運動．全部離開后，以加速度g做勻加速運動．所以A正確；從bc邊進入磁場起一直到ad邊離開磁場為止，，，B錯誤；當恰受力平衡時，，解得，即C有可能正確，D正確；q＝It＝＝，進入和離開相同，所以q相同【點睛】解決本題的關鍵通過圖線理清線框在整個過程中的運動規(guī)律，結(jié)合動能定理、共點力平衡進行求解，掌握電量的經(jīng)驗表達式，并能靈活運用8、AC【解析】普朗克為了解釋黑體輻射現(xiàn)象，第一次提出了能量量子化理論，故A正確；大量的電子通過雙縫后在屏上能形成明暗相間的條紋，這表明落在明條紋處的電子較多、落在暗條紋出的電子較少，故B錯誤．電子和其他微觀粒子都具有波粒二象性，選項C正確；波粒二象性是光的根本屬性，與光子之間的相互作用無關，故D錯誤．故選AC.9、BD【解析】A．由表達式可知，穿過線圈的磁通量的最大值為BS=0.1Wb，故A錯誤；B．周期，一個周期內(nèi)電流方向改變兩次，故在任意1s時間內(nèi)，線圈中電流的方向改變20次，故B正確；C．轉(zhuǎn)動的角速度為ω=20πrad/s，產(chǎn)生的感應電動勢最大值為Em=NBSω=2πV電動勢的有效值為E=πV線圈中電流的有效值為故C錯誤；D．在任意ls時間內(nèi)，線圈克服安培力所做的功故D正確；故選BD。10、AC【解析】由題中“一圓形金屬環(huán)與兩固定的平行長直導線在同一豎直平面內(nèi)”可知，本題考查閉合線圈磁通量變化以及感應電流方向，根據(jù)楞次定律和通電導線磁場分布規(guī)律可分析本題【詳解】AB、根據(jù)通電導線磁場分布規(guī)律可知，在兩根通電導線中間，及分布垂直紙面向外的磁場也分布垂直紙面向里的磁場，并且在中間位置，磁通量為零，因此金屬環(huán)無論向左向右移動，磁通量均增加，故A正確B錯誤；CD、因為金屬環(huán)內(nèi)磁通量為零，根據(jù)對稱性，金屬環(huán)上下移動磁通量不會發(fā)生變化，根據(jù)楞次定律可知，無感應電流產(chǎn)生，故C正確D錯誤三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.（1）b②.D③.（2）1.48④.0.84⑤.（3）A【解析】（1）上述器材中雖然沒有電壓表，但給出了兩個電流表，電路中電流最大：Im=A=1.5A；故電流表至少應選擇0～0.6A量程；故應將3mA故應將電流表G串聯(lián)一個電阻，改裝成較大量程的電壓表使用．電表流A由于內(nèi)阻較??；故應采用相對電源來說的外接法；故a、b兩個參考實驗電路，其中合理的是b；因為電源的內(nèi)阻較小，所以應該采用較小最大值的滑動變阻器，有利于數(shù)據(jù)的測量和誤差的減?。瑒幼冏杵鲬xD（R1），（2）根據(jù)電路結(jié)構(gòu)結(jié)合閉合電路歐姆定律知解得：所以圖像的縱坐標;解得：圖像的斜率解得：（3）根據(jù)閉合電路歐姆定律可知U=E﹣Ir，若圖線與縱坐標軸的交點等于電動勢的大小，則圖線的縱坐標應該為路段電壓，而U=I1（R0+Rg1），即圖線的縱坐標應該為I1（R0+Rg1），故選A點睛：利用數(shù)學函數(shù)和圖像相結(jié)合的方式求解電源的電動勢和內(nèi)阻12、(1).0.5(2).0.40【解析】[1]把電流表與分壓電阻串聯(lián)可以改裝成大量程的電壓表，由串聯(lián)電路特點可得：；[2]0.5V的量程分成10小格，精確度為0.05V，估讀到0.01V，8小格對應的示數(shù)為0.40V。四、計算題：本題共3小題，共38