湖北省“荊、荊、襄、宜”四地七?？荚嚶?lián)盟2025屆物理高二上期中統(tǒng)考試題含解析

湖北省“荊、荊、襄、宜”四地七?？荚嚶?lián)盟2025屆物理高二上期中統(tǒng)考試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區(qū)內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規(guī)定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、物體處于平衡狀態(tài)，下列說法中正確的是A．物體一定保持靜止B．物體一定做勻速直線運動C．物體所受合力不為零D．物體所受合力為零2、真空中有兩個靜止的點電荷，它們之間的作用力為F，若它們的帶電量都增大為原來的3倍，距離增大為原來的2倍，它們之間的相互作用力變?yōu)锳．16F B． C． D．3、直流電動機的線圈電阻為R，正常工作時，電動機兩端的電壓為U，通過的電流強度為I，工作時間為t，下列說法正確的是A．電動機線圈產生的熱量為I2RtB．電動機線圈產生的熱量為C．電動機消耗的電能為D．電動機輸出的機械能為UIt4、已知如圖，R1=6Ω，R2=3Ω，R3=4Ω，則接入電路后這三只電阻的（）A．電流之比I1:I2:I3=1:2:3B．電流之比I1:I2:I3=6:3:4C．電壓之比U1:U2:U3=1:2:3D．電壓之比U1:U2:U3=6:3:45、在“測定金屬絲的電阻率”的實驗中，以下操作中錯誤的是（）A．用米尺測量金屬絲的全長，且測量三次，算出其平均值，然后再將金屬絲接入電路中B．用螺旋測微器在金屬絲三個不同部位各測量一次直徑，算出其平均值C．用伏安法測電阻時采用電流表外接法，多次測量后算出平均值D．實驗中應保持金屬絲的溫度不變6、如圖所示，有兩個帶正電的驗電器，金屬箔片張開一定角度，用導體棒接觸圖甲驗電器頂端小球，將一對金屬枕形導體靠近圖乙驗電器放置。下列描述正確的是A．圖甲中，若發(fā)現(xiàn)驗電器金屬箔片張開角度減小，說明導體棒可能帶負電B．圖甲中，若導體棒不帶電，則一定有正電荷轉移到導體棒上C．圖乙中，電子將從A端移至B端D．圖乙中，若用手接觸A端，A端金屬箔片將閉合，B端金屬箔片保持張開二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，內壁光滑的半球形碗固定不動，其軸線垂直于水平面，兩個質量相同的小球A和B緊貼著內壁，分別在如圖所示的水平面內做勻速圓周運動，則A．球A對碗壁的壓力小于球B對碗壁的壓力B．球A的線速度小于球B的線速度C．球A的角速度大于球B的角速度D．球A的向心加速度大于球B的向心加速度8、關于電表，下列說法正確的是：A．利用串聯(lián)電路中電阻分壓原理，可將電流表串聯(lián)一個分壓電阻改裝成電壓表B．如果要將電壓表量程擴大n倍，則所串的分壓電阻應是內阻的n倍C．用同一表頭做成的電流表，電流表的量程越大，其內阻越小D．當電流表測某電路的電流時，測量值一定總是小于真實值9、某帶電粒子只受電場力作用，從C向D運動，其軌跡如圖中虛線所示，由此可判定（）A．此粒子一定帶正電B．此粒子在C處的加速度大于在D處的加速度C．此粒子在C處的電勢能大于在D處的電勢能D．此粒子在C處的動能大于在D處的動能10、如圖電路中，A、B為兩塊豎直放置的金屬板，G是一只驗電器，開關S合上時，靜電計張開一個角度，下述情況中可使指針張角增大的是（）A．合上S，使A、B兩板靠近一些B．合上S，使A、B正對面積錯開一些C．斷開S，使A、B間距增大一些D．斷開S，使A、B正對面積錯開一些三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在“測定金屬絲電阻率”的實驗中,需要測量的物理量有U、I、d、L：（1）用螺旋測微器測金屬絲直徑時讀數(shù)如圖甲，則金屬絲的直徑為______mm．（2）若用圖乙測金屬絲的電阻，則測量結果將比真實值_____選填“偏大”或“偏小”（3）用給定的物理量符號表示，該金屬絲的電阻率為_____________12．（12分）在“測定金屬的電阻率”的實驗中，所用測量儀器均已校準，待測金屬絲接入電路部分長度約為50cm.(1)用螺旋測微器測量金屬絲的直徑，其中某一次測量結果如圖所示，其讀數(shù)為______mm；(2)用伏安法測量金屬絲的電阻.實驗所用的器材為：電池組（電動勢3V，內阻約1）、電流表（內阻約0.1）、電壓表（內阻約）、滑動變阻器，額定電流2A，開關、導線若干.實驗前已用多用電表粗測得待測金屬絲的電阻約為.則實驗中應采用圖中的__________圖對應的電路.（選填“A”或“B”）(3)由于電阻的測量存在系統(tǒng)誤差，因此本實驗測得電阻率與真實值比較偏______（選填“大”或“小”）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，水平固定一個光滑長桿，有一個質量為m小滑塊A套在細桿上可自由滑動．在水平桿上豎直固定一個擋板P，小滑塊靠在擋板的右側處于靜止狀態(tài)，在小滑塊的下端用長為L的細線懸掛一個質量為2m的小球B，將小球拉至左端水平位置使細線處于自然長度，由靜止釋放，已知重力加速度為g．求：(1)小球運動過程中，相對最低點所能上升的最大高度；(2)小滑塊運動過程中，所能獲得的最大速度．14．（16分）如圖所示,帶負電的小球靜止在水平放置的平行板電容器兩板間,距下板0.8cm,兩板間的電勢差為300V.如果兩板間電勢差減小到60V,則帶電小球運動到極板上需多長時間(g=10m/s2)?15．（12分）微型直流電動機的內阻一定,把它接入電壓為??1=3V.的電路時,電動機不轉,測得此時流過電動機的電流是??1＝6??;若把電動機接入電壓為??2=2V.的電路中,電動機正常工作,工作電流??2=1??,求:(1)電動機線圈的電阻R;(2)電動機正常工作時輸出的機械功率。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】試題分析：物體處于平衡狀態(tài)，物體可能保持靜止或做勻速直線運動，物體所受合力為零．A、B、平衡狀態(tài)指勻速直線運動狀態(tài)或保持靜止的狀態(tài)，即兩種狀態(tài)都有可能，故A錯誤，B也錯誤；C、D物體處于平衡狀態(tài)，加速度為零，根據(jù)牛頓第二定律得知，物體所受合力為零．故C錯誤，D正確．故選D?？键c：共點力平衡的條件及其應用．點評：平衡狀態(tài)是日常生活中的一種常見的狀態(tài)，從受力角度講，是物體受到的合力為零的狀態(tài)，從運動角度講，是加速度為零的狀態(tài)．2、B【解析】

