2025屆四川省成都市棠湖中學(xué)高二物理第一學(xué)期期中監(jiān)測(cè)試題含解析

2025屆四川省成都市棠湖中學(xué)高二物理第一學(xué)期期中監(jiān)測(cè)試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應(yīng)位置上。2．請(qǐng)用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準(zhǔn)考證號(hào)。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、豎直絕緣墻壁上的Q處有一固定的小球A，在Q的正上方的P點(diǎn)用絕緣絲線懸掛另一小球B，A、B兩小球因帶電而相互排斥，致使懸線與豎直方向成θ角，如圖所示，由于漏電，使A、B兩小球的電量逐漸減少，懸線與豎直方向夾角θ逐漸變小，如圖所示，則在電荷漏完之前懸線對(duì)懸點(diǎn)P的拉力的大小將()A．保持不變B．先變小后變大C．逐漸變小D．逐漸變大2、磁場(chǎng)中某區(qū)域的磁感線如圖所示，則（）A．a(chǎn)、b兩處的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小不等，Ba＞BbB．a(chǎn)、b兩處的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小不等，Ba＜BbC．同一通電導(dǎo)線放在a處受力一定比放在b處受力大D．同一通電導(dǎo)線放在a處受力一定比放在b處受力小3、真空中有兩個(gè)靜止點(diǎn)電荷，它們之間的靜電引力為F．如果它們之間的距離增大為原來的2倍，而其中一個(gè)點(diǎn)電荷的電荷量減少為原來的1/2，則它們之間的作用力的大小變?yōu)椋ǎ〢． B．C． D．4、電動(dòng)玩具汽車的直流電動(dòng)機(jī)電阻一定，當(dāng)加上0.3V電壓時(shí)，通過的電流為0.3A，此時(shí)電動(dòng)機(jī)沒有轉(zhuǎn)動(dòng).當(dāng)加上3V電壓時(shí)，電流為1A，這時(shí)電動(dòng)機(jī)正常工作．則()A．電動(dòng)機(jī)的電阻是3B．電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)的發(fā)熱功率是3WC．電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)消耗的電功率是4WD．電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)機(jī)械功率是2W5、1922年英國(guó)物理學(xué)家阿斯頓因質(zhì)譜儀的發(fā)明、同位素和質(zhì)譜的研究榮獲了諾貝爾化學(xué)獎(jiǎng)．若速度相同的同一束粒子由左端射入質(zhì)譜儀后的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示，則下列相關(guān)說法中正確的是（）A．該束帶電粒子帶負(fù)電B．速度選擇器的p1極板帶負(fù)電C．在B2磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)半徑越大的粒子，比荷qmD．在B2磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)半徑越大的粒子，質(zhì)量越大6、電磁鐵的應(yīng)用相當(dāng)廣泛，它是利用電流周圍產(chǎn)生磁場(chǎng)的原理工作的，最先發(fā)現(xiàn)電流周圍存在磁場(chǎng)的科學(xué)家是（）A．庫(kù)侖 B．奧斯特 C．麥克斯韋 D．亞里士多德二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示電路中，閉合開關(guān)S后當(dāng)變阻器R3的滑動(dòng)頭P向b移動(dòng)時(shí)，下列說法正確的是（）A．電壓表示數(shù)變大B．電流表示數(shù)變大C．電源消耗的總功率變小D．電源的效率（電源的輸出功率/電源消耗的總功率）變小8、著名物理學(xué)家費(fèi)曼曾設(shè)計(jì)過這樣一個(gè)實(shí)驗(yàn)裝置：一塊絕緣圓板可繞其中心的光滑軸自由轉(zhuǎn)動(dòng)，在圓板的中部有一個(gè)線圈，圓板的四周固定著一圈帶電的金屬小球，如圖所示．當(dāng)線圈接通電源后，將產(chǎn)生流過圖示方向的電流，則下列說法正確的是（）A．接通電源瞬間，圓板不會(huì)發(fā)生轉(zhuǎn)動(dòng)B．線圈中電流強(qiáng)度的增大或減小會(huì)引起圓板向不同方向轉(zhuǎn)動(dòng)C．若金屬小球帶正電，接通電源瞬間圓板轉(zhuǎn)動(dòng)方向與線圈中電流流向相同D．若金屬小球帶負(fù)電，接通電源瞬間圓板轉(zhuǎn)動(dòng)方向與線圈中電流流向相同9、如圖所示電路中，三只燈泡原來都正常發(fā)光，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P向右移動(dòng)時(shí)，下面判斷正確的是()A．L1和L3變暗，L2變亮B．L1變暗，L2變亮，L3變亮C．L1上的電壓變化絕對(duì)值小于L2上的電壓變化絕對(duì)值D．L1中電流變化絕對(duì)值大于L3中的電流變化絕對(duì)值10、如圖所示，電容器與電動(dòng)勢(shì)為E的直流電源（內(nèi)阻不計(jì)）連接，下極板接地．