重慶市2023-2024學(xué)年高二年級上冊期中物理試題（含答案）

重慶市2023-2024學(xué)年高二上學(xué)期期中物理試題

姓名：班級：考號：

題號一二三總分

評分

一'選擇題（共48分，其中1-8題每小題只有一個(gè)正確選項(xiàng)，每小題4分；9-12題每小題有多個(gè)正

確選項(xiàng)，全部選對的每題得4分，未選全的得2分，有選錯(cuò)的得0分）

1.下面是某同學(xué)對電場中的一些概念及公式的理解，其中正確的是（）

A.由E知，電場中某點(diǎn)的電場強(qiáng)度與試探電荷所帶的電荷量成反比

B.由石=上爰知，電場中某點(diǎn)的電場強(qiáng)度僅與場源電荷所帶的電荷量有關(guān)

C.由知，帶電荷量為1C的正電荷，從A點(diǎn)移動(dòng)到B點(diǎn)克服電場力做功為1J,則A、B兩點(diǎn)間

q

的電勢差為一IV

D.由。=皆知，電容器的電容與其所帶電荷量成正比，與兩極板間的電壓成反比

2.某導(dǎo)線中的電流是7.5X10-3A,則通過導(dǎo)線橫截面的電荷量為15c所需要的時(shí)間為

A.2.0x104sB.2.0x106sC.2.0><105sD.2.0xl03s

3.隨著生活水平的提高，電子秤已成為日常生活中不可或缺的一部分。如圖所示是用平行板電容器制成的廚

房用電子秤及其電路簡圖。稱重時(shí)，把物體放到電子秤面板上，壓力作用會(huì)導(dǎo)致平行板上層膜片電極下移，則

下列說法正確的是（）

A.電容器的電容減小

B.電容器的帶電電荷量減少

C.電容器兩極板間電場強(qiáng)度減小

D.膜片下移過程中，電流表有b到a的電流

4.勻強(qiáng)電場的方向平行于xOy平面，平面內(nèi)a、b、c三點(diǎn)的位置如圖所示，三點(diǎn)的電勢分別為10V、16V、

22V,下列說法不正確的是（）

1

八y/m

6父----------?

4-

2-

0------1-----1------——?

246x/m

A.0點(diǎn)的電勢（po=16V

B.電場強(qiáng)度的大小為E=2V/m

C.電子在a點(diǎn)的電勢能比在b點(diǎn)的高6eV

D.將一正電荷從c移至a電場力做功是將此電荷從b移至a電場力做功的2倍

5.如圖的電路中，UAB=15V,RI=R2=R3=3Q,那么，理想電壓表和理想電流表的示數(shù)分別為（）

o—LH4~IR—°

/&R2尺3B

A.10V,10AB.15V,10AC.15V,5AD.5V,5A

6.如圖甲為電場中的一條電場線，沿電場線建立坐標(biāo)軸。若坐標(biāo)軸上O?X2間各點(diǎn)的電勢中分布如圖乙所示,

A.在。?X2間，電場強(qiáng)度先減小后增大

B.在O?X2間，電場強(qiáng)度方向沒有發(fā)生變化

C.若一負(fù)電荷從O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到X2點(diǎn)，電勢能逐漸減小

D.從O點(diǎn)靜止釋放一僅受電場力作用的正電荷，則該電荷在O?X2間一直做勻加速運(yùn)動(dòng)

7.在校園學(xué)術(shù)節(jié)之物理學(xué)科周活動(dòng)中，某同學(xué)重現(xiàn)了教材上的一個(gè)“魔術(shù)”。如圖所示，在一個(gè)沒有底的空塑

