2025屆黑龍江省尚志中學物理高二上期中學業(yè)質量監(jiān)測模擬試題含解析

2025屆黑龍江省尚志中學物理高二上期中學業(yè)質量監(jiān)測模擬試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖甲所示，直線AB是某孤立點電荷電場中的一條電場線，一個電子僅在電場力作用下沿該電場線從A點運動到B點，其電勢能隨位置變化的關系如圖乙所示.設A、B兩點的電勢分別為φA、φB，電子在A、B兩點的動能分別為EkA、EkB.則關于該孤立點電荷的位置及電勢、電子動能大小的說法正確的是()A．孤立點電荷帶負電，位于B點的右側，φA>φB，EkA>EkBB．孤立點電荷帶正電，位于A點的左側，φA>φB，EkA<EkBC．孤立點電荷帶正電，位于B點的右側，φA<φB，EkA>EkBD．孤立點電荷帶負電，位于A點的左側，φA<φB，EkA<EkB2、如圖所示,在處于O點的點電荷+Q形成的電場中，試探電荷q由A點移到B點，電場力做功為W1；以OA為半徑畫弧交于OB于C，q由A點移到C點電場力做功為W2；q由C點移到B點電場力做功為W3。則三者的做功關系為：（）A．W1=W2=W3,W2＞0B．W1＞W2=W3,W2＞0C．W1=W3＞W2,W2=0D．W1=W2＜W3,W2=03、如圖所示電路，電源電動勢e=6V，內阻不計。R1=4Ω，R2=2Ω，R3=7Ω，電容器的電容C=1mF，那么電容器上所帶電量為()A．2×10-6CB．6×10-6CC．0D．4×10-6C4、物理量的決定式能揭示該物理量的大小受什么因素的影響，以下公式不屬于決定式的是()A．平行板電容器的電容 B．導體的電阻C．導體中的電流 D．孤立點電荷的電場強度5、地球的同步衛(wèi)星是指相對于地面靜止不動的人造衛(wèi)星（）A．它可以在地面上任一點的正上方，且離地心距離可按需要選擇不同的值B．它可以在地面上任一點的正上方，但離地心距離是一定的C．它只能在赤道的正上方，但離地心的距離可按需要選擇不同的值D．它只能在赤道的正上方，且離地心的距離是一定的6、關于電源的電動勢，下列說法正確的是（）A．電源的電動勢就是接在電源兩極間的電壓表測得的電壓B．同一電源接入不同的電路，電動勢就會發(fā)生變化C．電源的電動勢是表示電源把其他形式的能轉化成電能的本領大小的物理量D．在閉合電路中，當外電阻變大時，路端電壓增大，電源的電動勢也增大二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，真空中將一不帶電的絕緣枕形導體P放在正點電荷Q形成的電場中，枕形導體P的a、b兩端分別帶上了感應負電荷與等量的感應正電荷，另外導體內部還有c、d兩點，則下列說法中正確的有A．導體上a、b兩端的電勢高低關系可能是B．導體上a、b兩端的電勢高低關系一定是C．導體內部c、d兩點的場強大小關系是D．感應電荷在導體內部c、d兩點產生的場強大小關系是8、如圖所示，兩根平行光滑金屬導軌固定在同一水平面內，其左端接有定值電阻R，建立ox軸平行于金屬導軌，在m的空間區(qū)域內存在著垂直導軌平面向下的勻強磁場，磁感應強度為B。金屬棒ab在外力作用下從處沿導軌向右運動，其速度v與位移x之間具有依賴關系，ab始終與導軌垂直并接觸良好，金屬棒的電阻也為R，不計導軌電阻。設在金屬棒從m處，經m到m的過程中，則金屬棒在x1、x2、x3處A．電流之比為4：3：2B．金屬棒兩端的電壓之比為6：4：3C．電阻R上的功率之比為16：9：4D．金屬棒受到的安培力之比為6：4：39、如圖，帶電粒子在電場中由A點移到B點，可判知（）A．粒子帶負電B．粒子的電勢能不斷減少C．粒子的動能不斷減少D．粒子在B點的加速度大于在A點的加速度10、如圖所示電路中，已知電源的內阻r＞R2，電阻R1的阻值小于滑動變阻器R0的最大阻值．閉合電鍵S，當滑動變阻器的滑臂P由變阻器的右端向左滑動的過程中，下列說法中正確的有（）A．V1的示數先變小后變大，V2的示數先變大后變小B．R2上消耗的功率先變小后變大C．電源的輸出功率先變小后變大D．A1的示數不斷減小，A2的示數不斷變大三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在測定金屬的電阻率的實驗中，測得待測金屬導線的長度為L，直徑為D，兩端電壓為U，流過待測金屬導線的電流為I，則待測金屬導線的電阻的表達式為R=_____，電阻率的表達式為ρ=______。12．（12分）某研究性學習小組設計了以下方法來測量小球的帶電量．如圖所示的小球是一個外表面鍍有金屬膜的空心塑料球，用絕緣絲線懸掛于點，點固定一個可測量絲線偏離豎直方向角度的量角器，、是兩塊相同的、正對著豎直平行放置的金屬板（加上電壓后其內部電場可看作勻強電場）．另外還要用到的器材有天平、刻度尺、直流電壓表、開關、滑動變阻器及導線若干．該小組的實驗步驟如下，請你幫助該小組完成：（1）用天平測出小球的質量，按如圖所示進行器材的安裝，并用刻度尺測出、板之間的距離，使小球帶上一定的電量．（2）連接電路如圖所示，電壓表接在電容器兩端，要求小球在實驗過程中細線與豎直方向的夾角從開始調節(jié)，電容器兩極板應該連接到__________（填“”、“”、“”）兩端．（3）閉合開關，調節(jié)滑動變阻器滑片的位置，讀出多組電壓表的示數和相應的絲線偏轉的角度．（4）以電壓為縱坐標，以__________為橫坐標作出過原點的直線，求出直線的斜率．（5）小球的帶電量__________．（用、、、等物理量表示）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，電源電動勢為E=6V，內電阻為r=1Ω，滑動變阻器電阻的阻值范圍0﹣10Ω，當滑動變阻器電阻R=2Ω時，當K閉合后，求：（1）電路中的電流為多大？（2）電路中路端電壓為多少？（3）電源的輸出功率為多少？（4）電源的總功率為多少？14．（16分）一帶負電的粒子，q=-2.0×，在靜電場中由A點運動到B點，在這過程中，除電場力外，其它力作的功為4.0×J，粒子動能增加了7.0×J．求：（1）此過程電場力所做的功？（2）A、B兩點間的電勢差。15．（12分）如圖所示，電阻R1＝2Ω，小燈泡L上標有“3V1.5W”，電源內阻r＝1Ω，滑動變阻器的最大阻值為R0（大小未知），當觸頭P滑動到最上端a時安培表的讀數為lA，小燈泡L恰好正常發(fā)光，求：(1)滑動變阻器的最大阻值R0；(2)當觸頭P滑動到最下端b時，求電源的總功率及輸出功率．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】

