2025屆福建省云霄立人學校物理高二上期末教學質(zhì)量檢測試題含解析

2025屆福建省云霄立人學校物理高二上期末教學質(zhì)量檢測試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、已知相互垂直的兩個共點力合力的大小為40N，其中一個力的大小為20N，則另一個力的大小為（）A.10N B.20NC.N D.60N2、如圖所示，勻強磁場中有兩個導體圓環(huán)a、b，磁場方向與圓環(huán)所在平面垂直．磁感應強度B隨時間均勻增大．兩圓環(huán)半徑之比為2∶1，圓環(huán)中產(chǎn)生的感應電動勢分別為Ea和Eb.不考慮兩圓環(huán)間的相互影響．下列說法正確的是()A.Ea∶Eb＝4∶1，感應電流均沿逆時針方向B.Ea∶Eb＝4∶1，感應電流均沿順時針方向C.Ea∶Eb＝2∶1，感應電流均沿逆時針方向D.Ea∶Eb＝2∶1，感應電流均沿順時針方向3、在變電站里，經(jīng)常要用交流電表去監(jiān)測電網(wǎng)上的強電流，所用的器材叫電流互感器。如圖所示的四個圖中，能正確反應其工作原理的是（）A. B.C. D.4、根據(jù)電、磁場對運動電荷的作用規(guī)律我們知道,電場可以使帶電粒子加(或減)速,磁場可以控制帶電粒子的運動方向.回旋加速器,圖示的質(zhì)譜儀都是利用以上原理制造出來的高科技設備,如圖中的質(zhì)譜儀是把從S1出來的帶電量相同的粒子先經(jīng)過電壓U使之加速,然后再讓他們進入偏轉(zhuǎn)磁場B,這樣質(zhì)量不同的粒子就會在磁場中分離.下述關于回旋加速器，質(zhì)譜儀的說法中錯誤的是A.經(jīng)過回旋加速器加速的同種帶電粒子，其最終速度大小與高頻交流電的電壓無關B.經(jīng)過回旋加速器加速的同種帶電粒子，其最終速度大小與D型盒上所加磁場強弱有關C.圖示質(zhì)譜儀中，在磁場中運動半徑大的粒子，其質(zhì)量也大.D.圖示質(zhì)譜儀中，在磁場中運動半徑大的粒子，其電荷量也大.5、如圖所示，某一用同一材料制成的導體的形狀為長方體，其長、寬、高之比為a：b：c=5：3：2。在此導體的上、下、左、右四個面上分別通過導線引出四個接線柱1、2、3、4。電流通過1、2接線柱時導體的電阻為R1，電流通過3、4接線柱時導體的電阻為R2，則R1：R2等于（）A.5：2 B.2：5C.25：4 D.4：256、如圖所示，當AB間加上電壓時，R1、R2、R3三個電阻上消耗的功率相等，則三電阻的阻值之比R1：R2：R3為（）A.1：1：4 B.1：1：1C.1：1：2 D.2：2：1二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、分別用波長為和的光照射同一種金屬,產(chǎn)生的光電子最大速度之比為2∶1,普朗克常量和真空中光速分別用和表示,那么下列說法正確的有()A.該種金屬的逸出功為B.該種金屬的逸出功為C.波長超過的光都不能使該金屬發(fā)生光電效應D.波長超過的光都不能使該金屬發(fā)生光電效應8、如圖所示，理想變壓器原線圈輸入電壓u＝200sin(100πt)V，電壓表、電流表都為理想電表．下列判斷正確的有（）A.電流頻率為50HzB.輸入電壓有效值為200VC.S打到a處，當變阻器的滑片向下滑動時，兩電流表的示數(shù)都減小D.若變阻器的滑片不動，S由a處打到b處，電壓表V2和電流表A1的示數(shù)都減小9、指紋傳感器為在一塊半導體基板上陣列了10萬金屬顆粒，每一顆粒充當電容器的一個極，外表面絕緣，手指在其上構(gòu)成電容器的另外一個極．當手指的指紋一面與絕緣表面接觸時，由于指紋深淺不同，對應的峪（本義：山谷）和嵴（本義：山脊）與半導體基板上的金屬顆粒間形成一個個電容值不同的電容器，若金屬顆粒與手指間組成的每個電容電壓保持不變，則：（）A.