2025屆新疆哈密地區(qū)第二中學高二物理第一學期期末聯(lián)考模擬試題含解析

2025屆新疆哈密地區(qū)第二中學高二物理第一學期期末聯(lián)考模擬試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區(qū)內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規(guī)定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖虛線為某電場的等勢面，有兩個帶電粒子（重力不計），以不同的速率沿不同的方向，從A點飛入電場后，沿不同的徑跡1和2運動，由軌跡可以判定（）A.兩粒子帶電多少一定不同B.兩粒子的電性可能相同C.兩粒子的電勢能都是先減少后增大D.經過B、C兩點，兩粒子的速率可能相等2、如圖所示，電子以垂直于勻強磁場的速度，從A處進入長為，寬為的磁場區(qū)域，發(fā)生偏移而從B處離開磁場，從A至B的電子經過的弧長為，若電子電量為，磁感應強度為B（電子重力不計），則A.電子在磁場中運動的時間為B.電子在磁場中運動的時間為C.洛倫茲力對電子做功是D.電子在A、B兩處的速度相同3、三盞燈泡L1（110V、100W）、L2（110V、60W）和L3（110V、25W），電源所能提供的電壓為220V，在圖示的四個電路中，能通過調節(jié)變阻器R使電路中各燈泡均能夠正常發(fā)光且最省電的一種電路是()A. B.C. D.4、如圖所示為電視機顯像管的原理示意圖(俯視圖)，電子槍發(fā)射電子經加速電場加速后，再經過偏轉線圈打到熒光屏上，當偏轉線圈產生的偏轉磁場方向和強弱不斷變化，電子束打在熒光屏上的光點就會移動，從而實現掃描，下列關于熒光屏上光點說法正確的是（）A.光點打在A點，則磁場垂直紙面向里B.從A向O掃描，則磁場垂直紙面向外且不斷增強C.從O向B掃描，則磁場垂直紙面向里且不斷減弱D.從A向B掃描，則磁場先垂直紙面向外后垂直紙面向里5、小張在探究磁場對電流作用的實驗中,將直導線換作導體板,如圖所示,發(fā)現在兩點之間存在電壓進一步實驗結果如下表,由表中結果可知電壓電流磁感應強度電壓UabIBUI2B2UI3B3U2IB2U2IB3UA.與電流無關B.與磁感應強度無關C.與電流可能成正比D.與磁感應強度可能成反比6、電場強度的定義式為，則（）A.該定義式只適用于點電荷產生的電場 B.單位為N/CC.是標量 D.電場中各點電場強度都相同二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，回旋加速器D形盒的半徑為R，用該加速器給質量為m、電荷量為q的質子加速，狹縫間交變電場的電壓為U、周期為T，磁感應強度為B的勻強磁場與盒面垂直，忽略質子通過盒縫的時間。下列說法正確的有（）A.交變電場的周期為T＝B.增加電壓U可以增加質子離開出口的動能C.題知條件不變，該加速器可以直接用來加速氘核D.增加電壓U可以縮短質子在回旋加速器中的運動時間8、某空間存在著如圖甲所示的足夠大的沿水平方向的勻強磁場．在磁場中A、B兩個物塊疊放在一起，置于光滑水平面上，物塊A帶正電，物塊B不帶電且表面絕緣．在t＝0時刻，水平恒力F作用在物塊B上，物塊A、B由靜止開始做加速度相同的運動．在A、B一起向左運動的過程中，以下說法正確的是A.圖乙可以反映B對A的支持力大小隨時間t變化的關系B.圖乙可以反映B對A的摩擦力大小隨時間t變化的關系C.圖乙可以反映B對地面的壓力大小隨時間t變化的關系D.圖乙可以反映物塊A和物塊B的加速度大小隨時間t變化的關系9、如圖所示，平行板電容器的下極板接地，使上極板正帶電后，其電勢為φ．