由圖看出電子從A點運動到B點，其電勢能增加，電場力對電子做負功，所以電子所受的電場力方向從B→A．電子帶負電，所以電場線的方向從A→B．根據順著電場線的方向電勢降低，則知φA＞φB．由能量守恒定律判斷得知電子的動能減小，即有：EkA＞EkB。若孤立點電荷帶負電，該電荷應位于B點的右側，若孤立點電荷帶正電，該電荷應位于A點的左側，故A正確，BCD錯誤。故選A?！军c睛】解決本題關鍵掌握電場力做功與電勢能變化的關系，掌握電場線方向與電勢變化的關系，能熟練運用能量守恒定律判斷能量的變化，是常見的問題.2、C【解析】正點電荷形成的電場中，半徑越大，電勢越小，半徑相同，電勢相等，所以A點與C點電勢相同，故從A運動到B和從C運動到B電場力做功相等，所以，C正確。3、A【解析】

電容器所在支路為斷路，故電路結構可簡化為R1、R2串聯，電容器兩端電壓等于R2兩端電壓，根據閉合回路歐姆定律可得4、C【解析】根據電阻定律可知，電阻的決定式為，而是電容的決定式，孤立點電荷的電場強度的決定式是：，而導體中的電流是量度公式；故選C.5、D【解析】

同步衛(wèi)星相對于地球靜止，需要滿足兩個條件：一繞地球旋轉的旋轉軸與地球的地軸相同；二是旋轉周期與地球自轉周期相同，根據開普勒第三定律，同一中心天體相同，由于同步衛(wèi)星的周期相同，所以旋轉半徑也相同，離地面的高度相同，同步衛(wèi)星只能在赤道上方，且離地心的距離是一定的，故D正確；ABC錯誤；故選D6、C【解析】試題分析：電壓表是由內阻的，跟電源連接后構成一個通路，測量的是電壓表內阻的電壓，所以電壓表測得的電源兩極間電壓值略小于電動勢．故A錯誤；電動勢反映本身的特性，與外電路的結構無關．即同一電源接入不同的電路，電動勢不會變化；在閉合電路中，當外電阻變大時，路端電壓增大，電源的電動勢也不會變化，故BD錯誤；電源的電動勢是表示電源把其它形式的能轉化為電能的本領大小的物理量，C正確．考點：考查了對電源電動勢的理解二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】