一帶電油滴位于電容器中的P點(diǎn)恰好處于靜止?fàn)顟B(tài)．現(xiàn)將平行板電容器的上極板豎直向下移動(dòng)一小段距離則（）A．帶電油滴的電勢(shì)能將增大B．P點(diǎn)的電勢(shì)將降低,兩極板間的電勢(shì)差不變C．平行板之間的電場(chǎng)強(qiáng)度增大，平行板所帶電荷量也增大D．電容器的電容增大,帶電油滴將沿豎直方向向上運(yùn)動(dòng)三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）同學(xué)們想用物理上學(xué)到的知識(shí)來測(cè)定某種型號(hào)電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，已知這個(gè)電池的電動(dòng)勢(shì)約為8～9V，內(nèi)阻約為3Ω左右。由于直流電壓表量程只有3V，需要將這只電壓表通過連接一電阻箱，改裝為量程為9V的電壓表，然后再用伏安法測(cè)該電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻。實(shí)驗(yàn)可供該同學(xué)選擇的器材主要有：A.電壓表(量程為3V，內(nèi)阻為3kΩ)B.電流表(量程為3A，內(nèi)阻約0.1Ω)C.電阻箱(阻值范圍0～9999Ω)D.電阻箱(阻值范圍0～999Ω)E.滑動(dòng)變阻器(阻值為0～20Ω，額定電流2A)F.滑動(dòng)變阻器(阻值為0～20kΩ，額定電流0.2A)(1)該實(shí)驗(yàn)中滑動(dòng)變阻器應(yīng)選________（填寫“E”或“F”）；要使將3V直流電壓表改裝成9V的電壓表，該同學(xué)需將該電壓表與電阻箱________(填寫“C”或“D”)串聯(lián),且接入的電阻箱阻值應(yīng)為________Ω.(2)用該擴(kuò)大了量程的電壓表(電壓表的表盤沒變)，測(cè)電池電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻r，實(shí)驗(yàn)電路如圖甲所示，得到多組電壓U（原電壓表的示數(shù)）和電流I的值，并作出U-I圖線如圖乙所示，可知電池的電動(dòng)勢(shì)為________V，內(nèi)阻為________Ω（最后結(jié)果要求保留兩位有效數(shù)字）.12．（12分）小明在家里找到了一個(gè)電子元件，上面僅標(biāo)有“12V2W”，為研究它的電學(xué)特征，設(shè)計(jì)了下列實(shí)驗(yàn)：(1)小明利用家里的器材設(shè)計(jì)了如圖電路來測(cè)量該電子元件的伏安特性曲線，家中出來電壓表（量程15V，內(nèi)阻約為5kΩ），還有兩個(gè)電流表可供選擇：A1（量程200mA，內(nèi)阻約為200Ω），A2（量程3A，內(nèi)阻約為10Ω），小明應(yīng)該選擇電流表______（選填“A1”“A2”）接入電路．在正確連接電路后，閉合開關(guān)之前滑動(dòng)變阻器的滑片應(yīng)置于滑動(dòng)變阻器的______（選填“左端”“右端”）．(2)小明又利用家里的多用電表來直接測(cè)量該電子元件的電阻，將該元件接入多用電表的歐姆“ⅹ10”檔，正確操作后發(fā)現(xiàn)示數(shù)如圖，則讀數(shù)為_____Ω．(3)該多用電表歐姆檔內(nèi)部有一個(gè)電源，已知?dú)W姆“ⅹ10”檔位對(duì)應(yīng)的電源電動(dòng)勢(shì)E=1.5V，且中位電阻阻值為150Ω．在實(shí)驗(yàn)中小明不知道這個(gè)電源使用很久了，該電源電壓實(shí)際已變?yōu)?.3V，但小明在使用時(shí)依然正確的進(jìn)行了歐姆調(diào)零，那么他該用多用表測(cè)出的電阻阻值實(shí)際應(yīng)為__Ω．（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）在水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，有一絕緣直桿固定在豎直平面內(nèi)，桿與水平方向夾角為53°，桿上A、B兩點(diǎn)間距為L(zhǎng)．將一質(zhì)量為m、帶電量為q的帶正電小球套在桿上，從A點(diǎn)以一定的初速度釋放后恰好沿桿勻速下滑．已知?jiǎng)驈?qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小為E=．求：（1）軌道與小球間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ；（2）從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)過程中，小球電勢(shì)能的變化量．（sin53°=0.8，重力加速度為g）14．（16分）如圖所示,寬度為I0的平行光束從空氣中斜射到一平板玻璃的上表面,入射角i=60°,該光束由兩種不同的單色光a和b組成,玻璃對(duì)兩種單色光的折射率分別為，試求：①兩種單色光在玻璃中的傳播時(shí)間之比；②為使光從玻璃下表面出射時(shí)，兩種光各自的光束不重疊，玻璃板的厚度d的最小值．15．（12分）如圖，將電荷量為q=3.0×10-9C的點(diǎn)電荷從勻強(qiáng)電場(chǎng)中的B點(diǎn)移動(dòng)到A點(diǎn)，AB=2cm，電場(chǎng)力做的功為-6×10-7J，求：（1）A、B兩點(diǎn)的電勢(shì)差UAB；（2）勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)E．

