2025屆高考物理一輪復習模擬試卷（安徽卷）含解析

2025屆高考物理一輪復習收官模擬安徽卷

(試卷滿分：100分；考試時間：75分鐘)

一'選擇題：本題共8小題，每小題4分，共32分.在每小題給出的四個選項中，只有一項是

符合要求的.

1.北斗二期導航系統(tǒng)的“心臟”是上海天文臺自主研發(fā)的星載氫原子鐘，它是利用氫原子能級

躍遷時輻射出來的電磁波去控制校準石英鐘的。如圖為氫原子能級圖，則下列說法正確的是

()

〃紇/eV

OO----------------------0

5------------------------0.54

4------------------------0.85

3------------------------1.51

2------------------------3.40

1-----------------------13.6

A.氫原子從低能級向高能級躍遷時輻射光子

B.大量處于〃=4能級的氫原子向低能級躍遷時，形成的線狀光譜總共有3條亮線

C.大量處于"=4能級的氫原子輻射出來的光子中，波長最長的光子能量為0.66eV

D.用大量能量為3.6eV的光子持續(xù)照射處于基態(tài)的氫原子，可使其電離

2.質(zhì)量為2kg的物體置于水平面上，在運動方向上受拉力作用而沿水平方向作勻變速運動，

拉力作用2s以后撤出，物體運動的速度圖像如圖所示，g^lOm/s2,則下列說法中正確的是

()

A.拉力廠做功的最大功率為150WB.拉力廠做功350J

C.物體克服摩擦力做功100JD.物體克服摩擦力做功175J

3.波源甲、乙分別在一根水平放置的繩的左右兩端，兩波源發(fā)出的波振幅和波長均相等，在

繩中的傳播速度均是lm/s,在y0時刻繩上的波形如圖所示，則根據(jù)波的疊加原理，以下說

法中正確的是（）

A.當/=2s時，波形如圖中①所示，當/=4s時，波形如圖中②所示

B.當/=2s時,波形如圖中①所示，當/=4s時，波形如圖中③所示

C.當/=2s時，波形如圖中②所示，當/=4s時，波形如圖中①所示

D.當/=2s時,波形如圖中②所示，當/=4s時，波形如圖中③所示

4.如圖所示，滑輪大小可忽略的傾斜傳送帶以恒定速率順時針轉(zhuǎn)動。將小物塊（可視為質(zhì)

