內(nèi)蒙古赤峰第四中學(xué)2025屆物理高二上期中復(fù)習(xí)檢測模擬試題含解析

內(nèi)蒙古赤峰第四中學(xué)2025屆物理高二上期中復(fù)習(xí)檢測模擬試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結(jié)束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、圖（a）為示波管的原理圖．如果在點擊之間所加的電壓圖按圖（b）所示的規(guī)律變化，在電極之間所加的電壓按圖（c）所示的規(guī)律變化，則在熒光屏上會看到的圖形是A． B．C． D．2、元電荷是（）A．電子 B．正電子 C．質(zhì)子 D．電量的一種單位3、如圖所示，當交流電源的電壓(有效值)U＝220V，頻率f＝50Hz時，三只燈泡L1、L2、L3的亮度相同(L無直流電阻)，若將交流電源的頻率變?yōu)閒＝100Hz，則()A．L1燈比原來暗 B．L2燈比原來亮C．L3燈和原來一樣亮 D．L3燈比原來亮4、如圖所示，細線的一端固定在傾角為45°的光滑楔形滑塊A的頂端P處，細線的另一端拴一質(zhì)量為m的小球。則A．當滑塊向左做勻速運動時，細線的拉力為0.5mgB．當滑塊以加速度a=g向左加速運動時，小球?qū)瑝K壓力為零C．若滑塊以加速度a=g向左加速運動時，線中拉力為mgD．當滑塊以加速度a=2g向左加速運動時，線中拉力為2mg5、某同學(xué)將一直流電源的總功率、輸出功率和電源內(nèi)部的發(fā)熱功率隨電流I變化的圖線畫在同一坐標系內(nèi)，如圖所示，根據(jù)圖線可知A．反映輸出功率變化的圖線是CB．電源電動勢為4

VC．電源內(nèi)阻為D．反映變化的圖線是b6、將一根粗細均勻的銅絲接到電壓恒為U的A、B間兩點間，然后將該銅絲取下，將其均勻拉長，使長度是原來的2倍，再將拉長后的銅絲接回到A、B間。則拉長后的銅絲與原來相比，以下說法正確的是A．電阻是原來的2倍B．發(fā)熱功率是原來的倍C．銅絲內(nèi)自由電子定向移動的平均速率是原來的倍D．銅絲內(nèi)自由電子定向移動的平均速率是原來的倍二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如右圖所示的同心圓是電場中的一組等勢線，一個電子只在電場力作用下沿著直線由A向C運動時的速度越來越小，B為線段AC的中點，則有()A．電子沿AC運動時受到的電場力越來越小B．電子沿AC運動時它具有的電勢能越來越大C．電勢φA＞φB＞φCD．電勢差UAB＝UBC8、如圖，質(zhì)量為m、帶電量為q的小球用長為L的細線懸掛，處在水平方向的勻強電場中，小球靜止于A點，此時懸線與豎直方向夾角為θ=30°，現(xiàn)用力將小球緩慢拉到最低點B由靜止釋放。不計空氣阻力，則下列說法正確的是（）A．場強的大小為E=B．小球?qū)⒃贏、B之間往復(fù)擺動C．小球?qū)⒒氐紸處停下來D．小球從B向右擺到最高點的過程中，電勢能的減少量為mgL9、如圖（甲）所示的電路中，將滑動變阻器R2的滑動片由a端向b端移動，用兩個電表分別測量電壓和電流，得到部分U﹣I關(guān)系圖象如圖（乙）所示，則（）A．電源的電動勢為6VB．滑動變阻器的總阻值為20ΩC．當電壓表示數(shù)為5.0V時，電源效率最高D．當電壓表示數(shù)為5.0V時，R2消耗的總功率最大10、A、B兩個點電荷在真空中產(chǎn)生電場的電場線(方向未標出)如圖所示.圖中C點為兩點電荷連線的中點,MN為兩點電荷連線的中垂線,D為中垂線上的一點,電場線的分布關(guān)于MN左右對稱.則下列說法中正確的(

