河北省承德一中2025屆高一物理第一學期期末學業(yè)質量監(jiān)測試題含解析

河北省承德一中2025屆高一物理第一學期期末學業(yè)質量監(jiān)測試題注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區(qū)域內。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、如圖甲所示，滑塊以大小為18m/s的速度從足夠長的粗糙固定斜面底端P滑上斜而至最高點Q后再返回P點，該過程中滑塊運動的速度-時間圖象如圖乙所示。下列判斷正確的是A.P、Q兩點間的距離為9mB.滑塊返回P點時的速度大小為18m/sC.滑塊從Q點返回P點所需的時間為3sD.0~3s內滑塊的位移大小為17m2、如圖所示，豎立在水平面上的輕彈簧下端固定，將一個小球放在彈簧頂端（球與彈簧不連接），用力向下壓球使彈簧被壓縮，松手后小球被彈起，脫離彈簧后小球還能繼續(xù)向上運動直到速度為零。從小球開始運動到第一次上升至最高點的過程中，下列描述正確的是（）A.在脫離彈簧前小球的合力始終豎直向上B.在脫離彈簧前小球的合力先減小后增大C.小球的加速度先減小后恒定D.脫離彈簧時小球的速度最大3、如圖所示，位于斜面上的物塊m處于靜止狀態(tài)，物塊受到重力G、支持力N和摩擦力f的作用處于靜止狀態(tài)，物體對斜面的作用力為F，則以下說法中正確的是A.F和N是一對平衡力 B.G和N是一對作用力和反作用力C.N和F的大小相同 D.G和F的大小相等4、如圖所示，質量為m=1kg的木塊上方用一根輕質繩與天花板鏈接，下方與一根輕質彈簧相連，且彈簧的拉力為2N．木塊處于靜止狀態(tài)，當輕繩被剪斷瞬間，木塊的加速度為（）A.10m/s2B.12m/s2C.2m/s2D05、如圖所示，在粗糙水平地面上放著一個截面為四分之一圓弧的柱狀物體A，A的左端緊靠豎直墻，A與豎直墻壁之間放一光滑球B，整個裝置處于靜止狀態(tài)．若把A向右移動少許后，它們仍處于靜止狀態(tài)，則以下判斷錯誤的是()A.A對地面的壓力不變 B.地面對A的摩擦力減小C.A與B之間的作用力增大 D.B對墻的壓力減小6、如圖所示，質量分別為m、2m的兩物塊A、B中間用輕彈簧相連，A、B與水平面間的動摩擦因數均為，在水平推力F作用下，A、B一起向右做加速度大小為a的勻加速直線運動。當突然撤去推力F的瞬間，A、B兩物塊的加速度大小分別為A. B.C. D.7、如圖所示，是A、B兩質點沿同一條直線運動的位移圖象，由圖可知（）A.質點A前2s內的位移是1mB.質點B第1s內的位移是2mC.質點A、B在前8s內的位移大小相等D.質點A、B在4s末相遇8、甲、乙兩個物體從同一高度先后自由下落，不計空氣阻力，則從乙釋放后到甲落地前這段時間內（）A.甲相對乙靜止B.甲相對乙做勻速直線運動C.甲、乙之間的距離不斷增大D.甲、乙之間的速度差不斷增大9、如圖甲、乙所示，乙圖中斜面體固定不動．物體P、Q在力F作用下一起沿F方向運動，關于物體P所受的摩擦力，下列說法正確的是A.如果兩圖中的P、Q都做勻速運動，則兩圖中P均受摩擦力，方向與F方向相同B.如果兩圖中的P、Q都做勻速運動，則甲圖中P不受摩擦力，乙圖中P受摩擦力，方向和F方向相同C.如果兩圖中的P、Q都做加速運動，則兩圖中P均受摩擦力，方向與F方向相同D.如果兩圖中的P、Q都做加速運動，則甲圖中P受的摩擦力方向與F方向相反，乙圖中P受的摩擦力方向與F方向相同10、如圖所示，兩個完全相同的光滑球的質量為m，放在豎直擋板和傾角為的固定斜面間．若緩慢轉動擋板至斜面垂直，則在此過程中（）A.A，B兩球間的彈力不變 B.B球對擋板的壓力逐漸減小C.B球對斜面的壓力逐漸增大 D.A球對斜面的壓力逐漸增大二、實驗題11、（4分）12、（10分）三、計算題：解答應寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟．