2025屆佛山市重點中學物理高二上期中學業(yè)質量監(jiān)測試題含解析

2025屆佛山市重點中學物理高二上期中學業(yè)質量監(jiān)測試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，質量為m的小球A系在長為l的輕繩一端，另一端系在質量為M的小車支架的O點．現(xiàn)用手將小球拉至水平，此時小車靜止于光滑水平面上，放手讓小球擺下與B處固定的橡皮泥碰擊后粘在一起，則在此過程中小車的位移是()A．向右，大小為B．向左，大小為C．向右，大小為D．向左，大小為2、如圖所示，電源電動勢E＝12V，內阻r＝3Ω，R0＝1Ω，直流電動機內阻R′0＝1Ω.當調節(jié)滑動變阻器R1時可使圖甲中電路的輸出功率最大；調節(jié)R2時可使圖乙中電路的輸出功率最大，且此時電動機剛好正常工作(額定輸出功率為P0＝2W)，則R1和R2連入電路中的阻值分別為()A．2Ω、2Ω B．2Ω、1.5ΩC．1.5Ω、1.5Ω D．1.5Ω、2Ω3、在北半球，地磁場磁感應強度的一個分量豎直向下(以“×”表示)．如果你家中電視機顯像管的位置恰好處于南北方向，那么由南向北射出的電子束在地磁場的作用下將向哪個方向偏轉（）A．不偏轉B．向東C．向西D．無法判斷4、關于點電荷，下列說法中正確的是（）A．只有體積很小的帶電體，才能作為點電荷 B．體積很大的帶電體一定不能看作點電荷C．點電荷一定是電量很小的電荷 D．點電荷是一種理想化的模型，實際不存在5、用兩個相同的小量程電流表，分別改裝成了兩個量程不同的大量程電流表、，若把、分別采用并聯(lián)或串聯(lián)的方式接入電路，如圖所示，則閉合電鍵后，下列有關電表的示數(shù)和電表指針偏轉角度的說法正確的是A．圖甲中的、的示數(shù)相同B．圖甲中的、的指針偏角相同C．圖乙中的、的示數(shù)和偏角都不同D．圖乙中的、的指針偏角相同6、一根玻璃管一端封閉，另一端裝有閥門，內有一根羽毛和一枚銅錢.用抽氣機把管內的空氣抽盡后關閉閥門，再把玻璃管倒過來，它們在下落時A．銅錢的加速度大 B．銅錢運動的時間短C．羽毛運動的速度不變 D．羽毛和銅錢同時到達底部二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、下面是某同學對一些公式的理解，其中正確的是()A．電源電動勢可知，非靜電力做功越多，電源電動勢也就越大B．由可知，電場中某點的電場強度與場源電荷所帶電荷量有關C．從可知，導體中的電流跟加在它兩端的電壓成正比，跟它的電阻成反比D．由可知，電容器的電容與其所帶電荷量成正比，與兩極板間的電壓成反比8、一質量為2kg的物體受水平拉力F作用，在粗糙水平面上做加速直線運動時，加速度a隨時間t變化的圖象如圖所示，t=0時其速度大小為0m/s，滑動摩擦力大小恒為2N，則（）A．t=6s時，物體的速度為18m/sB．在0-6s內，合力對物體做的功為324C．在0-6s內，拉力對物體的沖量為48D．t=6s時，拉力F的功率為200W9、關于地磁場，下列說法正確的是（）A．地磁的兩極與地理的兩極重合B．地磁的南北與地理的南北大致相反C．指南針的兩極一定指向地理的兩極D．地磁的北極在地理的南極附近10、如圖所示，在垂直紙面向里的勻強磁場的邊界上，有兩個質量和電量均相同的正、負離子（不計重力），從點O以相同的速度先后射入磁場中，入射方向與邊界成θ角，則正、負離子在磁場中運動正確的是（）A．運動時間相同B．運動軌跡的半徑相同C．重新回到邊界時速度不相同D．重新回到邊界的位置與O點距離相等三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某研究小組收集了兩個電學元件：電阻R0(約為2kΩ)和手機中的鋰電池(電動勢E標稱值為3.7V，允許最大放電電流為100mA)。