)A．這兩個點電荷一定是等量異種電荷B．這兩個點電荷一定是等量同種電荷C．把某正電荷從C點移到D點所受電場力方向不變D．C點的電場強度可能比D點的電場強度小三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）有一個小燈泡上標有“4V，2W”的字樣，現(xiàn)要描繪這個燈泡的伏安特性圖線。有下列器材供選用：A．電壓表（0～5V，內(nèi)阻約為10kΩ）B．電壓表（0～10V，內(nèi)阻約為20kΩ）C．電流表（0～0.3A，內(nèi)阻約為1Ω）D．電流表（0～0.6A，內(nèi)阻約為0.4Ω）E.滑動變阻器（10Ω，2A）F.學(xué)生電源（直流6V），還有電鍵、導(dǎo)線若干(1)實驗中所用電壓表應(yīng)選用________.(2)實驗時要求盡量減小實驗誤差，測量電壓從零開始多取幾組數(shù)據(jù)，請將下圖中實物連接成滿足實驗要求的測量電路________.(3)某同學(xué)根據(jù)實驗得到的數(shù)據(jù)畫出了該小燈泡的伏安特性曲線（如圖所示），若用電動勢為3V、內(nèi)阻為2.5Ω的電源給該小燈泡供電，則該小燈泡的實際功率是________W.12．（12分）用螺旋測微器測量金屬絲的直徑，示數(shù)如圖甲所示，讀數(shù)為______mm；用游標為20分度的卡尺測量球的直徑，示數(shù)如圖乙所示，讀數(shù)為________cm.四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，一平行板電容器板長L=4cm，板間距離為d=3cm，傾斜放置，使板面與水平方向夾角α=37°，若兩板間所加電壓U=100V，一帶電荷量q=3×10﹣10C的負電荷以v0=0.5m/s的速度自A板左邊緣水平進入電場，在電場中沿水平方向運動，并恰好從B板右邊緣水平飛出，（g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8）則（1）帶電粒子的質(zhì)量為多少？（2）帶電粒子從電場中飛出時的速度為多少？14．（16分）如圖所示，坐標空間中有場強為E=100N/C的勻強電場和磁感應(yīng)強度為B=10-3T的勻強磁場，y軸為兩種場的分界面，圖中虛線為磁場區(qū)域的右邊界，現(xiàn)有一質(zhì)量為m，電荷量為-q的帶電粒子從電場中坐標位置(-1，0)處，以初速度vo=105m/s沿x軸正方向開始運動，且已知帶電粒子的比荷=108C/kg，粒子的重力忽略不計，則：(1)求帶電粒子進入磁場的速度大?。?2)為使帶電粒子能穿越磁場區(qū)域而不再返回電場中，求磁場的寬度d應(yīng)滿足的條件15．（12分）如圖所示，在勻強電場中有abc三點，ab相距4cm，bc相距10cm，將一個帶電荷量為2×10-8C的電荷從a點移到b點時，電場力做功為4×10-6J．將此電荷從b點移到c點時電場力做功為多少？，a、c間電勢差為多少？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】

電子在和間沿電場方向均做初速度為零的勻加速直線運動，由位移公式：前半個周期0-t1時間內(nèi)，電子受到的力偏向一側(cè)，所以電子前半周期偏向一側(cè)．前半個周期0-t1時間內(nèi)，電子受到的力偏向Y一側(cè)，所以電子前半周期偏向Y一側(cè)．綜上，前半個周期0-t1時間內(nèi)圖像應(yīng)該在第二象限．同理，后半周期的圖像應(yīng)在第四象限．A．分析可知，前半個周期0-t1時間內(nèi)圖像應(yīng)該在第二象限，后半周期的圖像應(yīng)在第四象限．故A錯誤．B．分析可知，前半個周期0-t1時間內(nèi)圖像應(yīng)該在第二象限，后半周期的圖像應(yīng)在第四象限．故B正確．C．分析可知，前半個周期0-t1時間內(nèi)圖像應(yīng)該在第二象限，后半周期的圖像應(yīng)在第四象限．故C錯誤．D．分析可知，前半個周期0-t1時間內(nèi)圖像應(yīng)該在第二象限，后半周期的圖像應(yīng)在第四象限．故D錯誤．2、D【解析】元電荷是電量的一種單位，是帶電體所帶電荷的最小值．等于質(zhì)子，電子和正電子所帶電荷量的大?。瓺對．3、C【解析】

三個支路電壓相同，當交流電頻率變大時，電感的感抗增大,電容的容抗減小,電阻所在支路對電流的阻礙作用不變；所以流過L1的電流變大，流過L2的電流變小，流過L3的電流不變.故L1變亮，L2變暗，L3亮度不變.

