2025屆鐵嶺市重點中學(xué)物理高二上期中聯(lián)考試題含解析

2025屆鐵嶺市重點中學(xué)物理高二上期中聯(lián)考試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應(yīng)位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準(zhǔn)考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，紙面內(nèi)存在一勻強電場，有一直角三角形ABC，BC長度為6cm，θ=30°，其中A點電勢為6V，B點電勢為3V，C點電勢為9V，則電場強度的大小為()A．100V/m B．1003V/m C．10033V/m D．2、兩個完全一樣的金屬小球M、N，先讓它們各自帶電＋5q和＋7q，接觸后再分開，則最終M、N的帶電量分別是()A．＋6q，＋6qB．＋7q，＋5qC．＋12q，＋12qD．＋q，＋q3、下列各圖中，已標(biāo)出電流及電流所產(chǎn)生磁場的磁感應(yīng)強度的方向，其中正確的是（）A．B．C．D．4、真空中有兩個相同的可以看成點電荷的帶電金屬小球A、B，兩小球相距L固定，A小球所帶電荷量為-2Q、B所帶電荷量為+4Q，兩小球間的靜電力大小是F，現(xiàn)在讓A、B兩球接觸后，使其距離變?yōu)?L．此時，A、B兩球之間的庫侖力的大小是（）A．B．C．D．5、關(guān)于電場強度的定義式為E=F/q，下列說法中不正確的是（）A．該定義式適用于任何電場B．帶電量為q帶電體放在某電場中的A點，受到的電場力為F，則該電場在A點產(chǎn)生的電場強度大小為F/qC．電場強度的方向與正電荷受到的電場力F的方向相同D．由F=Eq可知，試探電荷在場中某點所受的電場力大小與該試探電荷帶電量的大小成正比6、如圖所示，A、B、C、D為勻強電場中相鄰的四個等勢面，一個電子垂直經(jīng)過等勢面D時，動能為20eV，飛經(jīng)等勢面C時，電勢能為－10eV，飛至等勢面B時速度恰好為零，已知相鄰等勢面間的距離為5cm，則下列說法正確的是（）A．等勢面A的電勢為10VB．勻強電場的場強大小為200V/mC．電子再次飛經(jīng)D勢面時，動能為10eVD．電子的運動可能為勻變速曲線運動二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，為示波器正常工作的示意圖，電子經(jīng)電壓U1加速后以速度v0垂直進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場，離開電場時的偏轉(zhuǎn)量是h．兩平行板間距離為d，電勢差為U2，板長是l，為提高示波器的靈敏度h/U2(每單位電壓引起的偏轉(zhuǎn)量)可采用以下哪些方法（）A．增大兩板間電勢差U2B．盡可能使板長l短一些C．盡可能使板距d小一些D．使加速電壓U1降低一些8、如圖所示的電路，閉合開關(guān)S，滑動變阻器滑片向左移動，下列結(jié)論正確的是A．電流表讀數(shù)變小，電壓表讀數(shù)變大B．小電泡變亮C．電容器C上電荷量增大D．電源的總功率變大9、一帶電小球在空中由A點運動到B點過程中，受重力、電場力和空氣阻力三個力．若重力勢能增加3J、機械能增加0.5J、電場力做功1J，則小球()A．重力做功為3JB．動能減少2.5JC．克服空氣阻力做功0.5JD．電勢能增加1J10、如圖所示，圓環(huán)形導(dǎo)體線圈a平放在水平桌面上，在a的正上方固定一豎直螺線管b，二者軸線重合，螺線管與電源和滑動變阻器連接成如圖所示的電路.若將滑動變阻器的滑片P向上滑動，下面說法中正確的是A．穿過線圈a的磁通量變小B．線圈a有收縮的趨勢C．自上往下看，線圈a中將產(chǎn)生順時針方向的感應(yīng)電流D．線圈a對水平桌面的壓力FN三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）用伏安法（電流表內(nèi)阻約為200，電壓表內(nèi)阻約為10k）測定一個阻值約為5k的電阻的阻值，實驗電路應(yīng)采用電流表______接法（填“內(nèi)”或“外”），測量值比真實值偏_______（填“大”或“小”）.12．（12分）圖是電子射線管的示意圖。接通電源后，電子射線由陰極沿x軸方向射出，在熒光屏上會看到一條亮線。要使熒光屏上的亮線向下（z軸方向）偏轉(zhuǎn)，在下列措施中可采用的是（）A．加一磁場，磁場方向沿z軸負(fù)方向B．加一磁場，磁場方向沿y軸正方向C．加一電場，電場方向沿z軸負(fù)方向D．加一電場，電場方向沿y軸正方向四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）一輛電瓶車，質(zhì)量為500kg，由內(nèi)阻不計的蓄電池組向直流電動機提供24V的電壓，當(dāng)電瓶車在水平地面上以0.8m/s的速度勻速行駛時，通過電動機的電流為5A，設(shè)車所受阻力是車重力的0.02倍（g=10m/s2），求：（1）電動機消耗的總功率為多少？（2）電動機的機械功率為多少？（3）電動機的內(nèi)阻為多大？14．（16分）如圖為固定在豎直平面內(nèi)的軌道，直軌道AB與光滑圓弧軌道BC相切，圓弧軌道的圓心角為37°，半徑為r=0.21m，C端水平,AB段的動摩擦因數(shù)為0.1．豎直墻壁CD高H=0.2m,緊靠墻壁在地面上固定一個和CD等高，底邊長L=0.3m的斜面．一個質(zhì)量m=0.1kg的小物塊(視為質(zhì)點)在傾斜軌道上從距離B點l=0.1m處由靜止釋放，從C點水平拋出．重力加速度g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.2．求：（1）小物塊運動到C點時對軌道的壓力的大?。唬?）小物塊從C點拋出到擊中斜面的時間；（3）改變小物體從軌道上釋放的初位置，求小物體擊中斜面時動能的最小值．15．（12分）場是物理學(xué)中的重要概念、有電場、磁場、重力場等等．現(xiàn)真空中存在空間范圍足夠大的、水平向右的勻強電場．在電場中，若將一個質(zhì)量為、帶正電的小球由靜止釋放，運動中小球的速度與豎直方向夾角為．現(xiàn)將該小球從電場中某點以初速度豎直向上拋出．已知重力加速度為，（取，）．求運動過程中（1）小球從拋出點至最高點電場力做的功．（2）小球的最小速度的大小及方向．（3）如果將小球受到的重力和電場力的合力等效為一個新的場力，仿照電場強度的定義，把新的場力與小球的質(zhì)量的比值定義為新場場強．求該新場場強的大小和方向．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】