料瓶內(nèi)固定著一根鐵鋸條和一塊易拉罐（金屬）片，把它們分別跟起電機(jī)的兩極相連，實(shí)驗(yàn)時(shí)，在塑料瓶里放

一盤點(diǎn)燃的蚊香，很快就看見整個(gè)透明塑料瓶里煙霧繚繞。然后搖動(dòng)起電機(jī)，頓時(shí)塑料瓶內(nèi)清澈透明，停止搖

動(dòng)，又是煙霧繚繞，下列關(guān)于該實(shí)驗(yàn)的說法中正確的是（）

2

A.鋸條換成同寬度口金屬直尺效果更好

B.起電機(jī)搖動(dòng)前，需先讓煙塵顆粒帶上電荷才能做成功

C.若鋸條接起電機(jī)負(fù)極，金屬片接正極，則這些煙塵附著在金屬片上面

D.起電機(jī)搖動(dòng)時(shí)，塑料瓶內(nèi)易拉罐（金屬）片邊電場強(qiáng)度最大

8.如圖所示，豎直平面內(nèi)的固定光滑圓形絕緣軌道的半徑為R,A、B兩點(diǎn)分別是圓形軌道的最低點(diǎn)和最高

點(diǎn)，圓形軌道上C、D兩點(diǎn)的連線過圓心0且0C與豎直向下方向的夾角為60。?？臻g存在方向水平向右且平

行圓形軌道所在平面的勻強(qiáng)電場，一質(zhì)量為m的帶負(fù)電小球（視為質(zhì)點(diǎn)）恰好能沿軌道內(nèi)側(cè)做完整的圓形軌道

運(yùn)動(dòng)，且小球通過D點(diǎn)時(shí)的速度最小。重力加速度大小為g。下列說法正確的是（）

A.小球受到的電場力大小為&zng

B.小球通過D點(diǎn)時(shí)的速度大小為歷

C.小球在運(yùn)動(dòng)過程中的最大速度為^

D.小球通過C點(diǎn)時(shí)所受軌道的作用力大小為12mg

9.下列說法正確的是（）

A.摩擦起電和感應(yīng)起電均是電荷發(fā)生轉(zhuǎn)移所致

B.電荷量很小的電荷就是元電荷

C.一檢驗(yàn)電荷在以一個(gè)點(diǎn)電荷為球心，半徑為r的球面上各點(diǎn)所受電場力相同

D.所有物體帶電量一定是元電荷的整數(shù)倍

10.如圖所示，實(shí)線為某一點(diǎn)電荷的電場線，虛線為某帶電粒子只在電場力作用下的運(yùn)動(dòng)軌跡，a、b、c是軌

跡上的三個(gè)點(diǎn)，則（）

3

A.粒子一定帶正電

B.粒子在c點(diǎn)的速度比在b點(diǎn)的速度小

C.粒子在c點(diǎn)的電勢能比在b點(diǎn)的電勢能小

D.c點(diǎn)電勢比a點(diǎn)低

11.如圖所示，大量程電壓表、電流表都是由靈敏電流表G和變阻箱R改裝而成。已知靈敏電流表G的滿偏

電流為Ig=300mA,內(nèi)阻為Rg=10Q,變阻箱接入電路的阻值為R。下列說法正確的是（）

A.改裝為0.6A量程的電流表，選擇圖甲，R=5Q

B.改裝為0.6A量程的電流表，選擇圖甲，R=10Q

C.改裝為15V量程的電壓表，選擇圖甲，R=20Q

D.改裝為15V量程的電壓表，選擇圖乙，R=40Q

12.如圖所示，某多級直線加速器由n個(gè)橫截面積相同的金屬圓筒依次排列，其中心軸線在同一直線上，各金

屬圓筒依序接在交變電源的兩極M、N上，序號為C的金屬圓板中央有一個(gè)質(zhì)子源，質(zhì)子逸出的速度不計(jì)，M、

N兩極加上如圖所示的電壓HMN，一段時(shí)間后加速器穩(wěn)定輸出質(zhì)子流。已知質(zhì)子質(zhì)量為m、電荷量為e,質(zhì)子

通過圓筒間隙的時(shí)間不計(jì)，且忽略相對論效應(yīng)，則（）

MI1?x__nz

?ISSSSLIJLIJLIJLX]

N^QTTV__zc____

甲

A.質(zhì)子在各圓筒中做勻加速直線運(yùn)動(dòng)