指紋的嵴處與半導體上對應的金屬顆粒距離近時，電容小B.指紋的嵴處與半導體上對應的金屬顆粒距離遠時，電容小C.在手指擠壓絕緣表面時，電容電極間的距離減小，金屬顆粒電極電量增大D.在手指擠壓絕緣表面時，電容電極間的距離減小，金屬顆粒電極電量減小10、如圖所示，平行板電容器C的極板水平放置．閉合電鍵S，電路達到穩(wěn)定時，帶電油滴懸浮在兩板之間靜止不動．電源內(nèi)阻不可忽略，現(xiàn)將滑動變阻器的滑動端向右滑A.A的示數(shù)增大，V的示數(shù)減小B.A的示數(shù)增大，V的示數(shù)增大C.帶電油滴將向下加速運動D.帶電油滴將向上加速運動三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）有一電壓表V1，其量程為3V，內(nèi)阻約為3000，要準確地測量該電壓表的內(nèi)阻，提供的實驗器材有：電源E：電動勢約為15V，內(nèi)阻可忽略不計；電流表A1：量程為0~100mA，內(nèi)阻；電壓表V2：量程為0~2V，內(nèi)阻；定值電阻R1：阻值20；定值電阻R2：阻值3；滑動變阻器R0：最大阻值10，額定電流1A；開關S，導線若干。（1）實驗中應選用的電表是__________；定值電阻應選用__________。（2）設計一個測量電壓表V1內(nèi)阻的實驗電路，在答題卡虛線框內(nèi)畫出原理圖。（）（3）實驗需要測量的量是__________。（4）電壓表V1內(nèi)阻的計算表達式為__________。12．（12分）如圖所示為一束粒子沿Ob方向垂直射入勻強磁場，在磁場中分為a、b、c三束，其中a、c發(fā)生偏轉(zhuǎn)，b不發(fā)生偏轉(zhuǎn)，不計粒子的重力，請判斷，在a、b、c三束粒子中，帶正電的是______，帶負電的是______。四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖表示，在磁感強度為B的水平勻強磁場中，有一足夠長的絕緣細棒OO′在豎直面內(nèi)垂直磁場方向放置，細棒與水平面夾角為α．一質(zhì)量為m、帶電荷為+q的圓環(huán)A套在OO′棒上，圓環(huán)與棒間的動摩擦因數(shù)為μ，且μ<tanα．現(xiàn)讓圓環(huán)A由靜止開始下滑，試問圓環(huán)在下滑過程中：(1)圓環(huán)A的最大加速度為多大？獲得最大加速度時的速度為多大？(2)圓環(huán)A能夠達到最大速度為多大？14．（16分）如圖所示，水平放置的平行金屬導軌相距l(xiāng)=0.5m，左端接一電阻R=0.2Ω，有一磁感應強度B=0.4T的勻強磁場，方向垂直于導軌平面。導體棒ab垂直放在導軌上，并能無摩擦地沿導軌滑動，導軌和導體棒的電阻均可忽略不計，當ab以v=4m/s的速度水平向右勻速滑動時，求：(1)ab棒中感應電動勢的大??；(2)回路中感應電流的大??；(3)維持ab棒做勻速運動的水平外力F的大小。15．（12分）如圖所示（俯視圖），在光滑水平絕緣桌面的虛線右側(cè)足夠大的空間中有豎直向下的勻強磁場，磁感應強度大小為B，質(zhì)量為m、電荷量為q（q>0）的小球a以與磁場邊界成角的速度進入磁場，剛好與停在磁場某處的質(zhì)量為3m、電荷量為3q的小球b（圖中未畫出）發(fā)生第一次碰撞，碰前球a的速度大小為v0，速度方向與虛線平行，設a、b兩球的碰撞都是彈性碰撞，且不會相互轉(zhuǎn)移電荷，也不考慮小球之間的電場力的作用，求：(1)從a球進入磁場到與b球第一次碰撞的時間；(2)a、b兩球第二次碰后b球的速度大??；(3)運動過程中a球離虛線的最遠距離.