以下方法中，能使上極板電勢φ升高的是A.縮小兩極板間的距離B.加大兩極板間的距離C.在兩極板間插入電介質D.使兩極板的正對面積減小一些10、如圖所示的U-I圖象中，直線Ⅰ為某電源路端電壓與電流的關系圖線，直線Ⅱ為某一電阻R的U-I圖線．用該電源與電阻R連接成閉合電路，由圖象可知（）A.R的阻值為1.5ΩB.電源電動勢為3.0V，內阻為1.5ΩC.電源的輸出功率為3.0WD.電阻R消耗的功率為1.5W三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）為了描繪小燈泡的伏安特性曲線，某同學設計了如下的實驗電路，已知小燈泡的規(guī)格為“12V，5W”（1）閉合電鍵前，應將電路圖中的滑動變阻器的滑片移到______（填“a”或“b”）端．根據連接好的實物圖，調節(jié)滑動變阻器，記錄多組電壓表和電流表的讀數，作出的圖線如圖甲中實線所示，由圖線分析可知，小燈泡的電阻隨溫度的升高而______（填“增大”或“減小”）．若某次電流表的示數如圖乙所示，則此時小燈泡的功率為____W（保留兩位有效數字）（2）若圖像中的虛線Ⅰ或Ⅱ表示小燈泡真實的伏安特性曲線，與實驗中得到的實線相比，虛線_____（填“Ⅰ”或“Ⅱ”）才是其真實的伏安特性曲線12．（12分）某實驗小組為了測定某一標準圓柱形導體的電阻率，進行如下實驗：①首先用多用電表進行了電阻測量，主要實驗步驟如下：A.把選擇開關扳到“×10”歐姆擋上B.把表筆插入測試插孔中，先把兩根表筆相接觸，旋轉歐姆調零旋鈕，使指針指在電阻刻度的零位上C.把兩根表筆分別與圓柱形導體的兩端相接，發(fā)現這時指針偏轉較大D.換用“×100”的歐姆擋進行測量，隨即記下歐姆數值；E.把表筆從測試筆插孔中拔出后，將選擇開關旋至OFF，把多用電表放回原處上述實驗中有二處操作錯誤：錯誤一：____________________________________________錯誤二：____________________________________________②為使實驗更準確，又采用伏安法進行了電阻測量，如圖兩個電路方案中，應選擇圖_______________.用實驗中讀取電壓表和電流表的示數U、I和已知圓柱形導體的長度L和直徑d，計算電阻率的表達式為___________。（字母表示）四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，光滑的金屬導軌間距為L，導軌平面與水平面成角，導軌下端接有阻值為R的電阻，質量為m的金屬細桿ab與絕緣輕質彈簧相連并靜止在導軌上，彈簧勁度系數為k，上端固定，彈簧與導軌平面平行，整個裝置處在垂直于導軌平面斜向上的勻強磁場中，磁感應強度為現給桿一沿軌道向下的初速度，桿向下運動至速度為零后，再沿軌道平面向上運動達最大速度，大小為，然后減速為零，再沿軌道平面向下運動一直往復運動到靜止導軌與金屬桿的電阻忽略不計試求：(1)細桿獲得初速度瞬間，通過R電流大小；(2)當桿速度為時離最初靜止時位置的距離；(3)桿由初速度開始運動直到最后靜止，電阻R上產生的焦耳熱Q14．（16分）如圖所示，水平地面上方存在一磁場區(qū)域，EF為磁場的上水平邊界，在磁場上方有一邊長為L的正方形線框ABCD，其質量為m，電阻為R，將線框ABCD從AB邊距磁場上邊界2L處由靜止釋放，線框最終落在地面上，線框在整個運動過程中始終處于豎直平面內，且AB邊保持水平，以線框AB邊進入磁場時刻為計時起點，磁場的磁感應強度B隨時間t變化情況如圖所示，已知線框進入磁場過程中做勻速運動，磁場區(qū)域高度為7L．