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、A【解析】以小球?yàn)檠芯繉?duì)象，球受到重力G，A的斥力F1和線的拉力F2三個(gè)力作用，作出力圖，如圖．作出F1、F2的合力F，則由平衡條件得：F=G．根據(jù)△FBF1∽△PQB得：

又FF1=F2，得：；在A、B兩質(zhì)點(diǎn)帶電量逐漸減少的過程中，PB、PQ、G均不變，則線的拉力F2不變，故A正確，BCD錯(cuò)誤．故選A．點(diǎn)睛：本題是力學(xué)中動(dòng)態(tài)平衡問題，采用的是三角形相似法，得到力的大小與三角形邊長(zhǎng)的關(guān)系，進(jìn)行分析，也可以應(yīng)用函數(shù)法求解．2、B【解析】

AB．磁感線的疏密表示磁場(chǎng)的強(qiáng)弱，由圖可知a、b兩處的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小不等，Ba<Bb，故A錯(cuò)誤，B正確；CD．電流在磁場(chǎng)中受到的安培力，同一通電導(dǎo)線放在a處與放在b處相比，由于并不知道導(dǎo)線與磁場(chǎng)方向之間的關(guān)系，所以受力大小無法確定，故CD錯(cuò)誤。故選B。3、C【解析】真空中有兩個(gè)靜止點(diǎn)電荷，它們之間的靜電引力為F，故；如果它們之間的距離增大為原來的2倍，而其中一個(gè)點(diǎn)電荷的電荷量減少為原來的，則它們之間的作用力的大小變?yōu)?，故C正確，ABD錯(cuò)誤；故選C．4、D【解析】

A．當(dāng)加上0.3V電壓時(shí)電動(dòng)機(jī)不轉(zhuǎn)動(dòng)，利用歐姆定律得選項(xiàng)A錯(cuò)誤；BC．當(dāng)加上3V電壓時(shí)，消耗的電能一部分發(fā)熱，一部分轉(zhuǎn)化為了機(jī)械能．消耗的電功率為發(fā)熱功率BC錯(cuò)誤；D．根據(jù)能量關(guān)系，產(chǎn)生的機(jī)械功率為D正確．故選D。5、C【解析】