在勻強電場中，取BC的中點D，根據(jù)勻強電場的性質(zhì)可知，D點的電勢為6V，連接AD，即為等勢面，過B點作AD的垂線，如圖所示：由幾何關(guān)系得BF=BAcos30°=323cmA.100V/m與計算結(jié)果不相符；故A項錯誤.B.1003V/m與計算結(jié)果不相符；故B項錯誤.C.10033V/m與計算結(jié)果不相符；故CD.20033V/m與計算結(jié)果不相符；故D2、A【解析】兩個完全相同的金屬小球接觸，電荷先中和后均分，故：，故選項A正確。點睛：本題關(guān)鍵是記住“兩個相同的金屬小球接觸后電荷先中和后均分”的結(jié)論，根據(jù)電荷守恒定律列式分析即可。3、D【解析】

A.由右手螺旋定則可知，電流向外的直導(dǎo)線周圍的磁場分布為逆時針的同心圓；故A錯誤；B.由右手螺旋定則可知，向上的電流左側(cè)磁場應(yīng)向外，右側(cè)向里；故B錯誤；C.由右手螺旋定則可知，電流由右方流入，內(nèi)部磁感線應(yīng)向右；故C錯誤；D.由右手螺旋定則可知，環(huán)形電流的中心處磁場向上；故D正確；4、B【解析】根據(jù)庫侖定律，兩球間的庫侖力：,將它們接觸后再分開，然后放在距離為2L，則電荷量中和，再進(jìn)行平分，因此電量均為+Q，則庫侖力為：，故B正確。故選：B。5、B【解析】