B.加速器筒長和加速電壓不變，若要加速荷質(zhì)比更大的粒子，則要調(diào)小交變電壓的周期

C.各金屬筒的長度之比為1：V2：V3：

D.質(zhì)子進(jìn)入第n個(gè)圓筒時(shí)的瞬時(shí)速度為ffeUo

\m

二'實(shí)驗(yàn)題（本題共2小題，共計(jì)13分，第11題6分，第12題7分。）

13.某同學(xué)通過實(shí)驗(yàn)測定一個(gè)阻值約為5。的電阻&的阻值?，F(xiàn)有電源（3V,內(nèi)阻可不計(jì)）、滑動(dòng)變阻器（阻

值范圍為0?50。，允許通過的最大電流為2A）、電流表（量程為0?0.6A,內(nèi)阻約為0.125C）、電壓表（量程為

0?3V,內(nèi)阻約為3kQ）以及開關(guān)和導(dǎo)線若干。

甲乙

（1）實(shí)驗(yàn)電路應(yīng)采用圖中的（填“甲”或“乙”）。

（2）若選用甲電路，產(chǎn)生誤差的主要原因是；若選用乙電路，產(chǎn)生誤差的主要原因是。

（用字母代號填寫）

A.電流表測量值小于流經(jīng)％的電流值

B.電流表測量值大于流經(jīng)&的電流值

C.電壓表測量值大于心兩端的電壓值

D.電壓表測量值大于上兩端的電壓值

（3）接通開關(guān)，改變滑動(dòng)變阻器滑片的位置，并記錄對應(yīng)的電流表示數(shù)I、電壓表示數(shù)U。某次電表示數(shù)如

14.電阻率是用來表示各種物質(zhì)電阻特性的物理量。某同學(xué)在實(shí)驗(yàn)室測量一均勻新材料制成的圓柱體的電阻率。

（1）用螺旋測微器測量其橫截面直徑如圖甲所示，由圖可知其直徑為

mm,如圖乙所示，用游標(biāo)卡尺測其長度為cm,如圖丙所示，用多用電表x1Q擋粗測其電阻為

(lo

乙丙

（2）為了減小實(shí)驗(yàn)誤差，需進(jìn)一步測量圓柱體的電阻，除待測圓柱體氏外，實(shí)驗(yàn)室還備有的實(shí)驗(yàn)器材如下,

要求待測電阻兩端的電壓調(diào)節(jié)范圍盡量大，則電壓表應(yīng)選,電流表應(yīng)選,滑動(dòng)變阻器應(yīng)