實驗室備有如下器材：A．電壓表V(量程3V，電阻RV約為4.0kΩ)B．電流表A1(量程100mA，電阻RA1約為5Ω)C．電流表A2(量程2mA，電阻RA2約為50Ω)D．滑動變阻器R1(0～40Ω，額定電流1A)E．電阻箱R2(0～999.9Ω)F．開關S一只、導線若干(1)為了測定電阻R0的阻值，小明設計了一電路，與其對應的實物圖如圖，圖中的電流表A應選________(選填“A1”或“A2”)，請將實物連線補充完整______(2)為測量鋰電池的電動勢E和內阻r，小紅設計了如圖甲所示的電路圖．根據(jù)測量數(shù)據(jù)作出－圖象，如圖乙所示．若該圖線的斜率為k，縱軸截距為b，則該鋰電池的電動勢E=______，內阻r=______。(用k、b表示)12．（12分）探究小組在實驗選材中從實驗室找到一只小燈泡，其額定電壓為2.6V，額定功率模糊不清.于是小組商議通過描繪小燈泡的伏安特性曲線來測定小燈泡的額定功率，實驗時找到了以下器材（導線和開關除外）：A．電源（約為3.0V，內阻約為）B．電流表A（--0.6A，內阻為）C．電壓表V（0—1V，內阻為）D．定值電阻E.定值電阻F.滑動變阻器(1)在圖甲中畫出實驗電路圖___；(2)根據(jù)實驗數(shù)據(jù)，描繪出了如圖乙所示的伏安特性曲線，在0—0.6V內圖線為直線，則小燈泡不工作時的電阻為_________；當電壓大于0.6V后圖線為曲線，則隨著燈絲兩端電壓的增加，燈絲的電阻逐漸_________（填“增大”、“減小”或“不變”）；根據(jù)圖線可知，小燈泡的額定功率為__________W（結果保留2位小數(shù)）.四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，粗糙弧形軌道和兩個光滑半圓軌道組成翹尾巴的S形軌道．光滑半圓軌道半徑為R=0.2m，兩個光滑半圓軌道連接處C、D之間留有很小的空隙，剛好能夠使小球通過，C、D之間距離可忽略．粗糙弧形軌道最高點A與水平面上B點之間的高度為h=1.5m．從A點靜止釋放一個可視為質點的小球，小球沿翹尾巴的S形軌道運動后從E點水平飛出，落到水平地面上，落點到與E點在同一豎直線上B點的距離為s=1m．已知小球質量為m=0.8kg，不計空氣阻力，g=10m/s2，求：（1）小球從E點水平飛出時的速度大小；（2）小球運動到半圓軌道的B點時對軌道的壓力；（3）小球沿翹尾巴S形軌道運動時克服摩擦力做的功．14．（16分）如圖所示，離子發(fā)生器發(fā)射出一束質量為m、電荷量為q的離子，從靜止經(jīng)加速電壓U1加速后，獲得速度v0，并沿垂直于勻強電場方向射入兩平行板中央，受偏轉電壓U2作用后，以速度v離開電場，已知平行板長為L(1)v(2)離子在偏轉電場中運動的時間t．(3)離子在離開偏轉電場時的偏移量y．15．（12分）如圖，質量m=1kg的足夠長木板B靜止于光滑水平地面上，在其右側地面上固定一豎直擋板，質量M=5kg的物塊A停在B的左端，質量為m0=2kg的小球P用長為l=0.45m的輕繩懸掛在固定點O，繩能承受的最大拉力是小球P重力的5.5倍?，F(xiàn)將小球P及輕繩拉直至水平位置后由靜止釋放，小球P在最低點與A發(fā)生正碰，碰撞時間極短，碰后小球P反彈瞬間繩剛好被拉斷。已知A、B間的動摩擦因數(shù)μ=0.1，木板B與擋板發(fā)生彈性碰撞，且B與擋板碰撞前已與A共速，物塊與小球均可視為質點，不計空氣阻力，取g=10m/s2。求：(1)小球P與A撞后瞬間，A的速度；(2)在木板B與擋板第一次碰撞前，A相對B滑動的位移；(3)在A、B運動的整個過程中，B向左運動的總路程。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】

