遼寧省建平縣高級中學(xué)2025屆物理高二上期中學(xué)業(yè)質(zhì)量監(jiān)測試題含解析

遼寧省建平縣高級中學(xué)2025屆物理高二上期中學(xué)業(yè)質(zhì)量監(jiān)測試題注意事項1．考試結(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務(wù)必將自己的姓名、準考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置．3．請認真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應(yīng)選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、下面關(guān)于三點電場強度的大小、電勢高低的比較，正確的是A．EA=EC>EB，φA=φC>φBB．EA=EC>EB，φA>φB>φCC．EB>EA>EC，φA=φC>φBD．EB>EC>EA，φA=φC>φB2、如圖所示，勻強電場中A、B、C三點構(gòu)成一等腰三角形，AB=c，底角α=30°，電場強度的方向平行于紙面?，F(xiàn)有一電子，在電場力作用下，經(jīng)A運動到C動能減少EK，而質(zhì)子在電場力作用下，經(jīng)A運動到B動能增加也等于EK，則該勻強電場的電場強度E的大小和方向的判斷正確的是（）A．，方向垂直于AB并由B指向ACB．，方向垂直于AB并由B指向ACC．，方向垂直于BC并由A指向BCD．，方向垂直于BC并由A指向BC3、關(guān)于磁感強度，下列說法中正確的是（）A．磁感強度的方向，就是通電直導(dǎo)線在磁場中的受力方向B．磁感強度大的地方，通電導(dǎo)線所受的力也一定大C．磁感強度的方向是小磁針北極的受力方向D．通電導(dǎo)線在某處所受磁場力為零，則該處的磁感強度一定為零4、負點電荷Q固定在正方形的一個頂點上，帶電粒子P僅在該電荷的電場力作用下運動時，恰好能經(jīng)過正方形的另外三個頂點a、b、c，如圖所示，則（）A．粒子P帶負電B．a(chǎn)、c兩點的電勢高低關(guān)系是φa＞φcC．粒子P由a到b電場力做正功電勢能減少D．a(chǎn)、b、c的電場強度大小之比是2∶1∶25、圖中的實線表示電場線，虛線表示只受靜電力作用的帶正電粒子的運動軌跡，粒子先經(jīng)過M點，再經(jīng)過N點，可以判定()A．粒子在M點受到的靜電力大于在N點受到的電力B．粒子在M點的動能大于N點的動能C．粒子在M點的的電勢能大于在N點的電勢能D．粒子在M點的的電勢能和動能之和大于在N點的電勢能和動能之和6、已知甲、乙兩個帶電粒子，它們的質(zhì)量之比為1：1，它們的帶電量之比也為1：1．這兩個粒子垂直射入同一勻強磁場的速度之比為3：1，則兩粒子做勻速圓周運動的半徑之比為A．1:1 B．1:1 C．1:3 D．3:1二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、靜止在光滑水平面上的物體，受到水平拉力F的作用，拉力F隨時間t變化的圖像如圖所示，則下列說法中正確的是（）A．0～4s內(nèi)物體的位移為零B．0～4s內(nèi)拉力對物體做功為零C．4s末物體的動量為零D．0～4s內(nèi)拉力對物體的沖量為零8、如圖所示，物體A和帶負電的物體B用跨過定滑輪的絕緣輕繩連接，A、B的質(zhì)量分別是m和2m，勁度系數(shù)為k的輕質(zhì)彈簧一端固定在水平面上，另一端與物體A相連，傾角為θ的斜面處于沿斜面上的勻強電場中，整個系統(tǒng)不計一切摩擦．開始時，物體B在一沿斜面向上的外力F=3mgsinθ的作用下保持靜止且輕繩恰好伸直，然后撤去外力F，直到物體B獲得最大速度，且彈簧未超過彈性限度，則在此過程中()A．撤去外力F的瞬間，物體B的加速度為B．