選。（均填器材前的字母代號）

A.電壓表力（量程3U,內(nèi)阻約為15kQ）

B.電壓表匕（量程5匕內(nèi)阻約為75kQ）

C.電流表41（量程0.64內(nèi)阻約為1Q）

D.電流表4（量程34內(nèi)阻約為0.2。）

E.滑動(dòng)變阻器％（阻值范圍0?5Q,1.04）

F.滑動(dòng)變阻器/?2（阻值范圍0?2000。，0.1X）

G.直流電源E（電動(dòng)勢為3匕內(nèi)阻不計(jì)）

H.開關(guān)S,導(dǎo)線若干

（3）若流經(jīng)圓柱體的電流為/,圓柱體兩端的電壓為U,圓柱體橫截面的直徑和長度分別用。、L表示，則

用/、U表示該圓柱體電阻率的關(guān)系式為p=0

三'計(jì)算題（本題共4小題，共計(jì)39分，第15題8分，第16題8分，第17題10分，第18題13分。）

15.如圖所示，水平地面上固定一個(gè)光滑絕緣斜面，斜面與水平面的夾角為仇一根輕質(zhì)絕緣細(xì)線的一端固定

在斜面頂端，另一端系有一個(gè)帶電小球A。細(xì)線與斜面平行，小球A的質(zhì)量為m,電荷量為q。小球A的右

側(cè)固定放置帶電小球B,兩球心的高度相同，間距為d。.靜電力常量為k,重力加速度為g。兩帶電小球可視為

點(diǎn)電荷。小球A靜止在斜面上。求：

（1）若B球帶正電且細(xì)線對A球的拉力剛好為0,則B球電量大小是多少；

（2）若B球帶負(fù)電且斜面對A球的支持力剛好為0,則B球電量大小是多少。

16.如圖所示，空間中有一對彼此絕緣的平行金屬帶電極板MN,一帶電液滴恰好靜止在極板MN之間的A

點(diǎn)處，已知金屬板M、N之間相距為d=8cm,其中N板接地，帶電液滴的質(zhì)量為m=4xl0-4kg,帶電量為q=2xlO-6C,

取g=10m/s2o

------------------------------M

?A

+--------------------------N

（1）求MN兩板間的電勢差UMN;

（2）若A點(diǎn)到N板的距離為3cm,試求液滴在A點(diǎn)的電勢能EpA。

17.如圖所示，豎直放置的平行板電容器兩板間電勢差為U=100V,xOy平面坐標(biāo)系第I象限內(nèi)分布著沿y

軸正方向的勻強(qiáng)電場，一個(gè)帶負(fù)電的粒子從電容器左板處由靜止開始加速，穿過右板后垂直于y軸從P點(diǎn)處射

6

入電場，并從X軸上的A點(diǎn)處射出。已知P點(diǎn)的縱坐標(biāo)為Im,A點(diǎn)的橫坐標(biāo)為2m,帶電粒子的電荷量與質(zhì)量

的比值弟=L8X10^C/kg,不考慮帶電粒子所受的重力。

(2)求勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)E；

(3)若在過y軸上的B點(diǎn)處放一張感光膠片，感光膠片與x軸平行，B點(diǎn)的縱坐標(biāo)為-1m。帶電粒子打到

感光膠片上會(huì)使膠片曝光。求感光膠片上曝光點(diǎn)的橫坐標(biāo)。

18.如圖建立xOy直角坐標(biāo)系，在其第二象限中放置平行金屬板A、B和平行于金屬板的細(xì)管C,細(xì)管C開

口緊靠金屬板右側(cè)且與兩板等距，另一開口在y軸上。放射源P在A極板左端，可以沿任意方向發(fā)射某一速度

的帶電粒子。當(dāng)A、B板加上某一大小為U的電壓時(shí)，有帶電粒子剛好能以速度vo從細(xì)管C水平射出，進(jìn)入

位于第一象限的靜電分析器并恰好做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，t=0時(shí)刻帶電粒子垂直于x軸進(jìn)入第四象限的交變電場中，

交變電場隨時(shí)間的變化關(guān)系如圖乙(圖上坐標(biāo)均為已知物理量)，規(guī)定沿x軸正方向?yàn)殡妶稣较?，靜電分析

器中電場的電場線為沿半徑方向指向圓心0,場強(qiáng)大小為E。。已知帶電粒子電荷量為+q,質(zhì)量為m,重力不計(jì)。

(2)帶電粒子在靜電分析器中的軌跡半徑r和運(yùn)動(dòng)時(shí)間to；

(3)當(dāng)t=nT時(shí),帶電粒子的坐標(biāo)。(n=l,2,3........)

7

答案解析部分

1.【答案】C

【解析】【解答】A、電場強(qiáng)度取決于電場本身，與有無試探電荷無關(guān)，故A錯(cuò)誤；

B、根據(jù)石=左已知，。是場源電荷，電場中某點(diǎn)電場強(qiáng)度與場源電荷的電量成正比，與該點(diǎn)到場源電荷距離

的平方成反比，故B錯(cuò)誤；

C.根據(jù)（/池=9知，帶電量為1C正電荷從/點(diǎn)移動(dòng)到5點(diǎn)克服電場力做功為1J,即電場力做功為一1J,

則/、8點(diǎn)的電勢差為

故C正確；

D.C=g是電容的定義式，電容器的電容與所帶電荷量、兩極板間的電壓無關(guān)，電容是描述電容器容納電荷本

領(lǐng)的物理量，取決于電容器本身，故D錯(cuò)誤。

故答案為：Co

【分析】電場強(qiáng)度取決于電場本身，與有無試探電荷無關(guān)；

E=哈為點(diǎn)電荷的電場強(qiáng)度公式；

克服電場力做正功，則電場力做負(fù)功；

C=g是電容的定義式，電容器的電容與所帶電荷量、兩極板間的電壓無關(guān)。

2.【答案】D

【解析】【解答】根據(jù)