A、E=Fq是電場強度的定義式，適用于任何電場，故B、公式E=Fq中F是檢驗電荷所受的電場力，q是檢驗電荷的電荷量，帶電量為q帶電體不是檢驗電荷，對原電場有影響，故BC、場強的方向與放在該點的正電荷所受的電場力方向相同，與放在該點的負(fù)電荷所受的電場力方向相反，故C正確；D、由F=Eq得知，場中某點電荷所受的電場力大小與該點場強的大小成正比，故D正確；不正確的故選B?！军c睛】E=Fq是電場強度的定義式，q是檢驗電荷的電荷量，F(xiàn)是檢驗電荷所受的電場力，適用于任何電場．場強的方向與放在該點的正電荷所受的電場力方向相同，6、B【解析】

A．電子從D到B過程，動能減小20eV，且勻強電場，即等間距，則C點的動能為10eV，由于等勢面C時，電勢能為－10eV，則知電子的電勢能與動能的和等于0；由于飛經(jīng)等勢面C時，電勢能為－10eV，則C等勢面的電勢為10V；粒子經(jīng)過等勢面B時的動能等于0，則電勢能也等于0，則B等勢面的電勢等于0，結(jié)合該勻強電場的特點可知，A等勢面的電勢為－10V，故A錯誤；B．電子從B到D過程，根據(jù)動能定理得解得對于BD段電場強度為故B正確；C．根據(jù)能量守恒可知，電子再次經(jīng)過D等勢面時，電勢能不變，動能不變，其動能仍為20eV，故C錯誤；D．根據(jù)電場線與等勢面垂直可知，該電場是勻強電場，且電場力方向與速度方向在同一直線上，則電子做勻變速直線運動，故D錯誤。故選B。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、CD【解析】

本題的關(guān)鍵是根據(jù)動能定理和類平拋運動規(guī)律求出示波管靈敏度的表達(dá)式，然后討論即可求解；【詳解】帶電粒子加速時應(yīng)滿足：帶電粒子偏轉(zhuǎn)時，由類平拋規(guī)律得到：，，

聯(lián)立以上各式可得：，則：，故CD正確，AB錯誤?！军c睛】本題是信息的給予題，根據(jù)所給的信息，找出示波管的靈敏度的表達(dá)式即可解決本題。8、AC【解析】AB：滑動變阻器滑片P向左移動時，接入電路的電阻增大，電路的總電阻增大，電源的電動勢不變，則總電流減小，電流表的讀數(shù)變小，內(nèi)電壓減小，外電壓增大，所以電壓表示數(shù)變大．通過燈泡的電流減小，則小燈泡變暗．故A項正確，B項錯誤．C：通過燈泡的電流減小，則燈泡兩端的電壓減小，而外電壓增大，所以電容器兩端的電壓增大，根據(jù)Q=CU知，電容器上電荷量增大．故C項正確．D：電源的電動勢不變，總電流減小，則電源的總功率減?。蔇項錯誤．9、BC【解析】試題分析：解決本題需根據(jù)：重力做功等于重力勢能的減小量；電場力做功等于電勢能的減小量；合力做功等于動能的增加量；除重力外的各個力做的總功等于機械能的增加量．由功能關(guān)系分析．解：A、重力做功等于重力勢能變化量的負(fù)值，則重力勢能增加3J，故重力做功﹣3J，故A錯誤；B、據(jù)題，重力勢能增加3J、機械能增加0.5J，而機械能等于重力勢能與動能之和，則得動能減少2.5J，故B正確．C、除重力外的各個力做的總功等于機械能的增加量，除重力外，有電場力和空氣阻力做功，電場力做功1J，而機械能增加0.5J，所以克服空氣阻力做功0.5J，故C正確．D、電場力做功等于電勢能的減小量，電場力做功1J，故電勢能減小1J，故D錯誤；故選BC【點評】功是能量轉(zhuǎn)化的量度，有多種表現(xiàn)形式：重力做功是重力勢能變化的量度；電場力做功是電勢能變化的量度；合力做功是動能變化的量度；重力外的各個力做的總功是機械能變化的量度．10、AC【解析】