B的速度最大時，彈簧的伸長量為C．物體A的最大速度為D．物體A、彈簧和地球所組成的系統(tǒng)機械能增加量大于物體B電勢能的減少量9、如圖所示，質(zhì)量相同的兩個帶電粒子P、Q以相同的初速度沿垂直于電場方向射入兩平行板間的勻強電場中，P從兩極板正中央射入，Q從下極板邊緣處射入，它們最后打在同一點(重力不計)，則從開始射入到打到上極板的過程中()A．它們運動的時間tQ＝tPB．它們所帶電荷量之比qP∶qQ＝1∶2C．它們的電勢能減少量之比ΔEP∶ΔEQ＝1∶2D．它們的動能增量之比ΔEkP∶ΔEkQ＝1∶410、水平地面上有一個傾角為θ的斜面，其表面絕緣．另一個帶正電的滑塊放在斜面上，兩物體均處于靜止狀態(tài)，如圖所示．當(dāng)加上水平向右的勻強電場后，滑塊與斜面仍相對地面靜止（）A．滑塊與斜面間的摩擦力一定變大B．滑塊與斜面間的摩擦力可能不變C．滑塊對斜面的壓力一定變大D．斜面體對地面的壓力一定不變?nèi)?、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）（1）某同學(xué)測定一銅管的長度和外徑，示數(shù)如圖所示，則該鋼管的長度和外徑分別為__________和__________．（2）某同學(xué)用圖a，b兩種電路分別測量同一個電阻，用a圖測量得到的讀數(shù)為、，用b圖測量得到的讀數(shù)為，，可知用圖__________電路測量得到的電阻值誤差較小，測得電阻值是__________；測量值比真實值__________．（填“大”或“小”）12．（12分）兩位同學(xué)用如圖所示裝置，通過半徑相同的A、B兩球的碰撞來驗證動量守恒定律。（1）為了完成本實驗，下列必須滿足的條件是_______。A．斜槽軌道末端的切線必須水平B．入射球和被碰球的質(zhì)量必須相等C．入射球和被碰球大小必須相同D．入射球每次必須從軌道同一位置由靜止?jié)L下（2）實驗中測得入射球A的質(zhì)量為m1，被碰撞小球B的質(zhì)量為m2，圖中O點是小球拋出點在水平地面上的垂直投影。實驗時，先讓入射球A從斜軌上的起始位置由靜止釋放，找到其平均落點的位置P，測得平拋射程為OP；再將入射球A從斜軌上起始位置由靜止釋放，與小球B相撞，分別找到球A和球B相撞后的平均落點M、N，測得平拋射程分別為OM和ON。當(dāng)所測物理量滿足表達式_______時，即說明兩球碰撞過程動量守恒；如果滿足表達式_______時，則說明兩球的碰撞為完全彈性碰撞。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示,一質(zhì)量為m的帶電小球,用長為L的不可伸長的絕緣細線懸掛在水平向右、場強大小為E的勻強電場中,靜止時懸線與豎直方向成θ=37°°角(sin37=0.6,cos3=0.8,重力加速度為g)(1)小球的電性及所帶電荷量的大小;(2)如果保持小球的電量不變,在紙面內(nèi)調(diào)整電場的大小和方向,使小球仍保持在圖示位置靜止,則電場強度最小為多少?方向如何?(3)若電場強度大小保持(2)中不變,突然將電場的方向變?yōu)樨Q直向上,空氣阻力不計,則小球運動到懸點正下方的速度大小.14．（16分）如圖,質(zhì)量為m=10g,電量為q=10-4C的帶正電小球用長為L=0.3m的絕緣細線系于O點放在勻強電場中,靜止時懸線與豎直方向夾角θ=600,求：(1)電場強度；(2)若通過外力做功將帶電小球緩慢拉至豎直方向的最低點并使懸線拉緊,而小球最終處于靜止狀態(tài),問外力需做多少功？15．（12分）如圖，平行板電容器為C，電荷量Q0，極板長為L，極板間距離為d，極板與水平面成α夾角，現(xiàn)有一質(zhì)量為m的帶電液滴沿兩極板的中線從P點由靜出發(fā)到達Q點，P、Q兩點都恰在電容器的邊緣處，忽略邊緣效應(yīng)，求：（1）液滴的電荷量；（2）液滴到達Q點時的速度大?。?/p>