T

解得

Q15a

I7.5xIO-3

故D正確，ABC錯(cuò)誤。

故答案為：D。

【分析】根據(jù)/=9弋入數(shù)據(jù)計(jì)算得出。

3.【答案】D

【解析】【解答】A.根據(jù)

ES

C=-------j-7

471kd

平行板上層膜片電極下移時(shí)，兩個(gè)極板的距離減小，可知，電容器的電容增大，故A錯(cuò)誤；

BD.電容器一直和電源相連，兩極板的電壓不變，根據(jù)

8

可知當(dāng)電容增大時(shí)，電容器的帶電荷量增大，則電容器被充電，電流表有從6到4的電流，故B錯(cuò)誤，D正確;

C.根據(jù)

U

E^d

可知，平行板上層膜片電極下移時(shí)，兩個(gè)極板的距離減小，則場強(qiáng)變大，故C錯(cuò)誤。

故答案為：D。

【分析】根據(jù)C=品結(jié)合下移d減小判斷，再根據(jù)C=gu不變判斷Q的變化，得出電流方向；

根據(jù)E=g判斷電勢的變化。

a

4.【答案】B

【解析】【解答】A、根據(jù)

(Pc~(Pb—(Pb~<Pa

可知a所在的等勢線和c所在的等勢線與b所在的等勢線距離相等，則根據(jù)幾何關(guān)系可知，0b為等勢線，故0

點(diǎn)的電勢00=16匕故A正確；

B、電場線與等勢線垂直，故根據(jù)幾何關(guān)系可知，電場線方向由c指向a,則

U_(p—(p_22-10

caV/m=y[2V/m

E==

dacJ62+62

故B錯(cuò)誤;

C、根據(jù)

Ep=(pq

可知，從b到a電勢能增大，增大量為

△Ep=((pb-(Pa)q=6eV

故C正確；

D、將一正電荷從c移至a電場力做功

匕="

正電荷從b移至a電場力做功

勿2=Ubaq

而

Uca=2Uba

則

W1=2勿2

故D正確。

9

本題選擇不正確的，故答案為：Bo

【分析】根據(jù)小一以=心一九結(jié)合幾何關(guān)系得出0點(diǎn)電勢大小；

再根據(jù)電場線與等勢線垂直，結(jié)合E=g==也代入數(shù)據(jù)計(jì)算；

根據(jù)Ep=cpq判斷出電勢能高低；

根據(jù)W=Uq,根據(jù)電勢差大小進(jìn)行判斷。

5.【答案】C

【解析】【解答】從A點(diǎn)進(jìn)入后分了兩條干路，一條電流經(jīng)過電流表流入生，另一條流過并聯(lián)的母、治，然從

再流過電壓表再流出，等效電路圖，如圖所示

理想變壓器測AB之間的電壓，即示數(shù)為15V；電流表讀數(shù)為

故C正確，ABD錯(cuò)誤。

故答案為：Co

【分析】根據(jù)串并聯(lián)電路得出等效電路，再根據(jù)歐姆定律得出理想電流表示數(shù)。

6.【答案】B

【解析】【解答】A、根據(jù)

d=-d-

可得圖線的斜率表示電場強(qiáng)度，從圖上可以看出斜率先變大后變小，則電場強(qiáng)度先變大后變小，故A錯(cuò)誤；

B、在0?X2間，電勢逐漸降低，電場強(qiáng)度的方向由高電勢的地方指向低電勢的地方，故電場場強(qiáng)方向一直沿x

軸正方向，故B正確；

C、根據(jù)

Ep=<pq

可知負(fù)電荷電勢越低，電勢能越大，所以從。點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到X2點(diǎn)，負(fù)電荷的電勢能逐漸增大，故C錯(cuò)誤；

