山西省臨汾市臨汾一中2025屆物理高二上期中檢測模擬試題含解析

山西省臨汾市臨汾一中2025屆物理高二上期中檢測模擬試題注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區(qū)域內。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、在電磁感應現(xiàn)象中，下列說法正確的是（）A．閉合線圈在勻強磁場中做切割磁感線運動，一定產(chǎn)生感應電流B．線圈不閉合時，若穿過線圈的磁通量發(fā)生變化，線圈中沒有感應電流，但有感應電動勢C．感應電流的磁場總是與原磁場的方向相反D．法拉第通過實驗研究，總結出電磁感應現(xiàn)象中感應電流方向的規(guī)律2、磁場中某區(qū)域的磁感線的如圖所示，則（）A．a(chǎn)、b兩處的磁感應強度大小不等，Ba＞BbB．a(chǎn)、b兩處的磁感應強度的大小不等，且Ba＜BbC．a(chǎn)、b兩處磁場方向一定相同D．a(chǎn)處沒有磁感線，所以磁感應強度為零3、有一個多用電表，其歐姆擋的四個量程分別為：“×1”、“×10”、“×100”、“×1k”，某同學把選擇開關旋到“×100”擋測量一未知電阻時，發(fā)現(xiàn)指針偏轉角很大，為了減小誤差，它應該（）A．換用“×1k”擋，不必重新調整調零旋鈕B．換用“×10”擋，不必重新調整調零旋鈕C．換用“×1k”擋，必須重新調整調零旋鈕D．換用“×10”擋，必須重新調整調零旋鈕4、磁流體發(fā)電機原理如圖所示，等離子體高速噴射到加有強磁場的管道內，正、負離子在洛倫茲力作用下分別向A、B兩金屬板偏轉，形成直流電源對外供電。則（）A．僅減小兩板間的距離，發(fā)電機的電動勢將增大B．僅增強磁感應強度，發(fā)電機的電動勢將減小C．僅增加負載的阻值，發(fā)電機的輸出功率將減小D．僅減小磁流體的噴射速度，發(fā)電機的總功率將減小5、小燈泡通電后其電流I隨所加電壓U變化的圖線如圖所示,P為圖線上一點,PN為圖線的切線,PQ為U軸的垂線,PM為I軸的垂線。則下列說法中正確是()A．隨著所加電壓的增大，小燈泡的電阻增大B．對應P點,小燈泡的電阻為C．對應P點,小燈泡的電阻為D．對應P點，小燈泡的電功率值等于圖中陰影部分面積大小6、如圖是電阻R1和R2的伏安特性曲線，把第一象限分為Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ三個區(qū)域，現(xiàn)把R1和R2并聯(lián)，則并聯(lián)后的總電阻R的伏安特性曲線所在區(qū)域描述正確的是A．特性曲線在Ⅰ區(qū)B．特性曲線在Ⅱ區(qū)C．特性曲線在Ⅲ區(qū)D．特性曲線在這三個區(qū)域以外二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、在如圖甲所示的電路中，L1、L2和L3為三個相同規(guī)格的小燈泡，這種小燈泡的伏安特性曲線如圖乙所示，當開關S閉合后，電路中的總電流為0.25A．則此時（）A．L1的電壓為L2電壓的2倍B．L1消耗的電功率為0.75WC．L1、L2消耗的電功率的比值大于4：1D．L2的電阻為12Ω8、如圖所示電路中，R1＝5Ω，R2＝7Ω，R3＝8Ω，R4＝10Ω，C＝20μF，電源電動勢E＝18.6V，內阻r＝1Ω，電表為理想電表．開始電鍵K是閉合的，則下列判斷正確的是（）A．電流表的示數(shù)為lAB．電壓表的示數(shù)為6VC．電容器所帶的電荷量為1．8×10－4CD．當電鍵K斷開后，通過電阻R1的電荷量為1．8×10－4C9、如圖所示，d處固定有負點電荷Q，一個點電荷只在電場力作用下，沿圖中曲線abc的運動．a(chǎn)、b、c、d恰好是一正方形的四個頂點，則有（）A．a(chǎn)、b、c三點處電勢高低關系是acbB．質點由a到c，電勢能先增加后減小，在b點動能最小C．質點在a、b、c三點處的加速度大小之比為2:1:2D．