由庫侖定律可得變化前為：，變化后為：A．16F．故A不符合題意．B．．故B符合題意．C．．故C不符合題意．D．．故D不符合題意．3、A【解析】

AB.根據(jù)焦耳定律得，電動機線圈產生的熱量為Q=I2Rt；電動機正常工作時，其電路是非純電阻電路，歐姆定律不成立，線圈產生的熱量．故A正確，B錯誤．C.電動機兩端的電壓為U，通過的電流強度為I，工作時間為t，則電功為W=UIt，電動機消耗的電能為W=UIt；電動機正常工作時，其電路是非純電阻電路，歐姆定律不成立，則；故C錯誤．D.由能量轉化和守恒定律得，電動機輸出的機械能；故D錯誤．4、A【解析】

圖中電阻R1與R2并聯(lián)后與R3串聯(lián)；并聯(lián)電阻為：R12=R1R2R1+R2=6×36+3Ω=2Ω；并聯(lián)電路電壓相等，串聯(lián)電路電壓比等于電阻比，故：

U并：U3=R12：R3=2：4=1：2；故：U1：U2：U3=1：1：2；串聯(lián)電路電流相等，并聯(lián)電路電流比等于電阻的反比，故：I1：I2=R2：R1=1：2；又I3=I1+I2【點睛】分析清楚電路的串并聯(lián)結構，根據(jù)串并聯(lián)電路的電流和電壓的關系，利用電壓和功率的公式逐個計算可以求得它們的電壓、電流和功率的大小關系．5、A【解析】

A．應測量出金屬絲連入電路的有效長度三次，求平均值，而不是全長，故A錯誤，符合題意；

B．為了減小實驗誤差，應用螺旋測微器在金屬絲三個不同部位各測量一次直徑，算出其平均值，故B正確，不符合題意；

C．金屬絲電阻很小，與電壓表內阻相差很大，使電壓表和金屬絲并聯(lián)，電壓表的分流作用很小，應采用電流表外接法，故C正確，不符合題意；

D．金屬絲的電阻率隨溫度的改變而改變，為保持電阻率不變，應保持溫度不變，故D正確，不符合題意。

故選A。6、A【解析】

A．用導體棒接觸圖甲驗電器頂端小球，發(fā)現(xiàn)驗電器金屬箔片張開角度減小，可能是異種電荷中和了一部分，即導體棒可能帶負電；故A正確。B．圖甲中，若導體棒不帶電，則電子從導體棒轉移到驗電器上；故B錯誤。C．圖乙中，根據(jù)靜電感應可知，A端感應負電荷，即電子從B端移至A端；故C錯誤。D．圖乙中，用手接觸A端，表示接地，則A端金屬箔片不變，B端金屬箔片將閉合；故D錯誤。故選A。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、CD【解析】