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】依據(jù)合力與分力遵循平行四邊形定則，根據(jù)平行四邊形定則作圖，結(jié)合勾股定理，即可求解【詳解】根據(jù)平行四邊形定則，如圖所示：根據(jù)幾何關系，有：；故選C.【點睛】本題關鍵根據(jù)平行四邊形定則作圖，然后根據(jù)幾何關系列式求解2、B【解析】根據(jù)法拉第電磁感應定律可得，根據(jù)題意可得，故，感應電流產(chǎn)生磁場要阻礙原磁場的增大，即感應電流產(chǎn)生向里的感應磁場，根據(jù)楞次定律可得，感應電流均沿順時針方向【考點定位】法拉第電磁感應定律、楞次定律的應用【方法技巧】對于楞次定律，一定要清楚是用哪個手判斷感應電流方向的，也可以從兩個角度理解，一個是增反減同，一個是來拒去留，對于法拉第電磁感應定律，需要靈活掌握公式，學會變通3、A【解析】電流互感器應串聯(lián)在需要測量的電流的線路中，且連電流表的線圈電流小，由＝知，電流小的線圈匝數(shù)多。故選A。4、D【解析】根據(jù)洛倫茲力提供向心力，通過回旋加速器的最大半徑，求出粒子的最大速度，從而判斷出粒子的最終速度與什么因素有關．根據(jù)圓周運動的半徑公式得出軌道半徑與粒子質(zhì)量和電量的關系，從而進行分析【詳解】根據(jù)，解得，則粒子的最終速度與交流電壓無關，與D形盒上所加的磁場強弱有關．故AB正確．根據(jù)得，根據(jù)qU＝mv2得，，則，則在磁場中運動半徑大的粒子，其電荷量小，其質(zhì)量大；故C正確，D錯誤．本題選錯誤的，故選D5、D【解析】根據(jù)電阻定律當在1、2兩端加上恒定電壓時在在3、4兩端加上恒定的電壓時所以故D正確，ABC錯誤。故選D6、A【解析】因R1和R2串聯(lián)，電流相等，且消耗的功率相等，根據(jù)P=I2R可知R1=R2；因并聯(lián)支路電壓相等，上面支路的功率等于R3功率的2倍，根據(jù)可知，R3=2R12=4R1，即R1：R2：R3=1：1：4A．1：1：4，與結(jié)論相符，選項A正確；B．1：1：1，與結(jié)論不相符，選項B錯誤；C．1：1：2，與結(jié)論不相符，選項C錯誤；D．2：2：1，與結(jié)論不相符，選項D錯誤；故選A.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】根據(jù)愛因斯坦光電效應方程，mv02＝hγ?W0，結(jié)合γ＝，并依據(jù)發(fā)生光電效應現(xiàn)象的條件，即可求解【詳解】由題意可知，由愛因斯坦光電效應方程，mv02＝hγ?W0，與γ＝，可列出兩個方程，即為mv02＝h?W0；mv0′2＝h?W0；由于v0=2v0′，解得：，故A正確，B錯誤；根據(jù)發(fā)生光電效應現(xiàn)象的條件，，即λ0≤3λ，即可發(fā)生光電效應現(xiàn)象，故C錯誤，D正確，故選AD8、AD【解析】A．電流頻率為：A正確；B．輸入電壓的有效值為：B錯誤；C．由于線圈匝數(shù)不變，原線圈電壓不變，故副線圈電壓不變；變阻器的滑片向下滑動時，電阻變小，所以副線圈電流變大，原線圈電流變大，即兩電流表的示數(shù)都變大，C錯誤；D．滑動變阻器滑片不動，電阻不變，S由a處打到b處，副線圈匝數(shù)變小，原線圈電壓不變，匝數(shù)不變，由：可知副線圈電壓變小，即電壓表V2的示數(shù)變小，又由歐姆定律：可知副線圈電流即電流表A2的示數(shù)變小；根據(jù)理想變壓器兩端功率相等有：可知原線圈電流即電流表A1的示數(shù)變小，D正確。