若將d處的點電荷改為Q，該點電荷的軌跡可能仍為曲線abc10、一個籃球被豎直向上拋出后又落回到拋出點．假設籃球在運動過程中受到的空氣阻力大小與其運動的速度大小成正比，下列判斷正確的是（）A．上升過程中重力的沖量大小等于下降過程中重力的沖量大小B．籃球運動的過程中加速度一直減小C．上升過程中空氣阻力做的功等于下降過程中阻力做的功D．上升過程中空氣阻力的沖量大小等于下降過程中空氣阻力的沖量大小三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）為探究小燈泡的電功率P和電壓U的關系，小明測量小燈泡的電壓U和電流I，利用P=UI得到電功率．實驗所使用的小燈泡規(guī)格為“3.0V，1.8W”，電源為12V的電池，滑動變阻器的最大阻值為10Ω．(1)準備使用的實物電路如圖1所示．其中R0為定值電阻，以防止調節(jié)滑動變阻器時小燈泡兩端電壓過大．請將滑動變阻器接入電路的正確位置________________________．（用筆畫線代替導線）(2)現(xiàn)有R1=10Ω、R2=20Ω和R3=50Ω三只定值電阻，電路中的電阻R0應選____________．(3)小明處理數(shù)據(jù)后將P、U2描點在坐標紙上，并作出了一條直線，如圖2所示．請指出圖象中不恰當?shù)牡胤剑篲___________________________________________．12．（12分）探究小組在實驗選材中從實驗室找到一只小燈泡，其額定電壓為2.6V，額定功率模糊不清.于是小組商議通過描繪小燈泡的伏安特性曲線來測定小燈泡的額定功率，實驗時找到了以下器材（導線和開關除外）：A．電源（約為3.0V，內阻約為）B．電流表A（--0.6A，內阻為）C．電壓表V（0—1V，內阻為）D．定值電阻E.定值電阻F.滑動變阻器(1)在圖甲中畫出實驗電路圖___；(2)根據(jù)實驗數(shù)據(jù)，描繪出了如圖乙所示的伏安特性曲線，在0—0.6V內圖線為直線，則小燈泡不工作時的電阻為_________；當電壓大于0.6V后圖線為曲線，則隨著燈絲兩端電壓的增加，燈絲的電阻逐漸_________（填“增大”、“減小”或“不變”）；根據(jù)圖線可知，小燈泡的額定功率為__________W（結果保留2位小數(shù)）.四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）將一個電量為1×10－6C的負電荷從電場中的A點移到B點，克服電場力做功2×10－6J．從C點移到D點，電場力做功7×10－6J．若已知B點電勢比C點高3V，求：（1）A到B的電勢差UAB；（2）A到D的電勢差UAD；（3）設C點的電勢為零，則D點的電勢為多少？14．（16分）一個電荷量為,質量為的帶電粒子,由靜止經(jīng)電壓為U1=1600V的加速電場加速后,立即沿中心線O1O2垂直進入一個電壓為U2=2400V的偏轉電場,然后打在垂直于O1O2放置的熒光屏上的P點，偏轉電場兩極板間距為d=8cm,極板長L=8cm,極板的右端與熒光屏之間的距離也為L=8cm。整個裝置如圖示(不計粒子的重力)求：(1)粒子出加速電場時的速度v0；(2)粒子出偏轉電場時的偏移距離y；(3)P點到O2的距離。15．（12分）如圖所示的直角坐標系中，在直線x=－2l0的y軸區(qū)域內存在兩個大小相等、方向相反的有界勻強電場，其中x軸上方的電場的方向沿y軸負方向，x軸下方的電場方向沿y軸正方向,在電場左邊界上A(－2l0，－l0)到C(－2l0，0)區(qū)域內，連續(xù)分布著電荷量為+q，質量為m的粒子，從某時刻起由A點到C點間的粒子，依次連續(xù)以相同的速度v0沿x軸正方向射入電場，若從A點射入的粒子，恰好從y軸上的(0，l0)沿x軸正方向射出電場，其軌跡如圖所示，不計粒子的重力及它們間的相互作用。求：(1)勻強電場的電場強度E；(2)AC間還有哪些位置的粒子，通過電場后也能沿x軸正方向運動？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】