只寫出最后答案的不能得分．有數值計算的題，答案中必須明確寫出數值和單位13、（9分）有一光滑的斜面固定在水平面上，其傾角為30o，物體從斜面底端以10m/s速度沖上斜面。求：（1）物體在斜面上運動的最大位移（斜面足夠長）；（2）物體沿斜面向上運動時間。14、（14分）小張同學在物理數字化實驗室研究物體運動與受力關系．采用如圖甲裝置，開始時將一已知質量為m的物體置于水平桌面上，使物體獲得水平向右的初速度v1，同時對物體施加一個水平向右的恒定拉力F，經過時間t1時，速度達到v2，撤去拉力，物體繼續(xù)運動，在t2時刻物體停下．通過放在物體右前方的速度傳感器得到物體在0?t2時間內物體的速度一時間關系圖線如圖乙所示（向右為速度正方向）．求：（1）從0到t2內物體前進的位移大小和方向；（2）物體與水平桌面間的動摩擦因數μ為多大；（3）若物體從靜止開始受到與前面完全相同的恒力作用，并且作用時間也為t1，則物體撤去外力后還能滑行多長時間？15、（13分）如圖所示為一架小型四旋翼無人機，它是一種能夠垂直起降的小型遙控飛行器，目前正得到越來越廣泛的應用．無人機的質量為m＝2kg，假定運動過程中空氣阻力忽略不計，當無人機在地面上從靜止開始，以最大升力豎直向上起飛，經時間t＝4s時，離地面的高度為h＝48m，g取10m/s2.(1)其動力系統(tǒng)能夠提供的最大升力為多大？(2)當無人機懸停在距離地面高度H＝100m處時，由于動力設備故障，無人機突然失去升力，從靜止開始墜落，則無人機墜落地面時的速度為多大？

參考答案一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、C【解析】A．從圖乙中可知滑塊的上滑過程對應0~2s的運動過程，在0~2s過程中v-t圖像與坐標軸圍成的面積表示PQ間的距離，故為：，A錯誤；B．根據v-t圖像的斜率表示加速度，故兩個階段的加速度大小為：，，設滑塊返回P點時的速度大小為，則，即解得：，方向沿斜面向下，B錯誤；C．滑塊從Q點返回P點所需的時間為：，C正確；D．規(guī)定沿斜面向上為正，則0~2s內滑塊的位移為：，2~3s過程滑塊下滑，初速度為0，加速度為，故發(fā)生的位移為：，故0~3s內滑塊的位移為：，方向沿斜面向上，D錯誤；故選C。2、B【解析】在脫離彈簧前，開始時彈力大于重力，小球先做加速度減小的加速運動；當彈力等于重力時速度最大；后來彈力小于重力，加速度向下逐漸增大，小球做加速度增大的減速運動。所以小球的加速度先減小后增大。脫離彈簧后，小球做豎直上拋運動。選項B正確，ACD錯誤。故選B。3、D【解析】物塊受到重力G、支持力N和摩擦力f，根據共點力平衡條件可得：，，當認為物體受兩個力時，即受物體對斜面的作用力為F和重力G時，根據共點力平衡條件可得：AC．物體對斜面的作用力F是支持力N與摩擦力f的合力，故F和N不是一對平衡力，兩者并不等大，AC錯誤；B．重力G是地球對物塊的作用力，支持力N是斜面對物塊的作用力，所以N和G不是兩個物體之間的相互作用，不是一對相互作用力，B錯誤；D．由以上分析可知G和F的大小相等，D正確；故選D。4、B【解析】先求解物體靜止時細線的拉力；剪斷細線后的瞬時，彈簧的彈力不變，根據牛頓第二定律求解加速度.【詳解】物體靜止時細線的拉力為T=F+mg=12N，剪斷細線后的瞬時，彈簧的彈力不變，則物體的加速度為，故選B.【點睛】本題關鍵是注意剪斷細線后的瞬時，細線的拉力變?yōu)榱悖鴱椈傻膹椓Σ荒芡蛔?，結合牛頓第二定律求解.5、C【解析】A．對整體分析可知，整體受重力和支持力的作用，由于豎直方向受力不變，故受地面的支持力不變，由牛頓第三定律可知，A對地面的壓力不變，故A正確；BCD．