求：（1）線框AB邊剛進入磁場時磁場的磁感應強度（2）從線框釋放到AB邊落地過程中，線框中產生的焦耳熱15．（12分）如圖，平面直角坐標系xOy第II象限內存在沿x軸負方向的勻強電場，一質量為m、電荷量為q的帶負電粒子（不計重力），從x軸上的（-L，0）點，以大小為v0的速度沿y軸正方向射入電場，通過電場后從y軸上的C（0，2L）點進入第I象限。（1）求電場強度大小E；（2）若第I象限內存在方向垂直于坐標平面向里的勻強磁場，則上述粒子經磁場偏轉后將從x軸上的D（2L，0）點進入第IV象限。求該磁場的磁感應強度大小B；（3）若第I象限僅在某區(qū)域內存在大小仍為B，方向垂直于坐標平面向外的矩形勻強磁場，則上述粒子經磁場偏轉后將從x軸上D點垂直進入第IV象限，求該矩形磁場區(qū)域的最小面積。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】試題分析：由圖無法判定兩電荷在同一位置時所受電場力的大小，故無法判定兩粒子帶電量的大小關系，故A錯誤．由圖可知電荷1如果不受電場力的話將沿直線向中心電荷運動，而本題中電荷1卻逐漸遠離了中心電荷，故電荷1受到中心電荷的斥力，而電荷2受到中心電荷的引力，故兩粒子的電性一定不同．故B錯誤．由B選項分析可知2粒子在從A向C運動過程中電場力先做正功后做負功，電勢能先減小后增大，而粒子1在從A向B運動過程中電場力先做負功后做正功，電勢能小增大后減小，故C錯誤；從A到B和從A到C電場力做功不同，而兩粒子的初速度不同，所以經過B、C兩點，兩粒子的速率可能相等，D正確；故選D考點：帶電粒子在電場中的運動點評：根據軌跡判定“電荷1受到中心電荷的斥力，而電荷2受到中心電荷的引力”是解決本題的突破口2、B【解析】根據確定運動時間，根據洛倫茲力的特點判斷洛倫茲力是否做功.【詳解】AB．粒子走過的路程為s，則運動時間，故B正確，A錯誤；C．洛倫茲力始終與運動方向垂直，不做功，故C錯誤；D．洛倫茲力不做功，粒子速度大小不變，但速度方向改變，故AB處速度不同，D錯誤故選B3、C【解析】根據可知，電壓相同時，功率越大，電阻越?。甃1為121歐姆，L2201歐姆，L3為484歐姆．根據串并聯(lián)特點，L1、L2并聯(lián)總電阻小于L1，不可能正常發(fā)光，B排除．由于A的總電阻小于C的總電阻，根據可知，A總功率大于C，A排除．C電阻為2倍L1電阻，而D的總電阻小于2倍L1的電阻，所以C的功率最小考點：串并聯(lián)電阻點評：本題考查了串并聯(lián)電阻的電阻特點，通過進行判斷電阻的功率，4、D【解析】A．光點打在A點，在偏轉磁場中洛倫茲力向上，電流向左，根據左手定則，磁場垂直紙面向外，故A錯誤；B．從A向O掃描，在偏轉磁場中洛倫茲力方向一直是向上，電流向左，故根據左手定則，磁場一直垂直紙面向外，但轉彎半徑變大，由于是洛倫茲力提供向心力，故則有說明磁感應強度是減小的，故B錯誤；C．從O向B掃描，在偏轉磁場中洛倫茲力方向一直是向下，電流向左，故根據左手定則，磁場一直垂直紙面向里，但轉彎半徑變小，由于，說明磁感應強度是增強的，故C錯誤；D．從A向B掃描，其中從A向O點掃描過程磁場垂直紙面向外，從O向B掃描過程磁場垂直紙面向里，故D正確5、C【解析】由表格數據可知，當控制電流I相同時，電壓U與磁感應強度B成正比，當控制磁感應強度B相同時，則有電壓U與電流I成正比，綜合所述可知，電壓可能與電流，或磁感應強度成正比，故C正確，ABD錯誤；6、B【解析】A．該定義式適用于任何電場，選項A錯誤；B．電場強度的單位為N/C，選項B正確；C．電場強度既有大小又有方向，是矢量，選項C錯誤；D．