點）輕放在傳送帶底端尸點，小物塊運動至傳送帶頂端。在小物塊運動過程中，下列說法正

確的是（）

A.小物塊所受摩擦力做的功等于小物塊動能的增加量

B.若小物塊運動到頂端時恰好與傳送帶共速，則兩者間因摩擦而產(chǎn)生的內(nèi)能恰好等于小物塊

增加的動能

C.若小物塊運動到頂端時恰好與傳送帶共速，則兩者間因摩擦而產(chǎn)生的內(nèi)能恰好等于小物塊

增加的機械能

D.無論小物塊與傳送帶是否達到共速，電動機額外消耗的電能一定等于小物塊克服重力做的

功與兩者間產(chǎn)生的摩擦熱之和

5.a、b、c、d四顆地球衛(wèi)星，。還未發(fā)射，在地球赤道上隨地球一起轉(zhuǎn)動，向心加速度為為；

b處于較低的軌道上，離地心距離為八運行角速度為牡，加速度為。2；。是地球同步衛(wèi)星，

離地心距離為4%運行角速度為例，加速度為生；d是高空探測衛(wèi)星，各衛(wèi)星排列位置如圖

所示，地球的半徑為七則以下說法正確的是（）

C.經(jīng)=2D.衛(wèi)星b每天可以觀測到8次的日出

電1

6.如圖所示，某建筑工人正用鐵夾夾起五塊磚從車上卸下來.已知每塊磚的質(zhì)量均為機，重力

加速度為g,不計鐵夾重力，下列說法正確的是（）

A.工人對鐵夾的作用力一定始終等于5mg

B.若5塊磚保持靜止，則磚塊Z受到的摩擦力等于磚塊C受到的摩擦力

C.若5塊磚保持靜止，則磚塊8對磚塊Z的摩擦力平行接觸面向上

D.若5塊磚保持靜止，增大磚塊之間的彈力，則磚塊間的摩擦力也增大

7.沖擊擺是用來測量子彈速度的一種簡單裝置.如圖所示，將一個質(zhì)量很大的砂箱用輕繩懸掛

起來，一顆子彈水平射入砂箱，砂箱發(fā)生擺動.若子彈射擊砂箱時的速度為v,測得沖擊擺的

最大擺角為〃，砂箱上升的最大高度為〃，則當子彈射擊砂箱時的速度變?yōu)?V時，下列說法

正確的是（）

A.沖擊擺的最大擺角將變?yōu)?0

B.沖擊擺的最大擺角的正切值將變?yōu)?tan6

C.砂箱上升的最大高度將變?yōu)?h

D.砂箱上升的最大高度將變?yōu)?〃

8.如圖甲所示，兩個帶有異種電荷的小球穿在絕緣圓環(huán)上，a、b、c、d為圓環(huán)與坐標軸的四

個交點。球2固定在某位置（圖中沒有畫出），球1從。處開始沿圓環(huán)逆時針移到。處，設

球1與坐標原點。的連線跟x軸正方向的夾角為e,圖乙和圖丙分別為兩個小球在坐標原點

。產(chǎn)生的電場強度在x方向和y方向的大小與夾角。的關系圖線，則（）

以104N/C)￡；(104N/C)

0.5兀兀

‘0.5兀冗0

A.球2固定在d處

B.球1帶負電荷、球2帶正電荷

C.球1與球2的電荷量之比為4:5

D.球1受到的電場力先增大后減小

二、選擇題：本題共2小題，每小題5分，共10分.在每小題給出的選項中，有多項符合題目

要求.全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分.

9.如圖所示，傾角為a的光滑固定斜面底端有一固定擋板P,兩個用輕彈簧連接在一起的滑塊

M,N置于斜面上處于靜止狀態(tài)。現(xiàn)給滑塊〃一個沿斜面向上的瞬時沖量使之沿斜面向上運

動，當滑塊N剛要離開擋板時滑塊/的速度為V。已知〃、N的質(zhì)量均為機彈簧的勁度系數(shù)

為左，彈簧始終處于彈性限度內(nèi)。則關于從物塊M開始運動到物塊N剛要離開擋板的過程，

下列說法中正確的是（）

A.滑塊〃的位移為刎*

B.滑塊N剛要離開擋板的瞬間，滑塊M的加速度大小為2gsina

4.m3g2sm?2a

C.滑塊M獲得瞬時沖量的大小為

k

D.重力對滑塊可做的功為2/g>in2a

k

10.如圖甲所示，/和N是豎直放置的足夠長的不帶電平行金屬板，間距為小兩板間有垂直

紙面向外磁感應強度為8的勻強磁場。一電子從〃板上的小孔垂直金屬板射入，打到N板時

的速度方向與射入方向的夾角為30。。若讓兩板分別帶上圖乙所示的等量異種電荷，電子以

同樣的速度射入后恰好打不到N板，已知電子的比荷為左，則（）

MN

甲

A.圖甲中電子的軌跡半徑為d

B.圖甲中電子從射入到打在N板所需的時間為其

3kB

C.電子從小孔射入時的速度大小為2Bkd

D.圖乙中兩極板間的電勢差大小為女爐/

2

三、非選擇題：共5題，共58分.