故選AD。9、BC【解析】手指的嵴和峪與金屬電極的距離不同，根據(jù)電容的決定式分析電容的大?。呻娙莸亩x式分析電容的電壓一定時，電量的變化.【詳解】A、指紋的嵴處與半導體基板上對應的金屬顆粒距離近時，根據(jù)電容的決定式得知，電容大．故A錯誤B、指紋的峪處與半導體基板上對應的金屬顆粒距離遠時，根據(jù)電容的決定式得知，電容?。蔅正確C、在手指擠壓絕緣表面時，手指與對應的金屬顆粒距離靠近，電容增大，而電壓一定，則由Q=CU可知，各金屬顆粒電極電量增大，故C正確，D錯誤.故選：B、C.10、BD【解析】當滑動變阻器的滑動端向右滑動，總電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律求出總電流，從而分析電壓表和電流的變化情況；電容器的電壓等于并聯(lián)電阻的電壓，根據(jù)電壓的變化和判斷電場力的變化，從而判斷油滴的運動情況【詳解】AB．當滑動變阻器的滑動端向右滑動，總電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律分析得出總電流增大，則電阻兩端的電壓增大，故A的示數(shù)增大，V的示數(shù)增大，故A錯誤，B正確；CD．電容器的電壓等于并聯(lián)電阻的電壓，根據(jù)分析電阻的電壓的增大，有和可知帶電液滴的電場力增大，故液滴將向上加速運動，故C錯誤，D正確所以BD正確，AC錯誤【點睛】本題采用程序法分析電路動態(tài)變化問題，按“部分整體部分”的思路進行分析，以及利用電容器的電壓等于并聯(lián)電阻的電壓分析電．容器的電場強度的變化三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.V2②.R1③.④.V1的示數(shù)U1，V2的示數(shù)U2⑤.【解析】（1）[1]由于待測電壓表的電壓量程為3V，最大電流為遠小于電流表的量程100mA，而電壓表V2的量程與其電壓量程接近，所以電表應選電壓表V2；[2]為保護電源，定值電阻應選阻值大的R1。（2）[3]由于滑動變阻器的總電阻遠小于待測電壓表內(nèi)阻，所以變阻器應采用分壓式接法；由于待測電壓表的額定電流為，電壓表V2的額定電流為所以應將兩電壓表串聯(lián)使用，電路圖如圖所示（3）[4]根據(jù)歐姆定律和串并聯(lián)規(guī)律有解得所以應測量的物理量是電壓表V1的示數(shù)U1和電壓表V2的示數(shù)U2；（4）[5]根據(jù)上面的分析可知，待測電壓表內(nèi)阻表達式為12、(1).a(2).c【解析】[1][2]由圖看出，b粒子射入磁場后不發(fā)生偏轉(zhuǎn)，說明不受洛倫茲力，b粒子不帶電；a粒子向左偏轉(zhuǎn)，洛倫茲力向左，根據(jù)左手定則判斷可知，a粒子帶正電；c粒子向右偏轉(zhuǎn)，洛倫茲力向右，根據(jù)左手定則判斷可知，c粒子帶負電。四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)gsinα(2)【解析】(1)由于μ＜tanα，所以環(huán)將由靜止開始沿棒下滑．環(huán)A沿棒運動的速度為v1時，受到重力mg、洛侖茲力qv1B、桿的彈力N1和摩擦力f1=μN1根據(jù)牛頓第