D、由在0?X2之間圖線的斜率不是定值可知，電場是非勻強(qiáng)電場，電荷受電場力是變力，電荷做變加速運(yùn)動(dòng)，

故D錯(cuò)誤。

故答案為：Bo

10

【分析】根據(jù)E=9=”聲得出圖像斜率表示電場強(qiáng)度，得出電場為非勻強(qiáng)電場；

aa

電場強(qiáng)度的方向由高電勢的地方指向低電勢的地方；

根據(jù)Ep=gq判斷電勢能變化。

7.【答案】C

【解析】【解答】A、根據(jù)尖端放電原理，鋸條換成同寬度的金屬直尺，尖端變少，周圍空氣電離的本領(lǐng)降低，

效果變差，故A錯(cuò)誤；

B、起電機(jī)搖動(dòng)，鋸條和金屬片之間產(chǎn)生電場，讓空氣電離，煙塵顆粒俘獲電離出的負(fù)離子，故煙塵顆粒帶上

負(fù)電荷，故起電機(jī)搖動(dòng)前，不需煙塵顆粒帶上電荷，故B錯(cuò)誤；

C、若鋸條接電源負(fù)極，金屬片接正極，在電場力的作用下，俘獲負(fù)離子的煙塵向正極移動(dòng)，最終被吸附到金

屬片上，故C正確；

D、起電機(jī)搖動(dòng)時(shí)，由于尖端放電原因，鋸條尖端旁邊周圍空氣電離的本領(lǐng)最大，電場強(qiáng)度最大，故D錯(cuò)誤。

故答案為：Co

【分析】根據(jù)尖端放電原理判斷；

靜電除塵接通靜電高壓時(shí)，存在強(qiáng)電場，使空氣電離，產(chǎn)生負(fù)離子和正離子；

負(fù)離子在電場力的作用下，向正極移動(dòng)時(shí)，碰到煙塵微粒使它帶負(fù)電，帶電塵粒在電場力的作用下，向正極移

動(dòng)，最終煙塵被吸附到金屬片上；

8.【答案】D

【解析】【解答】A、小球通過D點(diǎn)時(shí)的速度最小，則在該點(diǎn)電場力與重力的合力沿半徑方向，則小球受到的電

場力大小為

解得

F=zngtan60°=y[3mg

故A錯(cuò)誤；

B、。點(diǎn)為豎直平面內(nèi)圓周運(yùn)動(dòng)的等效最高點(diǎn)，恰好能完整的做圓周運(yùn)動(dòng)，在等效最高點(diǎn)有最小速度，此時(shí)電