當小球向下擺動的過程中，小球與小車組成的系統(tǒng)，水平方向動量守恒，即變形得兩邊同乘以t，可得設小車的位移大小為x，則小球相對于地的位移大小為l-x，可得解得方向向左，故D正確，ABC錯誤；故選D。2、B【解析】

因為題圖甲電路是純電阻電路，當外電阻與電源內阻相等時，電源的輸出功率最大，所以R1接入電路中的阻值為2Ω；而題圖乙電路是含電動機的電路，歐姆定律不適用，電路的輸出功率P＝IU＝I(E－Ir)，所以當I＝＝2A時，輸出功率P有最大值，此時電動機的輸出功率為2W，發(fā)熱功率為4W，所以電動機的輸入功率為6W，電動機兩端的電壓為3V，電阻R2兩端的電壓為3V，所以R2接入電路中的阻值為1.5Ω．A.2Ω、2Ω，與結論不相符，選項A錯誤；B.2Ω、1.5Ω，與結論相符，選項B正確；C.1.5Ω、1.5Ω，與結論不相符，選項C錯誤；D.1.5Ω、2Ω，與結論不相符，選項D錯誤．3、B【解析】根據(jù)左手定則可判斷出向東，B正確．4、D【解析】

ABC.帶電體看作點電荷的條件，當一個帶電體的形狀及大小對它們間相互作用力的影響可忽略時，這個帶電體可看作點電荷，帶電體能否看作點電荷是由研究問題的性質決定，與自身大小形狀和電量多少無具體關系，故ABC不符合題意；D.點電荷是一種理想化的物理模型，實際上不存在，故D符合題意。5、B【解析】

AB.圖甲中的A1、A2并聯(lián)，表頭的電壓相等，電流相等，指針偏轉的角度相同，量程不同的電流表讀數(shù)不同，故A錯誤，B正確；CD.圖乙中的A1、A2串聯(lián)，A1、A2的示數(shù)相同，由于量程不同，內阻不同，電表兩端的電壓不同，流過表頭的電流不同，指針偏轉的角度不同，故CD錯誤．6、D【解析】

把管內的空氣幾乎抽盡，羽毛、銅錢都只受重力作用，下落加速度均為g，經(jīng)過相同時間，物體的速度為v=gt，g相同，v一樣大，即下落一樣快，所以銅錢和羽毛同時落到底端。A．銅錢的加速度大，與結論不相符，選項A錯誤；B．銅錢運動的時間短，與結論不相符，選項B錯誤；C．羽毛運動的速度不變，與結論不相符，選項C錯誤；D．羽毛和銅錢同時到達底部，與結論相符，選項D正確；二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】

A．電源電動勢可知，非靜電力對單位正電荷做功越多，電源電動勢也就越大，選項A錯誤；B．由可知，電場中某點的電場強度與場源電荷所帶電荷量有關，選項B正確；C．從可知，導體中的電流跟加在它兩端的電壓成正比，跟它的電阻成反比，選項C正確；D．電容器的電容有電容器本身決定，與極板所帶電荷量無關，與極板間電勢差也無關。故D錯誤；8、ABC【解析】

A、根據(jù)△v=a△t可知a-t圖象中，圖象與坐標軸圍成的面積表示速度的增量，則在t=6s時刻，物體的速度，A正確．B、根據(jù)動能定理得：，B正確．C、根據(jù)動量定理，代入數(shù)據(jù)，解得拉力沖量：，C正確D、t=6s時，拉力F的大?。?，．所以拉力功率：，D錯誤．9、BD【解析】