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】

根據(jù)電場線的疏密分布知，A點的電場線比C點密，B點的電場線比A點密，則EB＞EA＞EC；等量的異種電荷的中垂線為等勢線，則A點的電勢與C點的電勢相等，沿著電場線方向電勢逐漸降低，則A點的電勢大于B點電勢。所以φA=φC＞φB．A．EA=EC>EB，φA=φC>φB，與結(jié)論不相符，選項A錯誤；B．EA=EC>EB，φA>φB>φC，與結(jié)論不相符，選項B錯誤；C．EB>EA>EC，φA=φC>φB，與結(jié)論相符，選項C正確；D．EB>EC>EA，φA=φC>φB，與結(jié)論不相符，選項D錯誤；2、D【解析】電子在電場力作用下，從A運動到C，動能減小量與質(zhì)子在電場力作用下，從A到B，動能的增加量相等；由于電子與質(zhì)子的電性相反，從而得出BC兩點的電勢高低，根據(jù)電場線與等勢面垂直的特性，確定電場強度的方向．并由電場力做功，導(dǎo)致電勢能的變化從而引起動能變化，進而得出電勢差，再由，算出電場強度的大?。娮釉陔妶隽ψ饔孟?，經(jīng)A運動到C動能減少，則電勢能增加，而質(zhì)子在電場力作用下，經(jīng)A運動到B動能增加也等于，則電勢能減小，由于電子與質(zhì)子的電性相反，則得出B點與C點的電勢相等且比A點電勢低．由于勻強電場，所以BC連線即為等勢面．又因電場線與等勢面相互垂直，且沿著電場線方向電勢降低，則有電場強度方向垂直BC連線并由A指向與BC．電子A運動到C動能減少，則電勢能增加，說明電場力做負功，功值為，由電勢差，再由，D正確．3、C【解析】

A、通電導(dǎo)線在磁場中的受力方向由左手定則確定，安培力與磁場方向相互垂直；故A錯誤；B、根據(jù)B=可知，通電導(dǎo)線受力與磁場強度無關(guān)；故B錯誤．C、磁感強度的方向是小磁針北極的受力方向；故C正確；D、通電導(dǎo)線在磁場中與磁場平行時，安培力為零；故通電導(dǎo)線在磁場中受磁場力為零時，該處的磁感應(yīng)強度不一定為零；故D錯誤；故選C．4、D【解析】A、根據(jù)軌跡彎曲方向判斷出粒子之間存在引力，它與固定在O點的電荷是異種電荷，故帶正電荷，A錯誤；

B、根據(jù)點電荷的電場線的特點，Q與ac距離相等，則，關(guān)于B錯誤；

C、由AB可知，正電荷P從a到b，電勢升高，電場力做負功，電勢能就增加，故C錯誤；

D、粒子P在a、b、c三點時的加速度大小要根據(jù)庫侖定律求出庫侖力．由圖可知，，場強公式：，可得，即，故D正確。點睛：本題屬于電場中軌跡問題，考查分析推理能力．根據(jù)軌跡的彎曲方向，判斷出電荷受到的電場力指向軌跡內(nèi)側(cè)，進而判斷出電荷是正電荷。5、C【解析】

A.M點處的電場線較疏，而N點處電場線較密，則M點處的電場強度較小，粒子在M點所受的電場力也較小，故A錯誤B.正電的粒子從M點運動到N點，根據(jù)受力及運動軌跡知電場力做正功，所以動能增大，故B錯誤；C.沿著電場線電勢在降低，所以M點的電勢高于N點的電勢，而正電荷在電勢高的地方電勢能大，故C正確；D.根據(jù)能量守恒可知動能與電勢能之和是一定值，故D錯誤；6、D【解析】

根據(jù)可知，，則兩粒子做勻速圓周運動的半徑之比為，故選D.【點睛】帶電粒子在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，應(yīng)用洛倫茲力公式與牛頓第二定律得到半徑的關(guān)系式可以解題．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BCD【解析】