11.某同學利用等腰直角玻璃甚測玻璃的折射率。主要步驟如下：

①將白紙平鋪在木板上，在白紙上畫直線跖V,將玻璃磚底邊與"N重合，在紙上標記玻璃

磚頂點a；

②將大頭針4豎直插在合適的位置，再移動大頭針6,用視線觀察，在巴擋住片和玻璃磚頂

點a處豎直插入；

③移走玻璃磚和大頭針，過6、巴作直線交"N于。點，用圓規(guī)以。為圓心、以為半徑

畫圓，交6、巴于6點，如圖。

a

請接著完成后續(xù)實驗步驟，算出玻璃的折射率〃。

（1）在圖中畫出所需的輔助線，并標注相應的字母。

（2）玻璃折射率的計算公式為：〃=。（用相應字母符號表示）

（3）請?zhí)岢鲆粭l減少實驗誤差的方案：o

12.圖（a）為某同學組裝完成的簡易多用電表的電路圖。圖中E是電池；/為、氏3、&和火5

是定值電阻，4是可變電阻：表頭?的滿偏電流為250piA,內(nèi)阻為480。。虛線方框內(nèi)為換

擋開關，幺端和8端分別與兩表筆相連。該多用電表有5個擋位，5個擋位為：直流電壓IV

擋和5V擋，直流電流1mA擋和2.5mA擋，歐姆X100。擋。

（1）圖（a）中的Z端與（填“紅”或“黑”）色表筆相連接。

（2）關于&的使用，下列說法正確的是（填正確答案標號）。

A.在使用多用電表之前，調(diào)整凡使電表指針指在表盤左端電流“0”位置

B.使用歐姆擋時，先將兩表筆短接，調(diào)整凡使電表指針指在表盤右端電阻“0”位置

C.使用電流擋時，調(diào)整凡使電表指針盡可能指在表盤右端電流最大位置

（3）根據(jù)題給條件可得R1+R2=,叫=0

（4）某次測量時該多用電表指針位置如圖（b）所示。若此時8端是與“1”相連的，則多用

電表讀數(shù)為；若此時8端是與“3”相連的，則讀數(shù)為；若此時8端是與“5”

相連的，則讀數(shù)為o（結(jié)果均保留3位有效數(shù)字）

13.如圖，一豎直放置的汽缸內(nèi)密封有一定量的氣體，一不計厚度的輕質(zhì)活塞可在汽缸內(nèi)無摩

擦滑動，移動范圍被限制在卡銷°、b之間，6與汽缸底部的距離瓦=10月，活塞的面積為

1.0x10-2m2。初始時，活塞在卡銷。處，汽缸內(nèi)氣體的壓強、溫度與活塞外大氣的壓強、溫

度相同，分別為1.0xl（）5pa和300K。在活塞上施加豎直向下的外力，逐漸增大外力使活塞緩

慢到達卡銷b處（過程中氣體溫度視為不變），外力增加到200N并保持不變。

（1）求外力增加到200N時，卡銷6對活塞支持力的大??；

（2）再將汽缸內(nèi)氣體加熱使氣體溫度緩慢升高，求當活塞剛好能離開卡銷6時氣體的溫度。

14.如圖所示，質(zhì)量啊=3kg的滑塊Z靜止在質(zhì)量根2=lkg的木板8的左端，木板B靜置于水

平地面上，木板右側(cè)適當位置有一固定的光滑圓弧軌道。尸0,圓弧的半徑氏=-111、圓心角

。=37。，圓弧在尸點與水平方向相切，且尸點與長木板上表面等高，圓弧軌道的右側(cè)有平

臺.滑塊Z在大小為18N的水平恒力/作用下向右運動，2s后撤去R一段時間后滑塊Z與木

板相對靜止，此時滑塊Z恰好從尸點滑上圓弧軌道，滑塊從。點離開圓弧軌道后剛好以水平

速度滑上平臺左端，已知滑塊/與木板5之間的動摩擦因數(shù)4=0.2,木板8與水平地面之

間的動摩擦因數(shù)〃2=0』，重力加速度g=10m/s2,sin37°=0.6,cos37。=0.8.不計空氣阻力.

求：

（1）前2s內(nèi)滑塊幺和木板8的加速度大??；

（2）滑塊幺滑上圓弧軌道尸點時對尸點的壓力大?。?/p>

（3）。點與平臺左側(cè)的水平距離.