此題的關(guān)鍵首先明確滑動觸頭向上滑動時通過判斷出線圈b中的電流減小，然后根據(jù)楞次定律判斷出線圈a中感應(yīng)電流的方向。根據(jù)感應(yīng)電流產(chǎn)生的效果總是阻礙引起感應(yīng)電流的原因，可以很好判斷線圈的運動趨勢?！驹斀狻慨?dāng)滑動觸頭P向上移動時電阻增大，由閉合電路歐姆定律可知通過線圈b的電流減小，b線圈產(chǎn)生的磁場減弱，故穿過線圈a的磁通量變小，故A正確；根據(jù)b中的電流方向和安培定則可知b產(chǎn)生的磁場方向向下穿過線圈a，根據(jù)楞次定律，a中的感應(yīng)電流的磁場要阻礙原來磁場的減小，故a的感應(yīng)電流的磁場方向也向下，根據(jù)安培定則可知線圈a中感應(yīng)電流方向俯視應(yīng)為順時針，故C正確；再根據(jù)微元法將線圈a無限分割根據(jù)左手定則不難判斷出線圈a應(yīng)有擴張的趨勢，或直接根據(jù)楞次定律的第二描述“感應(yīng)電流產(chǎn)生的效果總是阻礙引起感應(yīng)電流的原因”，因為滑動觸頭向上滑動導(dǎo)致穿過線圈a的磁通量減小，故只有線圈面積增大時才能阻礙磁通量的減小，故線圈a應(yīng)有擴張的趨勢，故B錯誤；開始時線圈a對桌面的壓力等于線圈a的重力，當(dāng)滑動觸頭向上滑動時，可以用“等效法”，即將線圈a和b看做兩個條形磁鐵，不難判斷此時兩磁鐵互相吸引，故線圈a對水平桌面的壓力FN將減小，故D錯誤．故選AC【點睛】首先應(yīng)掌握楞次定律的基本應(yīng)用，楞次定律的第二描述是能量守恒定律在電磁感應(yīng)現(xiàn)象中得出的必然結(jié)果。一般在解決有關(guān)相對運動類問題時用楞次定律的第二描述將會非常簡便。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、內(nèi)大【解析】

由題意可知，；故，因此為了減小誤差應(yīng)采用電流表內(nèi)接法進(jìn)行實驗；由于電流表的分壓作用使電壓表示數(shù)偏大，則由歐姆定律可知，測量值偏大．【點睛】本題考查伏安法測電阻中電流表內(nèi)外接法的選擇，要注意明確：大電阻用內(nèi)接法，測量值偏大，小電阻用外接法，測量值偏小，即“大內(nèi)偏大，小外偏小”．12、B【解析】

A、加一磁場，磁場方向沿z軸負(fù)方向，由左手定則知電子受洛倫茨力的方向沿y軸負(fù)方向，電子不會沿z軸向下偏轉(zhuǎn)，故A錯誤．B、加一磁場，磁場方向沿y軸正方向，由左手定則知電子受洛倫茨力的方向沿z軸負(fù)方向，電子沿z軸向下偏轉(zhuǎn)，故B正確．C、加一電場，電場方向沿z軸負(fù)方向，電子受電場力沿z軸正方向，電子不會沿z軸向下偏轉(zhuǎn)，故C錯誤．D、加一電場，電場方向沿y軸正方向，電子受電場力沿y軸負(fù)方向，電子不會沿z軸向下偏轉(zhuǎn)，故D錯誤．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）120W（2）80W（3）1.6Ω【解析】

（1）電動機消耗的總功率W（2）電瓶車勻速行駛，因此牽引力N機械功率W（3）電動機的熱功率為W由代入數(shù)據(jù)解得Ω14、（1）2.2N（2）t=315s（3）當(dāng)y=0.12m，【解析】試題分析：小物塊從A到C的過程，由動能定理求出C點的速度．在C點，由牛頓第二定律求軌道對小物塊的支持力，再由牛頓第三定律得到小物塊對軌道的壓