電場中各點電場強度不一定都相同，選項D錯誤。故選B。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】A．根據帶電粒子在磁場中運動的周期與加速電場的周期相等，交變電場的周期為，故A正確。B．根據R是D形金屬盒的半徑，知質子獲得的最大速度則最大動能與加速的電壓無關，故B錯誤；C．由上分析可知，加速電場的周期與加速粒子的比荷有關，氘核與質子的比荷不同，因此加速器不可以直接用來加速氘核，故C錯誤；D．根據質子圓周運動的周期公式，T與質子的速度大小無關，所以若只增加加速電壓U，不會改變質子在回旋加速器中運行的周期，但加速次數減小，則運行時間也會變小，故D正確。故選AD。8、AC【解析】對整體分析，運用牛頓第二定律得出加速度，判斷出整體的運動規(guī)律，然后求出洛倫茲力與時間的變化關系；運用隔離法求出A對B的摩擦力的大小、A對B的壓力大小【詳解】對整體分析，運用牛頓第二定律得出加速度：，水平方向受到的力不變，使用B的加速度不變．物體由靜止做勻加速運動，速度v=at；故洛倫茲力：F=qvB=qBat，A受的支持力：N=mAg+qvB=mAg+qBat，符合圖中所示規(guī)律，故A正確；物塊B對物塊A的摩擦力大小f=mAa，所以f隨時間t的變化保持不變，故不可能是摩擦力的變化圖象，故B錯誤．對整體分析可知，N'=mAg+mBg+qvB=mAg+mBg+qBat，故同樣可以由圖示規(guī)律表示，故C正確．整體的加速度不變，則選項D錯誤；故選AC.【點睛】解決本題關鍵能夠正確地進行受力分析，運用牛頓第二定律進行求解，以及注意整體法和隔離法的運用．同時還要掌握洛倫茲力的特點，明確洛倫茲力的大小和方向規(guī)律9、BD【解析】A項：縮小兩極板間的距離，由公式可知，電容增大，由公式可知，U減小，由于下極板接地，所以上板的電勢降低，故A不可行；B項：加大兩極板間的距離，由公式可知，電容減小，由公式可知，U增大，由于下極板接地，所以上板的電勢升高，故B可行；C項：在兩極板間插入電介質即介電常數增大，由公式可知，電容增大，由公式可知，U減小，由于下極板接地，所以上板電勢降低，故C不可行；D項：使兩極板的正對面積減小一些，由公式可知，電容減小，由公式可知，U增大，由于下極板接地，所以上板的電勢升高，故D可行故選BD10、ABD【解析】A、由兩圖線的交點知，，故A正確；B、直線I在縱軸上的截距為電動勢，即E=3V，斜率的絕對值為內阻，即，選項B正確；CD、電源的輸出功率P=UI=1.5W，也等于電阻R消耗的功率，選項C錯誤，D正確三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.（1）a，②.增大，③.2.4；④.（2）Ⅱ【解析】（1）開始時應讓測量部分電壓為零，故開關應移到a端開始調節(jié)；由圖可知圖象的斜率越來越小，則說明電阻越來越大，小燈泡的電阻隨溫度的升高而增大；由電流表示數可知，電流大小為0.4A，則由圖可知，電壓為6.0V，故燈泡功率P=UI=6×0.4=2.4W；（2）由于電流表采用外接法，由于電壓表分流使電流表示數偏大，而電壓表是準確的，故相同電壓電流應偏小，故II為真實的圖象12、①.換用“×100”的歐姆擋，應換用換用“×1”的歐姆擋②.換擋后沒有進行歐姆調零③.乙④.【解析】①[1][2]錯誤一：用“×10”歐姆擋測電阻，指針偏轉較大，說明電阻偏小，應該選用較小擋位，即換用“×1”的歐姆檔，換用“×100”的歐姆檔是錯誤的；錯誤二：歐姆表換擋后要重新進行歐姆調零，實驗過程中歐姆表換擋后沒有進行歐姆調零，這是錯誤的；②[3][4]題