15.如圖所示，足夠長的光滑金屬導軌平行放置，固定在水平面上，間距』=1.0m,導軌處于

豎直向上的勻強磁場中，磁感應強度大小8=2.0T,導軌左端的單刀雙擲開關可分別與電阻

或電容器相連接，已知定值電阻火=2.0。，電容器電容C=01F,導體棒質(zhì)量加=0.4kg、電

阻尸=1.0。，其余電阻不計。開始電容器不帶電，導體棒靜置于導軌上，開關合向?qū)w

棒施加水平向右的/=4N的拉力，當導體棒勻速運動時撤去尸，導體棒始終與導軌垂直且接

觸良好。

(1)求拉力的最大功率;

(2)求撤去尸后定值電阻R中產(chǎn)生的熱量;

(3)若撤去尸的同時將開關合向6,求導體棒最終運動的速度大小。

答案以及解析

1.答案：C

解析：A.氫原子從低能級向高能級躍遷時需要吸收光子，故A錯誤；

B.大量處于〃=4能級的氫原子向低能級躍遷時，形成的線狀光譜總共有6條亮線，分別是

4.3、4.2、4—1、3.2、3.1、2.1能級之間躍遷產(chǎn)生的。故B錯誤；

C.大量處于"=4能級的氫原子輻射出來的光子中，波長最長的光子能量為4.3能級產(chǎn)生

的，能量大小為0.66eV。故C正確；

D.若想使處于基態(tài)的氫原子電離，光子的能量最小需要13.6eV，故D錯誤。

故選C。

2.答案：D

解析：A.由圖可知，減速時的加速度4=^&=S^m/s2=-2.5m/s2根據(jù)牛頓第二定律，

可得物體受到的摩擦力-/=ma2解得/=5N加速階段得加速度

%=2^"="『m/s2=2-5m/s2根據(jù)牛頓第二定律可知/-/=機/解得尸=10N所以拉力

的最大功率己=E%=100W,A錯誤；B.在拉力方向上的位移X]=；(5+10)x2m=15m所以

拉力做的功仁=-1=150J,B錯誤；CD.整個階段的位移x=15m+；xl0x4m=35m故克服

摩擦力所做的功力=/c=175JC錯誤，D正確。故選D。

3.答案：D

解析：波速v=lm/s,在/=2s時，兩列波都傳到x=2m和x=3m之間，根據(jù)波的疊加原理

可知，疊加后各質(zhì)點位移為0,如圖中②所示；兩列波傳播時互不干擾，因此/=4s時，兩列

波都傳到了對方一側(cè)，如圖中③所示，因此D正確.

4.答案：C

解析：A.根據(jù)動能定理可知

Wf-WG=AEk

則小物塊所受摩擦力做的功大于小物塊動能的增加量，故A錯誤；

BC.若物塊滑到頂端時恰好與傳送帶共速，此時滑塊的位移

V

x——t

12

傳送帶的位移

x2=vt

產(chǎn)生的熱量

此過程中摩擦力對木塊做功為

匕=A4加=。

根據(jù)動能定理可知

%-%3k

即

匕=改機

摩擦力對物塊做的功等于物塊機械能的增量，則兩者間因摩擦而產(chǎn)生的內(nèi)能恰好等于物塊增

加的機械能，故B錯誤，C正確；

D.電動機額外消耗的電能等于小物塊增加的機械能與小物塊和傳送帶間產(chǎn)生的摩擦熱之和，

故D錯誤。

故選C。

5.答案：D

解析：A.衛(wèi)星圍繞地球做圓周運動，根據(jù)萬有引力提供向心力有6坐=根?？傻?，衛(wèi)星繞地

q

球運動的向心加速度大小為。=絲可知衛(wèi)星繞地球運動的向心加速度與其軌道半徑q的平

方成反比。然而衛(wèi)星。在地球赤道上隨地球一起轉(zhuǎn)動，向心力只來自于萬有引力的一小部

分，所以衛(wèi)星。的向心加速度不與軌道半徑々的平方成反比，則,故A錯誤；B.