場力與重力的合力剛好提供向心力，則有

mg嗎

cos60。耳

解得

VD=

故B錯(cuò)誤；

C、由圖可知，小球在等效最低點(diǎn)C點(diǎn)的速度最大，故小球從。到C的過程中，由動(dòng)能定理可得

11

mq1,1,

而前產(chǎn)2R=2哂-2%

解得

?c=JiOgR

故c錯(cuò)誤；

D、在C點(diǎn)，由牛頓第二定律得

W_mvc

FNcos600-R

解得

FN=12N

故D正確。

故答案為：D。

【分析】根據(jù)在D點(diǎn)速度最小，可知，此時(shí)電場力和重力的合力方向?yàn)榘霃椒较颍?/p>

根據(jù)等效最高點(diǎn)與最低點(diǎn)列式，分別根據(jù)合外力提供向心力和動(dòng)能定理了列式；

根據(jù)牛頓第二定律列式。

9.【答案】A,D

【解析】【解答】A、摩擦起電和感應(yīng)起電實(shí)質(zhì)都是電荷發(fā)生轉(zhuǎn)移，故A正確；

B、元電荷是物體最小的帶電量，故B錯(cuò)誤；

C、一檢驗(yàn)電荷在以一個(gè)點(diǎn)電荷為球心，半徑為廠的球面上各點(diǎn)所受電場力大小相等，方向不同，故C錯(cuò)誤。

D、所有物體帶電量一定是元電荷的整數(shù)倍，故D正確；

故答案為：ADo

【分析】熟悉三種帶電方式的原理；

元電荷是物體最小的帶電量；

場強(qiáng)方向不同，電場力方向不同，熟悉點(diǎn)電荷電場線畫法；

所有物體帶電量一定是元電荷的整數(shù)倍。

10.【答案】A,B

【解析】【解答】A.根據(jù)運(yùn)動(dòng)軌跡可知，電場力方向指向軌跡的凹側(cè)，故電場力方向與電場方向相同，粒子帶

正電，故A正確；

BC.根據(jù)沿電場線方向電勢降低，可知c點(diǎn)電勢比6點(diǎn)高，根據(jù)

Ep=(pq

由于粒子帶正電，所以粒子在c點(diǎn)的電勢能比在6點(diǎn)的電勢能大，故從c到b電勢能減小，動(dòng)能增大，故粒子

在c點(diǎn)的速度比在△點(diǎn)的速度小，故B正確，C錯(cuò)誤；

D.根據(jù)沿電場線方向電勢降低，。點(diǎn)電勢比a點(diǎn)高，故D錯(cuò)誤。

12

故答案為：ABo

【分析】根據(jù)運(yùn)動(dòng)軌跡判斷出電場力方向得出電場線方向與電場力方向一致，可得出帶正電；

根據(jù)沿電場線方向電勢降低，結(jié)合Ep=<pq得出電勢能大小，從而判斷出速度大小。

11.【答案】B,D

【解析】【解答】AB.將靈敏電流計(jì)改裝為0.6A量程的電流表，需要并聯(lián)一個(gè)電阻，根據(jù)歐姆定律可得

嚕

R=10Q

故A錯(cuò)誤，B正確；

CD.將靈敏電流計(jì)改裝為15V量程的電壓表，需串聯(lián)一個(gè)電阻，選擇圖乙，根據(jù)歐姆定律可得

U=Ig(Rg+R)

R=40Q

故C錯(cuò)誤，D正確。

故答案為：BDo

【分析】根據(jù)改裝電流表并聯(lián)電阻；改裝電壓表串聯(lián)電阻，結(jié)合歐姆定律計(jì)算。

12.【答案】B,C

【解析】【解答】A.金屬圓筒中處于靜電屏蔽狀態(tài)，故電場為零，質(zhì)子不受電場力，做勻速運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤;

BCD.只有質(zhì)子在每個(gè)圓筒中勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)間為47時(shí)，才能保證每次在縫隙中被電場加速，則第"個(gè)圓筒長度

根據(jù)動(dòng)能定理可得

12neU0

Ln=2?J~m~

所以各金屬筒的長度之比為1：V2：8：…，保持加速器筒長和加速電壓不變，荷質(zhì)比增大，則T減小，故

BC正確，D錯(cuò)誤。

13

故答案為：BCo

【分析】金屬圓筒中處于靜電屏蔽狀態(tài)，電場為零，粒子做勻速直線運(yùn)動(dòng);

判斷質(zhì)子的運(yùn)動(dòng)時(shí)間，根據(jù)動(dòng)能定理列式，得出結(jié)論。

13.【答案】(1)甲

(2)B；D

(3)2.60；0.50；5.20

【解析】【解答】⑴根據(jù)