小球B受重力、A的支持力F1和墻壁的壓力F2．如圖1所示，將重力G分解為G1和G2，則根據平衡可知當A向右移動少許，根據題意可知，A對小球B的作用力F1與豎直方向的夾角θ將減小，根據力圖1分析可知，因θ減小；故cosθ增大，tanθ減小，即墻壁對小球B的作用力將減小，A對小球B的支持力減小。根據牛頓第三定律可知，球B對墻壁的壓力將減小，球B對A的壓力亦減小，再對A進行受力分析，如圖2所示，可知：由于A的平衡，所以A受地面摩擦力f=FBsinθ根據題意知，B對A的壓力FB減小且FB與豎直方向的夾角θ減小，故A所受地面的摩擦力f減小。再根據牛頓第三定律，地面所受A的摩擦力減小，故BD正確，C錯誤。本題選擇錯誤的，故選C。6、AC【解析】撤去F前：設彈簧的彈力大小為F彈，根據牛頓第二定律對B：F彈-μ?2mg=2ma…①解得，F彈=2μmg+2ma…②CD．撤去F瞬間：彈簧的彈力F彈沒有改變，則B物體的受力情況沒有改變，則B的加速度仍為a。，選項C正確，D錯誤；AB．對A：F彈+μmg=maA…③由②③解得：aA=2a+3μg。則A正確，B錯誤；故選AC。7、AD【解析】A．由圖象可以看出，質點A前2s內的位移是1m，A正確；B．質點B第1s內的位移是0，B錯誤；C．質點A在8s內的位移大小1m，質點B在8s內的位移大小是3m，C錯誤；D．質點A、B在4s末相遇，D正確故選AD。分卷II8、BC【解析】設乙運動的時間為t，則甲運動時間為t+△t，時間間隔為，則兩球的相對速度，所以甲相對乙的運動是勻速直線運動，二者之間的距離為：，則可知甲、乙之間距離隨時間均勻增大，故BC正確，AD錯誤9、BC【解析】A、甲中P做勻速直線運動，而甲中P物體不受外力，故甲中P沒有相對于Q的運動趨勢，故甲中P不受摩擦力；乙中P也是平衡狀態(tài)，但P的重力使P有一沿斜面下滑的趨勢，故Q對P有向上摩擦力，故P受與F方向相同的摩擦力，故A錯誤，B正確；C、如果甲中P做勻加速直線運動，則甲中P有相對于向Q右運動的趨勢，故甲中P受摩擦力方向向左，方向與F方向相同；乙中P也是做加速運動，但P的重力使P有一沿斜面下滑的趨勢，故Q對P有向上摩擦力，故P受與F方向相同的摩擦力，故C正確，D錯誤點睛：靜摩擦力的有無及方向判斷是摩擦力中的重點，一般是根據共點力的平衡或牛頓第二定律進行分析，必要時可以采用假設法10、AB【解析】AD．雖然擋板在變化，但球B對球A的彈力方向沒有改變，球B的重力沒有變化，則斜面對球A的支持力方向也沒變，雖然球A位置在緩慢變化，但球A所受力沒有變化，故A球對斜面的壓力不變，A、B兩球的彈力沒有變．故A符合題意，D不符合題意BC．球B受力分析如圖所示：當緩慢轉動擋板至擋板與斜面垂直的過程中，彈力F1的方向也從圖示位置轉動到與斜面平行位置．則兩個彈力的合力不變，當夾角變小時，兩彈力大小均變小，故B球對擋板的壓力逐漸減少，B球對斜面的壓力逐漸減少．故B符合題意，C不符合題意二、實驗題11、12、三、計算題：解答應寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟．只寫出最后答案的不能得分．有數值計算的題，答案中必須明確寫出數值和單位13、(1)x=10m，(2)t=2s?！窘馕觥浚?）物體在斜面上滑動，根據牛頓第二定律：解得：；物體勻減速至0，逆過程為初速度為0的勻加速直線運動：解得：；（2）根據速度與時間的關系，物體從斜面最底端滑至最高點：解得：。14、（1）位移，方向水平向右；（2）（3）【解析】（1）由v-t圖象中圖線和橫軸所圍的面積表示位移，可知位移為：x=(v1+v2)t1+v2(t2?t1)=(v1t1+v2t2)，方向水平向右；（2）t1到t2時間內物體做勻減速運動，由圖可知其加速度大小為：a1＝根據牛頓第二定律有：f=ma1=μmg得到：（3）物體從靜止開始受完全相同的力作用，其加速度相同，即為：