半徑心大于衛(wèi)星。的軌道半徑〃所以衛(wèi)星d的運動周期4大于24小時，故B錯誤；CD.衛(wèi)星

圍繞地球做圓周運動，根據(jù)萬有引力提供向心力有G^=機療々可得。反則有

"二吁=§,則衛(wèi)星b每天可以觀測到8次的日出，故C錯誤，D正確。

0)3Vr1

6.答案：B

解析：A.工人卸磚過程中，鐵夾及磚塊有加速、減速過程，所以工人對鐵夾及磚塊整體的作

用力可能大于、等于或小于5機g,A錯誤；BC.整個系統(tǒng)處于平衡狀態(tài)，故磚塊4C所受的

摩擦力都與其重力是一對平衡力，故二者受到的摩擦力相等。將5塊磚作為整體受力分析，

則有

5mg

2f=5mg,再單獨對/受力分析，則有

f=mg+fBA,解得加=L5mg,方向豎直向下，B正確，C錯誤；D.增大磚塊之間的彈力,

由于磚塊間的摩擦是靜摩擦，跟磚塊間的彈力無關，始終等于磚塊的重力，D錯誤。故選

Bo

7.答案：D

解析：設子彈的質(zhì)量為根，砂箱的質(zhì)量為河，砂箱上升的最大高度為〃，最大偏轉(zhuǎn)角為仇沖

擊擺的擺長為心以子彈和砂箱作為整體，在子彈和砂箱一起升至最高點的過程中，由機械

能守恒定律得：+=[m+M^gh;解得：v共=12gfi;在子彈射入砂箱的過程中，

系統(tǒng)的動量守恒，以子彈的初速度方向為正方向，由動量守恒定律得：加v=(加+反口共，聯(lián)

立解得：丫=竺士絲.聞，同理可知，若子彈的入射速度為2V時，滿足關系：

m

2,=3土”.麴7,故〃=4〃，D正確；討論：(1)沖擊擺的最大偏轉(zhuǎn)角滿足：

m

cos9=?，由于不知道〃與上之間的關系，所以不能判斷出沖擊擺的最大擺角是否將變?yōu)?/p>

L

2夕故A錯誤；(2)由于不知道〃與力之間的關系，所以不能判斷出沖擊擺的最大擺角的正

切值是否將變?yōu)?tan。，故B錯誤；故本題選D.

8.答案：A

解析：

AB.根據(jù)圖乙可知，當球1位于6點時，坐標原點。處在x方向的場強為零，則可知球2一定

在y軸上，否則其產(chǎn)生的場強總會在x軸方向上有分量，且隨著球1從。到c,坐標原點。處

在x方向的場強先沿著x軸負方向，再沿著x軸正方向，由此可知球1帶正電，則球2帶負

電，而若球2在d處，在其在坐標原點。處產(chǎn)生的場強與球1在坐標原點。處產(chǎn)生的場強在

了軸正方向的場強不為零，但由圖丙可知，坐標原點。處了軸方向上的場強總是沿著了軸負方

向的，因此可知球2一定在b處，故A正確，B錯誤；

C.設圓的半徑為凡由圖乙可得，當球1在。點時

F=^-^=5X104N/C

*R2

線=壟=4X1()4N/C

了R2

可得

/：%=5:4

故c錯誤；

D.根據(jù)庫侖定律可得，小球1受到的電場力

F=k噲

在球1沿著圓環(huán)從。到c的過程中，兩球之間的距離工先增大，后減小，則可知球1受到的

電場力先減小后增大，故D錯誤。

故選Ao

9.答案：BC

解析：A.滑塊河、N置于斜面上處于靜止狀態(tài)時，彈簧處于壓縮狀態(tài)，根據(jù)胡克定律有

機gsina=何物塊N剛要離開擋板時，彈簧處于拉伸狀態(tài)，根據(jù)胡克定律有Mgsina=日?滑

塊川的位移為x=X|+x,解得x=2〃?gsina故A錯誤;B.滑塊N剛要離開擋板的瞬間，對滑

k

塊V進行分析，根據(jù)牛頓第二定律有機gsina+日2=能。解得。=2gsina故B正確；D.重力

對滑塊/做的功為瓶=-mg{xx+/)sina解得少=_2療g?sin2a故口錯誤；c.結(jié)合上述可

k

知，滑塊〃向上運動過程中，彈簧初始位置的壓縮量等于末位置的伸長量，即彈簧初末狀態(tài)