個(gè)RVRA—V3x103x0.125(1?19(1>5。

故電流表外接，故選甲；

(2)若選用甲電路，產(chǎn)生誤差的主要原因是因?yàn)殡娏鞅韺?shí)際測量電壓表與待測電阻電流，電流偏大，故選B；

若選用乙電路，產(chǎn)生誤差的主要原因是電壓表測量的電壓包括電流表與待測電阻電壓，電壓偏大，故選D。

(3)電壓表讀數(shù)為2.60V,電流表讀數(shù)為0.50A；根據(jù)歐姆定律可得

U2.60「

R-—f-=八廣——=5.20Q

XI0.50

【分析】(1)根據(jù)西瓦>7?久外接判斷；

(2)熟練掌握電流表內(nèi)外接誤差原因；

(3)根據(jù)電表讀數(shù)規(guī)律得出數(shù)值，需要估讀；根據(jù)歐姆定律可得。

14.【答案】(1)1.844(4.842?1.846均可);4.240；6.0或6

(2)A；C；E

(力nD2U

【解析】【解答】(1)根據(jù)螺旋測微器的讀數(shù)規(guī)律可得直徑為

D—1.5mm+34.5x0.01mm=1.845mm

游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為

1

L=4.2cm+8x—4.240mm

用多用電表x1Q擋粗測其電阻為611；

(2)直流電源E電動(dòng)勢為3匕故電壓表選用力,故選A；

根據(jù)歐姆定律可得

故選電流表乙,故選C；

測量需要減小實(shí)驗(yàn)誤差，便于調(diào)節(jié)，故選滑動(dòng)變阻器較小的，故選E；

(3)根據(jù)歐姆定律可得

14

u

Rx=1

根據(jù)電阻定律可得

LL

R%==P-Q==o-P------n----

嗚）2

整理解得

nDW

【分析】（1）螺旋測微器上的固定刻度最小刻度為0.5mm,可動(dòng)刻度每轉(zhuǎn)一圈前進(jìn)或后退0.5mm,可動(dòng)刻度上

共有50等分刻度，每等份刻度為0.01mm,螺旋測微器讀數(shù)是先讀取固定刻度的整毫米或半毫米數(shù)，然后讀取

可動(dòng)刻度上的部分，將兩者相加即為螺旋測微器的讀數(shù)；游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為=主尺+1/分度x對齊的條數(shù)；多用

電表電阻讀數(shù)為擋位x讀數(shù)；

（2）根據(jù)電源電動(dòng)勢選用電壓表；根據(jù)歐姆定律用電源電動(dòng)勢比測出的圓柱體阻值得出電流范圍進(jìn)而選取電

流表；滑動(dòng)變阻器要便于測量；

（3）根據(jù)電阻定律列式求解。

15.【答案】（1）由題意，細(xì)線拉力為零，則

kqqB

tan0=---------

B球電量大小為

（2）由題意，支持力為零，則

B球電量大小為

,_mgd2

"B-kqtand

【解析】【分析】（1）根據(jù)細(xì)線拉力為零，對A受力分析，根據(jù)平衡條件得出結(jié)論;

（2）根據(jù)支持力為0,對A進(jìn)行受力分析得出結(jié)論。

16.【答案】（1）由平衡條件有

qE=mg

兩板間的電壓為

U=Ed

解得

15

E=2000V/m,U=160V

由于場強(qiáng)向上，N板電勢較高，MN間的電勢差為

UMN=-1607

(2)NA兩點(diǎn)間的電勢差

UNA=EdNA=60V

UNA=(PN-<PA

N點(diǎn)的電勢為零，則A點(diǎn)的電勢

cpA=-60V

則液滴在A點(diǎn)的電勢能為

EPA=Q<PA

EPA=-1.2XIO-47

【解析】【分析】(1)根據(jù)平衡條件受力分析，再根據(jù)勻強(qiáng)電場電場強(qiáng)度公式，得出電場強(qiáng)度，以及MN之間

的電勢差，再根據(jù)電場方向判斷電勢差大??；

(2)根據(jù)UNA=EdNA求出A點(diǎn)電勢，再根據(jù)埒4=q(pA求出電勢能。

17.【答案】(1)根據(jù)動(dòng)能定理可得

12

qU=27n琦

解得

[2qU6,

6

%=Jm=6x10m/s

(2)設(shè)粒子在A點(diǎn)速度方向與x軸夾角為氏根據(jù)類平拋運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)可得，速度方向反向延長線過水平位移的

中點(diǎn)，則

0P

tan0=-r------=1

匆

所以

e=45°

所以豎直方向的速度

6

vy—Vo—6x10m/s

從P到A的運(yùn)動(dòng)時(shí)間

豎直方向上有

16

解得