AB當正電荷Q處在金屬導體P附近時，正電荷周圍存在電場，從而使得金屬中的自由電子在電場力作用下向a端發(fā)生移動，導致b端的正電荷多余，a端的負電荷多余，最終導體P的b端帶正電，a端帶負電，因此兩點的電勢關系ψa=ψb，故A錯誤，B正確；C.當金屬導體b端帶正電，a端帶負電時，導體中有自b向a的電場，由于正確電荷Q也產生電場，故只有當復合電場為0時，自由電子才停止運動，因此c、d兩點的場強大小關系是Ec=Ed=0，故C錯誤；D.根據正點電荷的電場強度的公式，結合合電場為0，可知：感應電荷在導體內部c、d兩點產生的場強大小關系，故D正確．故選BD．【點睛】物體帶電有接觸起電，有感應帶電，有摩擦起電，對于感應帶電，是利用同種電荷相互排斥，異種電荷相互吸引的原理，且?guī)щ婓w是等勢體．感應帶電的本質是電荷的轉移；當金屬導體處于電場時出現靜電平衡現象．8、BD【解析】

A．根據速度v與位移x之間具有依賴關系：可知金屬棒在x1、x2、x3處的速度分別為,,；根據：可知電流之比等于速度之比，故金屬棒在x1、x2、x3處電流之比為：故A錯誤.B．設金屬棒兩端的電壓為U，則根據：可知金屬棒兩端的電壓之比等于電流之比6：4：3，故B正確.C．電阻R上消耗的功率為：故R上的功率之比為：故C錯誤D．根據：可知安培力之比等于電流之比6：4：3，故D正確.9、AC【解析】

A：粒子在A處所受電場力沿電場線的切線，粒子做曲線運動受力指向軌跡的凹側，則粒子在A處受力FA如圖，粒子帶負電。故ABC：粒子在電場中由A點移到B點，電場力的方向與運動方向成鈍角，電場力對粒子做負功，粒子的動能不斷減少，粒子的電勢能不斷增大。故B項錯誤，C項正確。D：電場線的疏密表示電場的強弱，則EB<EA，由牛頓第二定律可得：a=qEm，則粒子在B點的加速度小于在10、BD【解析】

A、由題，電阻R1的阻值小于滑動變阻器R0的最大阻值，當滑動變阻器的滑臂P由右端向左滑動的過程中，變阻器左側電阻與R1串聯后與變阻器右側并聯的總電阻先變大后變小，根據閉合電路歐姆定律得知，電路中電流先變小后變大，電源的內電壓也變小后變大，則路端電壓先變大后變小，所以V1的示數先變大后變?。甐2測量R2兩端的電壓，R2不變，則V2的示數先變小后變大．故A錯誤．B、R2不變，由公式P=I2R得知，電流I先變小后變大，則R2上消耗的功率先變小后變大．故B正確．C、已知電源的內阻r＞R2，但外電路總電阻與r的關系無法確定，所以無法判斷電源輸出功率的變化情況．故C錯誤．D、當變阻器滑片位于最右端時，R1與變阻器被短路，電路中電流最大，A1的示數最大，A2的示數為零，所以滑臂P由右端向左滑動的過程中，A1的示數不可能不斷減小，A2的示數不斷變大．故D正確．故選BD．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、【解析】待測金屬導線的電阻的表達式為，由于，電阻率的表達式為12、ab為橫坐標【解析】（2）為了使得兩極板間的電壓可以變化，故應連接在滑動變阻器兩端，故ab段，（4）小球受到豎直向下的重力，繩子的拉力以及電場力三個力作用，處于平衡狀態(tài)，根據平衡條件有，又有，聯立解得，所以應以為橫坐標．（5）由上可知，則小球的帶電量為．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）2A（2）4V（3）8W（4）12W【解析】試題分析：根據閉合電路歐姆定律列式求解電流；根據U=IR求解路端電壓；根據P=UI求解電源的輸出功率；根據P=EI求解求解電源的總功率．（1）根據閉合電路歐姆定律，電流：（2）電路中路端電壓：U=IR=2×2V=4V；（3）電源的輸出功率為：P=UI=4V×2A=8W；（4）電源的總功率為：P=EI=6V×2A=12W；點睛：