2

的彈性勢能相等，根據(jù)系統(tǒng)機械能守恒可得gm；-1mv=mg(x1+x2)sin?滑塊〃獲得瞬時

3

沖量的大小1=mv0聯(lián)立解得1=心g”.島J故C正確。故選BC。

10.答案：CD

解析：ABC.圖甲中電子的運動軌跡如圖所示

根據(jù)幾何關系可得rsin30。=d,可得電子的軌跡半徑為r=2d,由洛倫茲力提供向心力可得

qvB=機E,可得電子從小孔射入時的速度大小為v=幽=2Bkd,電子從射入到打在N板所需

rm

30°1271m兀

的時間為T==石，故AB錯誤，C正確；D.圖乙中設電場強度大小為E,

36012qB6kB

將電子射入速度V進行如圖分解

F

其中豎直向下分速度匕產(chǎn)生的洛倫茲力與電場力平衡，則有=可得匕=百，可知電子

在復合場中將以％豎直向下做運動直線運動，同時以速率匕逆時針做勻速圓周運動，電子以

同樣的速度射入后恰好打不到N板，則對于圓周運動的軌跡如圖所示

根據(jù)幾何關系可得&=d+&sin。，由洛倫茲力提供向心力可得028=掰五，聯(lián)立可得

GJ"二二=白,可得以8=:丫=%—%sindn%一%，又達=寸+寸，聯(lián)立解得

l-sm〃qBkB2

Vi=-v=-kBd,則圖乙中兩極板間的電勢差大小為U=Ed=~Bd=242,故D正確。故

4212

選CD。

11.答案：（1）見解析（2）嗎（3）改變插針位置，重復實驗，多次測量取平均值

aa'

解析：（1）如圖所示，過。作“N的垂線CO,過a作CO的垂線，垂足為a',過6作CO

的垂線，垂足為Z/。

c

bb'

(2)玻璃折射率〃=遮=.="，計算公式為〃="。

smaaaaa

r

(3)減少實驗誤差的方案：改變插針位置，重復實驗，多次測量取平均值。

12.答案:⑴黑

(2)B

(3)160；880

(4)1.47mA；l.lOxlO3Q；2.95V

解析：(1)為了確保電表“紅”進“黑”出，Z端應與“黑”色表筆相連接。

(2)凡應是歐姆擋的歐姆調(diào)零電阻，故B項正確。

(3)當換擋開關接2時，為直流電流1mA擋，滿足4為=(/-%)(?+&)，得

火］+&=160Q。

當換擋開關接4時，為直流電壓IV擋，則滿足。=/(7?并+&),/?并=120Q,得凡=880Q。

(4)若B端與“1”相連，則為直流電流2.5mA擋，由1/5估讀法可得讀數(shù)為1.47mA。若

B端與“3”相連，則為歐姆xlOOQ擋，可得讀數(shù)為1.10x103Q。若B端與“5”相連,則為

直流電壓5V擋，可得讀數(shù)為2.95V。

13.答案:(1)100N(2)327K

解析：(1)活塞從位置。到6過程中，氣體做等溫變化，初態(tài)月=L0xl()5pa、匕=S」1月

末態(tài)?2=?、K=S-10ab

根據(jù)

PK=22匕

解得

Pi=l.lxlO5Pa

此時對活塞根據(jù)平衡條件

F+PiS=p,S+N

解得卡銷b對活塞支持力的大小

N=100N

(2)將汽缸內(nèi)氣體加熱使氣體溫度緩慢升高，當活塞剛好能離開卡銷6時，氣體做等容變

化，初態(tài)

5

p2=l.lxlOPa,7；=300K

末態(tài)，對活塞根據(jù)平衡條件

P3s=尸+P[S

解得

5

p3=1.2xlOPa

設