根據(jù)帶電粒子在磁場(chǎng)中的偏轉(zhuǎn)方向確定帶電粒子的正負(fù)．根據(jù)在速度選擇器中電場(chǎng)力和洛倫茲力平衡確定P1極板的帶電情況．在磁場(chǎng)中，根據(jù)洛倫茲力提供向心力，求出粒子的軌道半徑，即可知道軌跡半徑與什么因素有關(guān)．【詳解】帶電粒子在磁場(chǎng)中向下偏轉(zhuǎn)，磁場(chǎng)的方向垂直紙面向外，根據(jù)左手定則知，該粒子帶正電。故A錯(cuò)誤。在平行金屬板間，根據(jù)左手定則知，帶電粒子所受的洛倫茲力方向豎直向上，則電場(chǎng)力的方向豎直向下，知電場(chǎng)強(qiáng)度的方向豎直向下，所以速度選擇器的P1極板帶正電。故B錯(cuò)誤。進(jìn)入B2磁場(chǎng)中的粒子速度是一定的，根據(jù)qvB=mv2r得，r=mvqB，知r越大，荷質(zhì)比qm越小，而質(zhì)量m不一定大。故C【點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵會(huì)根據(jù)左手定則判斷洛倫茲力的方向，以及知道在速度選擇器中，電荷所受的電場(chǎng)力和洛倫茲力平衡．6、B【解析】

A.庫(kù)侖研究了電荷間作用力的規(guī)律，故A錯(cuò)誤；B.奧斯特最先發(fā)現(xiàn)電流周圍存在磁場(chǎng)．故B正確；C.麥克斯韋建立了完整的電磁場(chǎng)理論，預(yù)言了電磁波的存在，故C錯(cuò)誤；D.亞里士多德提出了力是維持物體的運(yùn)動(dòng)原因，重物比輕下落快的觀點(diǎn)，故D錯(cuò)誤．故選B.【點(diǎn)睛】奧斯特首先發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)；根據(jù)各位科學(xué)家的物理學(xué)成就解答．二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、BD【解析】滑動(dòng)變阻器和并聯(lián)，將滑動(dòng)變阻器的滑片P向b移動(dòng)的過程中，滑動(dòng)變阻器連入電路的電阻減小，故電路總電阻減小，電路總電流增大，根據(jù)閉合回路歐姆定律可得知，路端電壓減小，即電壓表示數(shù)減小，而大小不變，通過的電流增大，所以兩端的電壓增大，故并聯(lián)電路兩端的電壓減小，即兩端的電壓減小，所以的電流減小，而總電流是增大的，故通過滑動(dòng)變阻器的電流增大，即電流表示數(shù)增大，A錯(cuò)誤B正確；因?yàn)榭傠娏髟龃?，根?jù)P=EI可知電源消耗的功率增大，C錯(cuò)誤；電源的效率，路端電壓U變小，所以電源的效率變小，故D正確；【點(diǎn)睛】在分析電路動(dòng)態(tài)變化時(shí)，一般是根據(jù)局部電路變化（滑動(dòng)變阻器，傳感器電阻）推導(dǎo)整體電路總電阻、總電流的變化，然后根據(jù)閉合回路歐姆定律推導(dǎo)所需電阻的電壓和電流的變化（或者電流表，電壓表示數(shù)變化），也就是從局部→整體→局部8、BD【解析】

由題可知，在線圈接通電源的瞬間，線圈中的電流逐漸增大，產(chǎn)生的磁場(chǎng)逐漸增強(qiáng)，逐漸增強(qiáng)的磁場(chǎng)會(huì)產(chǎn)生電場(chǎng)（麥克斯韋電磁理論）；小球所在圓周處相當(dāng)于有一個(gè)環(huán)形電場(chǎng)，小球因帶電而受到電場(chǎng)力作用從而會(huì)讓圓板轉(zhuǎn)動(dòng)，利用左手定則判斷即可解答【詳解】A、線圈接通電源瞬間，變化的磁場(chǎng)產(chǎn)生變化的電場(chǎng)，從而導(dǎo)致帶電小球受到電場(chǎng)力，使其轉(zhuǎn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；

B、不論線圈中電流強(qiáng)度的增大或減小都會(huì)引起磁場(chǎng)的變化，從而產(chǎn)生不同方向的電場(chǎng)，使小球受到電場(chǎng)力的方向不同，所以會(huì)向不同方向轉(zhuǎn)動(dòng)，故B正確；