A．對任意一球，設其軌道處半圓形碗的半徑與豎直方向的夾角為，半球形碗的半徑為R，如圖所示，球所受的支持力，越大，支持力越大，則碗對球A的支持力較大，由牛頓第三定律可知，球A對碗的壓力大于球B對碗的壓力，A錯誤；BCD．根據(jù)重力和支持力的合力提供圓周運動的向心力，又聯(lián)立得，，，R一定，可知角度越大，線速度越大，角速度越大，向心加速越大，所以球A的線速度大于球B的，球A的角速度大于球B的，球A的向心加速度大于球B的，B錯誤，CD正確。8、AC【解析】

由題意可知考查電表改裝，根據(jù)電表改裝原理分析可得?！驹斀狻緼．利用串聯(lián)電路中電阻分壓原理，可將電流表串聯(lián)一個分壓電阻改裝成電壓表，符合客觀實際，故A正確。B．如果要將電壓表量程擴大n倍，則所串聯(lián)的分壓電阻應是原電壓表內阻的n-1倍，故B錯誤；C．用同一表頭做成的電流表，電流表的量程越大，并聯(lián)的電阻越小，其總的內阻越小，故C正確；D．當電流表測某電路的電流時，測量值可能小于真實值，也可能大于真實值，故D錯誤。【點睛】改裝成電壓表是在原來基礎上串聯(lián)一電阻，量程越大，需要串聯(lián)的電阻越大。改裝電流表是在原來基礎上并聯(lián)一電阻，量程越大，需要并聯(lián)的電阻越小。讀數(shù)大小取決于總電壓、總電流，指針偏角大小僅取決于通過表頭的電流大小，通過表頭的電流越大（越?。D角度越大（越小）。9、BC【解析】A、由電荷的運動軌跡可知，電荷的受力方向指向左下方，逆著電場線的方向，所以電荷為負電荷，所以A錯誤．B、電場線密的地方電場強度大，電場線疏的地方電場強度小，由圖可知，C點的場強大于D點的場強的大小，在C點的受力大于在D的受力，所以粒子在D點的加速度小于它在C點的加速度，所以B正確；C、D、由電荷的運動軌跡可知，電荷的受力方向指向左下方，粒子從C向D運動的過程中電場力做正功，電荷的電勢能減小，動能增加，所以粒子在C處的電勢能大于在D處的電勢能，粒子在C點的動能小于它在D點的動能，所以C正確，D錯誤．綜上所述本題答案是：BC點睛：根據(jù)物體做曲線運動的條件，掌握住電場線的特點，結合電場力做功與電勢能的變化關系即可解決本題10、CD【解析】試題分析：合上開關，電容器兩端間的電勢差不變，靜電計指針張角不變，故A、B錯誤；斷開S，電容器帶電量保持不變，使A、B間距靠近一些，根據(jù)，d變小，C變大．根據(jù)，U減小，張角變小，故C錯誤；斷開S，電容器帶電量保持不變，使A、B正對面積錯開一些，根據(jù)，S變小，C變?。鶕?jù)，U增大，張角增大，故D正確．考點：考查了電容的動態(tài)變化三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、0.697mm（0.695---0.698均正確）偏小【解析】

(1)[1]金屬絲的直徑為(2)[2]采用電流表外接法，電流表示數(shù)偏大，電壓表示數(shù)準確，，測量結果將比真實值偏小。(3)[3]金屬絲電阻電阻決定式聯(lián)立解得：12、0.3950.397B小【解析】

(1)[1]固定刻度讀數(shù)為0，可動刻度讀數(shù)為39.7，所測長度為0+39.7×0.01=0.397mm，由于誤差所以測量長度在0.395mm到0.397mm之間；(2)[2]待測金屬絲的電阻約為，電流表的內阻約為0.1，電壓表的內阻約為3，所以待測金屬絲的電阻為小電阻，則電流表應用外接法，即實驗中應采用圖中的B圖對應的電路；(3)[3]電流表外接法中，由于電壓表的分流作用，導致電流的測量值比真實值偏大，由公式可知，電阻的測量值比真實值偏小，由公式可知，電阻率的測量值比真實值偏小。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)(2)【解析】

（1）小球第一次擺到最低點過程中，根據(jù)機械能守恒得：，解得：，

小球與小滑塊達到共速時，小球上升到最大高度時小球僅有水平方向的速度，設此高度為h，水平方向上動量守恒定律得：根據(jù)能量守恒定律得：解得：

（2）