產(chǎn)生感應電流的條件是穿過閉合電路的磁通量發(fā)生變化,或閉合電路的一部分導體做切割磁感線運動.根據(jù)這個條件進行選擇,并根據(jù)楞次定律,即可分析求解.【詳解】A、位于磁場中的閉合線圈,只有磁通量發(fā)生變化,才一定會產(chǎn)生感應電流.故A錯誤.

B、穿過閉合電路的磁感線的條數(shù)發(fā)生變化,磁通量一定發(fā)生變化,則閉合電路中就有感應電流,若不閉合則電路中就沒有感應電流,但有感應電動勢.所以B選項是正確的.

C、根據(jù)楞次定律可以知道,感應電流的磁場與原磁場方向相同,或與原磁場的方向相反.故C錯誤.

D、楞次通過實驗研究,總結出電磁反應現(xiàn)象中感應電流方向的規(guī)律;故D錯誤;故選B2、B【解析】

AB、由磁感線的疏密可知Ba＜Bb，故A錯誤，B正確；C、某點的切線方向就是該點的磁場方向，故C錯誤；D、磁感線是假想的，不實際存在，a處沒有磁感線，磁感應強度也不為零，故D錯誤．3、D【解析】

歐姆表的零刻度在最右邊，指針偏角大說明被測電阻小，因此，要換小擋位×10，且要重新歐姆調零，故D正確，ABC錯誤；故選D。4、D【解析】

AB．最終電荷受電場力與洛倫茲力平衡，有解得UAB=Bdv只增大入射速度，則電勢差增大，只增大磁感應強度，電勢差增大，只增大兩板之間的距離，電勢差也會增大，故AB錯誤；C．依據(jù)電源的輸出功率表達式，當R=r時，輸出功率達到最大，因此僅增加負載的阻值，發(fā)電機的輸出功率不一定增大，故C錯誤；D．根據(jù)當只減小磁流體的噴射速度，發(fā)電機的總功率將減小，故D正確。

故選D。5、A【解析】

A.圖線上的點與原點連線的倒數(shù)等于電阻大小，由數(shù)學知識可知，隨著所加電壓的增大，小燈泡的電阻增大。故A正確；B.此電阻是非線性元件，其電阻不等于圖象切線斜率的倒數(shù),所以小燈泡的電阻為.故B錯誤；C.根據(jù)電阻的定義式可知,對應P點,小燈泡的電阻為.故C錯誤；D.由恒定電流的功率公式，推廣可知，對應P點，小燈泡的功率為圖中矩形PQOM所圍的面積。故D錯誤；6、A【解析】

把R1和R2并聯(lián)在電路中，并聯(lián)的總電阻R比R1和R2都小，I-U圖像中，斜率的倒數(shù)是電阻的大小，則R的伏安特性曲線的斜率大于R1和R2的伏安特性曲線的斜率，所以R的伏安特性曲線應該Ⅰ區(qū)，故A正確，BCD錯誤。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】