地理北極的附近是地磁南極，地理南極的附近是地磁北極，故BD正確，A錯誤；指南針的兩極一定指向地磁的兩極，而不是地理的兩極，故C錯誤。所以BD正確，AC錯誤。10、BCD【解析】根據(jù)牛頓第二定律得：qvB=mv2r

得：r=mvqB，由題q、v、B大小均相同，則軌道半徑r相同．故B正確．粒子的運動周期為T=2πmqB，則知T相同．根據(jù)左手定則分析可知，正離子逆時針偏轉，負離子順時針偏轉，重新回到邊界時正離子的速度偏向角為2π-2θ，軌跡的圓心角也為2π-2θ，運動時間t=2π-2θ2π點睛：根據(jù)題意畫出軌跡示意圖，可根據(jù)幾何關系求出回到邊界時離O點的距離；利用對稱關系判斷回到邊界時速度的方向；帶電粒子在磁場中做勻速圓周運動問題求運動時間，可用關系式有t=θ三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、A2【解析】

(1)[1][2]電壓表量程是3V，通過待測電阻的最大電流因此電流表應選電流表A2，待測電阻R0阻值約為2kΩ，滑動變阻器R1(0～40Ω，額定電流1A)，與電阻箱R2(0～999.9Ω)最大阻值均小于待測電阻阻值，變阻器采用限流接法時待測電阻電壓與電流變化范圍較小，不能測多組實驗數(shù)據(jù)，為測多組實驗數(shù)據(jù)，減小實驗誤差，滑動變阻器應采用分壓接法，且則電流表應該采用內接法，實物電路圖如圖所示(2)[3][4]由實驗原理可知則因此圖象的縱軸截距電動勢圖象的斜率則電源內阻12、3.0增大1.22【解析】

(1)[1]燈泡額定電壓為2.6V，電壓表量程為1V，電壓表應與定值電阻R2串聯(lián)改裝成3V的電壓表，由于電壓表內阻遠大于燈泡電阻，電流表應采用外接法，描繪燈泡伏安特性曲線電壓與電流應從零開始變化，滑動變阻器應采用分壓接法，實驗電路圖如圖所示：(2)[2]在0～0.6V內圖線為直線，由圖示圖象可知，小燈泡不工作時的電阻[3]當電壓大于0.6V后圖線為曲線，隨燈絲兩端電壓增加，通過燈泡的電流增加，圖線上各點與坐標原點的連線斜率減小即電阻增大，即燈絲的電阻逐漸增大；[4]由圖示圖象可知，燈泡額定電壓2.6V對應的電流I=0.47A，小燈泡的額定功率：P=UI=2.6×0.47W≈1.22W四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）(2)F=97N，方向豎直向下（3）W=3.1J【解析】

(1)小球從E點飛出做平拋運動，根據(jù)高度求出運動的時間，再根據(jù)水平位移和時間求出平拋運動的初速度；(2)小球從B點運動到E點的過程，機械能守恒，根據(jù)機械能守恒定律得求出B點速度，在B點，沿半徑方向上的合力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律求出軌道對球的彈力，從而根據(jù)牛頓第三定律求出小球對軌道的壓力；(3)根據(jù)動能定理求出小球沿軌道運動過程中克服摩擦力所做的功．【詳解】(1)小球從E點水平飛出做平拋運動，設小球從E點水平飛出時的速度大小為vE，由平拋運動規(guī)律得：s=vEt聯(lián)立解得：；(2)小球從B點運動到E點的過程，機械能守恒，根據(jù)機械能守恒定律得：解得：在B點，根據(jù)牛頓第二定律得：由牛頓第三定律可知小球運動到B點時對軌道的壓力為97N，方向豎直向下；(3)設小球沿翹尾巴的S形軌道運動時克服摩擦力做的功為W，則解得：．【點睛】解決本題的關鍵理清運動的過程，把握每個過程和狀態(tài)的規(guī)律，知道豎直平面內的圓周運動在最高點和最低點由合外力提供向心