C、接通電源瞬間圓板受到電場(chǎng)力作用而轉(zhuǎn)動(dòng)，由于金屬小球帶正電，根據(jù)電磁場(chǎng)理論可知，電場(chǎng)力沿順時(shí)針方向，所以與線圈中電流流向相反，故C錯(cuò)；D、接通電源瞬間圓板受到電場(chǎng)力作用而轉(zhuǎn)動(dòng)，由于金屬小球帶負(fù)電，根據(jù)電磁場(chǎng)理論可知，電場(chǎng)力沿逆時(shí)針方向，所以與線圈中電流流向相同，故D對(duì)；故選BD9、AC【解析】

AB、當(dāng)滑片右移時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電阻增大，則電路中總電阻增大，由閉合電路歐姆定律可知電路中總電流減小，故L變暗；電路中電流減小，故內(nèi)阻及、兩端的電壓減小，而電動(dòng)勢(shì)不變，故并聯(lián)部分的電壓增大，故L變亮；因中電流增大，干路電流減小，故流過的電流減小，故L變暗；故A正確，B錯(cuò)誤；C、因并聯(lián)部分的電壓與、及內(nèi)電阻上的總電壓等于電源的電動(dòng)勢(shì),兩端的電壓增大，、及內(nèi)阻r兩端的電壓減小，而電動(dòng)勢(shì)不變，故L兩端電壓增大值應(yīng)等于其它三個(gè)電阻的減小值，故L上電壓變化值小于上的電壓變化值；故C正確；D、因中電流減小，中電流減小，而中電流增大；開始時(shí)有：，故I電流的變化值一定小于中電流的變化值，故D錯(cuò)誤；故選AC．10、CD【解析】試題分析：因?yàn)殡娙萜骱碗娫聪噙B，所以電容器兩極板間的電壓恒定不變，將平行板電容器的上極板豎直向下移動(dòng)一小段距離，則兩極板間的距離減小，根據(jù)公式E=Ud可得兩極板間的電場(chǎng)強(qiáng)度增大，則P將向上運(yùn)動(dòng)，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能將減小，P到下極板間的距離不變，根據(jù)公式U=Ed可得P與下極板間的電勢(shì)差增大，根據(jù)公式C=εS考點(diǎn)：考查了電容器的動(dòng)態(tài)變化【名師點(diǎn)睛】在分析電容器動(dòng)態(tài)變化時(shí)，需要根據(jù)C=εS4πkd判斷電容器的電容變化情況，然后結(jié)合E=U三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、EC6000Ω9.0V3.0Ω【解析】

(1)根據(jù)串聯(lián)電路的特點(diǎn)，可確定出電阻箱的電阻與電壓表內(nèi)阻的關(guān)系，選擇電阻箱的規(guī)格。在分壓電路中，為方便調(diào)節(jié)，滑動(dòng)變阻器選用阻值較小的；根據(jù)電壓表改裝原理求出串聯(lián)電阻阻值.(2)由于電壓表的表盤沒變，改裝后的電壓表的讀數(shù)應(yīng)為電壓表讀數(shù)的3倍.U-I圖線縱軸截距的3倍表示電動(dòng)勢(shì)，斜率的3倍大小等于電池的內(nèi)阻.【詳解】(1)電源電動(dòng)勢(shì)約為9V，應(yīng)把電壓表改裝成9V的電壓表，把3V的直流電壓表接一電阻箱，串聯(lián)電阻分壓是電壓表的兩倍，串聯(lián)電阻阻值應(yīng)為電壓表內(nèi)阻的兩倍，電阻箱接入電路的阻值應(yīng)為6000Ω；電阻箱應(yīng)選擇C；在分壓電路中，為方便調(diào)節(jié)，滑動(dòng)變阻器選用阻值較小的，即選E.(2)由丙讀出，外電路斷路時(shí)，電壓表的電壓為U=3.0V，則電源的電動(dòng)勢(shì)為E=3.0×3=9.0V，電源內(nèi)阻.【點(diǎn)睛】本題涉及電表的改裝和測(cè)量電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻的實(shí)驗(yàn)；改裝原理是串聯(lián)電路的特點(diǎn)。而伏安法測(cè)量電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的原理是閉合電路歐姆定律，要注意路端電壓應(yīng)為改裝后電壓表的讀數(shù).12、A1左5043.3【解析】

(1)由電子元件，上面僅標(biāo)有“12V2W”可知，流過電子元件最大電流為：，故電流表應(yīng)選用A1；為了保護(hù)電路，開始時(shí)滑動(dòng)變阻器接入電路中的電阻應(yīng)最大即滑片