燈泡是非線性元件，根據(jù)L1、L2、L3的電壓，由伏安特性曲線可讀出電流，由R=U/I算出它們的電阻，再依據(jù)功率表達式P=UI，及并聯(lián)電路電壓相等，串聯(lián)電路電流相等，從而即可求解．【詳解】A.電路中的總電流為0.25A，則通過L1的電流為0.25A，則由圖可知，L1兩端的電壓為3.0V；因L2和L3并聯(lián)，則L2和L3電壓相等，它們的電阻相等，因此它們的電流也相等，則通過L2電流為0.125A，則由圖可知，L2兩端的電壓約為0.4V，故A錯誤；B、由伏安特性曲線可以讀出電流為I1=0.25A，電壓為U1=3V時的，L1消耗的電功率為P=U1I1=3×0.25=0.75W，故B正確；C、通過R2的電流為I2=0.125A,電壓U2=0.4V，功率P2=U2I2，約為0.05W，L1、L2消耗的電功率的比值大于4：1，故C正確；D、電流為I2=0.125A,電壓U2=0.4V，L2的電阻R2=U2/I2，約為3Ω，故D錯誤；故選BC.8、BC【解析】A、由于電流表視為短路，而電壓表視為短路，則分析電路結構可知，知R2、R3、R4串聯(lián)后與R1并聯(lián)，R5上無電流電流表示數(shù)為：解得：電流，電壓表的示數(shù)等于R4上的電壓，解得：；A錯誤，B正確；C、電容器C所帶的電量：；解得：；開關斷開后，電流將分別流過R1、R4和R2、R3，故流過R1的電量一定小于1.8×10﹣4C，C正確，D錯誤；故選BC．9、BC【解析】試題分析：根據(jù)負點電荷電場線分布可知，a、b、c三點處電勢高低關系是φa＝φc＜φb，選項A錯誤；質點由a到b，電場力做負功，電勢能增大，從b到c，電場力做正功，電勢能減小，故質點由a到c電勢能先增加后減小，在b點動能最小，選項B正確；設正方形的邊長為L，則對角線db長為，則,，所以電荷在abc三點受電場力關系為2:1:2，所以加速度大小之比為2∶1∶2，選項C正確；若將d處的點電荷改為＋Q，該帶正電的質點將受到斥力作用，所以運動的軌跡就不可能為曲線abc，選項D錯誤．考點：帶電粒子在電場中的運動．10、BD【解析】

上升過程，空氣阻力向下，根據(jù)牛頓第二定律，有：mg+f=ma1；下降過程，空氣阻力向上，根據(jù)牛頓第二定律，有：mg-f′=ma2；由于阻力大小與其運動的速度大小成正比，而在運動過程中，阻力先向下，再向上，故加速度一直減小，故B正確；根據(jù)運動過程可知，上升過程的平均速度大于下降過程的平均速度，所以有t1＜t2，故上升過程中重力的沖量大小要小于下降過程中重力的沖量大小，故A錯誤；由于阻力隨速度的變化而變化，所以上升過程的平均阻力較大，由于上升和下降過程的位移大小相同，因此阻力做功不同，故C錯誤；設t時刻物體的速度大小為v，經(jīng)過極短△t時間，空氣阻力的沖量為△If，則由題意知，空氣阻力大小為f=kv；△If=f△t=kv△t=k△x；等式兩邊求和，得：∑△If=∑k△x=kx；則得If=kx；因為上升與下降兩個過程中，物體通過的距離x相等，故知兩個過程空氣阻力沖量大小相等．故D正確．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、R1①圖線不應畫直線，應用平滑的曲線連接②橫坐標標度太大【解析】（1）測定小燈泡電功率實驗要求電流從零調，所以滑動變阻器應用分壓式接法，實物電路圖如圖所示：

（2）小燈泡的額定電流為：I==0.6A，所以通過電源的電流為I′=I+I變=0.6+0.3=0.9A，根據(jù)閉合電路歐姆定律，應有E=U+I′（r+R0），解得R0+r==10Ω，所以保護電阻應選10Ω的定值電阻R1；

（3）圖象中不恰當?shù)牡胤接孝賵D線不應畫直線，應用平滑的曲線連接；②橫坐標標度太大．12、3.0增大1.22【解析】

(1)[1]燈泡額定電壓為2.6V，電壓表量程為1V，電壓表應與定值電阻R2串聯(lián)改裝成3V的電壓表，由于電壓表內阻遠大于燈泡電阻，電流表應采用外接法，描繪燈泡伏安特性曲線電壓與電流應從零開始變化，滑動變阻器應采用分壓接法，實驗電路圖如圖所示：(2)[2]在0～0.6V內圖線為直線，由圖示圖象可知，小燈泡不工作時的電阻[3]當電壓大于0.6V后圖線為曲線，隨燈絲兩端電壓增加，通過燈泡的電流增加，圖線上各點與坐標原點的連線斜率減小即電阻增大，即燈絲的電阻逐漸增大；[4]由圖示圖象可知，燈泡