由圖象可知物體在4s內(nèi)先做勻加速后做勻減速運動，4s末的速度為零，位移一直增大，故A錯誤；前2s拉力做正功，后2s拉力做負功，且兩段時間做功代數(shù)和為零，故B正確；4s末的速度為零，故動量為零；故C正確；根據(jù)I=Ft可知：前4s內(nèi)I合=F×2-F×2=0，故D正確；故選BCD．【點睛】本題主要考查了同學(xué)們讀圖的能力，要求同學(xué)們能根據(jù)受力情況分析物體的運動情況，再根據(jù)動量定理進行分析求解．8、BD【解析】試題分析：在外力撤去前，繩子剛好伸直，拉力為零，對B受力分析可得，即，所以撤去外力的瞬間B在沿斜面方向上只受沿斜面向下的重力的分力，沿斜面向下的電場力，故有，所以撤去外力瞬間的加速度，A錯誤；隨著B沿著斜面下滑，繩子的拉力逐漸增大，當(dāng)時，即合力為零時，B的速度最大，此時，解得，B正確；對AB整體有動能定理可得，解得，故C錯誤；由于過程中只有重力和電場力，彈力做功，所以根據(jù)能量守恒看得物體A、彈簧和地球所組成的系統(tǒng)機械能增加量等于物體B電勢能的減少量和B物體機械能的減小量，故D正確；考點：考查了牛頓第二定律，動能定理，能量守恒定律9、ABD【解析】

A.帶電粒子在垂直電場方向上不受力，都做勻速直線運動，位移相等，由x=v0t可知運動時間相等，即tQ=tP．故A正確；平行電場方向受到電場力，做初速度為零的勻加速直線運動，根據(jù)位移時間關(guān)系公式，有：，解得：；B.由于兩帶電粒子平行電場方向分位移之比為yP：yQ=1：2；所以它們所帶的電荷量之比qP：qQ=yP：yQ=1：2，故B正確；C.電勢能的減小量等于電場力做的功即△E=qEy，因為豎直位移之比為：yP：yQ=1：2，電荷量之比為：qP：qQ=1：2，所以它們電勢能減少量之比為：△EM：△EN=1：1．故C錯誤；D.根據(jù)動能定理，有：qEx=△Ek而：qP：qQ=1：2，xP：xQ=1：2所以動能增加量之比：△EkP：△EkQ=1：1故D正確；故選ABD．【點睛】本題關(guān)鍵將兩個帶電粒子的運動分解為垂直電場方向和平行電場方向的分運動，然后結(jié)合運動學(xué)公式、牛頓運動定律和動能定理列式分析．10、BCD【解析】試題分析：滑塊開始受重力、支持力和靜摩擦力處于平衡，加上勻強電場后，滑塊多了一個水平向右的電場力，所受的靜摩擦力方向可能沿斜面向上，可能沿斜面向下，則摩擦力的大小可能減小、可能增大，可能不變．故A錯誤．B正確；未加電場前，斜面體對滑塊的支持力N=mgcosθ，加上電場后，支持力的大小變?yōu)镹′=mgcosθ+qEsinθ，知滑塊對斜面的壓力變大．故C正確；對整體分析，加電場后，豎直方向支持力的大小仍然等于總重力，所以斜面體與地面間的壓力不變．故D正確．考點：共點力的平衡問題．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、50.05mm5.845mma歐大【解析】刻度尺的讀數(shù)為L=50.05mm，螺旋測微器的讀數(shù)為：d=5.5+34.5×0.01mm=5.845mm；根據(jù)題意可知電壓表分流過大，所以采用圖a測量誤差較小，，由于電流表的分壓，電壓測量值偏大，故測量值偏大．12、ACDm1·OP=m1·OM＋m2·ON【解析】

(1)[1]A．要保證每次小球都做平拋運動，則軌道的末端必須切線水平，故A正確；B．為了防止入射球反彈，應(yīng)讓入射球的質(zhì)量大于被碰球的質(zhì)量，故B錯誤；C．為了使兩球發(fā)生對心碰撞，入射球和被碰球大小必須相同，故C正確；D．要保證碰撞前的速度相同，所以入射球每次都要從同一高度由靜止?jié)L下，故D正確。故選ACD；(2)[2]小球離開軌道后做平拋運動，由于小球拋出點的高度相同，它們在空中的運動時間t相等，它們的水平位移x與其初速度成正比，可以用小球的水平位移代替小球的初速度，若兩球相碰前后的動量守恒，則又代入得[3]若碰撞是彈性碰撞，則機械能守恒，由機械能守恒定律得將代入得四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）小球帶負電；q=3mg4E（2）E【解析】