所以選C.4、B【解析】

當滑塊勻速運動時，根據(jù)平衡條件繩的拉力大?。划敾瑝K向左勻加速直線運動時，對小球受力分析，根據(jù)牛頓第二定律求出支持力為零時的加速度，從而判斷小球是否離開斜面，再結(jié)合牛頓第二定律和平行四邊形定則求出繩子的拉力?！驹斀狻慨敾瑝K向左做勻速運動時，根據(jù)平衡條件可得繩的拉力大小為T=mgsin45°=mg，故A錯誤；設(shè)當小球貼著滑塊一起向左運動且支持力為零時加速度為a0，小球受到重力、拉力作用，如圖所示；

根據(jù)牛頓第二定律可得加速度a0==g，此時細線的拉力F==mg，故B正確，C錯誤；當滑塊以加速度a=2g向左加速運動時，此時小球已經(jīng)飄離斜面，則此時線中拉力為，故D錯誤；故選B?！军c睛】解決本題的關(guān)鍵確定出小球剛離開斜面時的臨界情況，結(jié)合牛頓第二定律進行求臨界加速度。當受力較多時，采用正交分解法比較簡單，而小球只受兩個力時用合成法簡單。5、B【解析】

AD、電源內(nèi)部的發(fā)熱功率，圖象是拋物線，而且是增函數(shù)，則反映變化的圖線是c；電源的總功率，圖象的斜率等于電動勢E，則反映變化的圖線a；PR=I(E-Ir)=-I2r+EI，所以反映輸出功率變化的圖線是b，故A、D錯誤；B、總功率，圖象的斜率等于電動勢E，，則有，故B正確；C、圖中時，電源內(nèi)部的發(fā)熱功率與電源的總功率相等，則有，得到，故C錯誤；故選B．6、D【解析】

A．根據(jù)電阻定律有：可知長度變?yōu)樵瓉淼?倍后，由于體積不變，故電阻變?yōu)樵瓉淼?倍，故A錯誤.B．根據(jù)：可知電阻兩端電壓不變，R變?yōu)樵瓉淼?倍時，P變?yōu)樵瓉淼?，故B錯誤.CD．根據(jù)歐姆定律有：可知電流變?yōu)樵瓉淼?，又根?jù)微觀表達式：由A選項可知S變?yōu)樵瓉淼模瑔挝惑w積中自由移動的電子數(shù)不變，電子電荷量不變，故電子定向移動的速率變?yōu)樵瓉淼模蔆錯誤，D正確.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】

A．根據(jù)等勢面的形狀和題意，可知該電場是負點電荷形成的，根據(jù)場強所以當電子沿AC方向運動時，r減小，電場強度增大，則受到的電場力F=Ee增大，A錯誤；B．電子沿AC方向運動過程中，電場力做負功，根據(jù)功能關(guān)系，可知電勢能越來越大，故B正確；C．該電場各處的電場線均指向圓心，根據(jù)順著電場線電勢越來越低，故C正確；D．在該電場中等差等勢線的間距不相等，故D錯誤。故選BC。8、AD【解析】小球原來處于靜止，由平衡條件得：qE=mgtanθ，則得E=mgtanθq=3mg3q，故A正確；由題知，小球原來靜止，電場力與重力的合力方向沿OA方向．小球從最低點B由靜止釋放后，電場力和重力的合力做正功，小球的速度增大，到達A點后，由于慣性，繼續(xù)向上擺動，之后合力對小球做負功，速度減小，速度減至零后，再向下擺動，到B點速度為零，周而復(fù)始，所以小球?qū)⒁訟點為平衡位置做往復(fù)運動．故BC錯誤；小球從B向右擺到最高點的過程中，設(shè)x細線的最大偏角為α．根據(jù)能量守恒定律得：mgl（1-cosα）=qElsinα

將qE=mgtanθ，代入解得：tanα2=tanθ，α=2θ=60°;所以電勢能的減少量為△Ep9、BC【解析】

根據(jù)電路圖結(jié)合數(shù)學(xué)知識可知，當aP的電阻等于bP的電阻時，并聯(lián)部分電阻最大，此時電壓表示數(shù)最大，根據(jù)乙圖可知，電壓表示數(shù)最大為5V，此時電流表示數(shù)為0.5A，則有：RaP=UI=50.5Ω=10Ω，則滑動變阻器的總阻值為R=2RaP=20Ω，根據(jù)閉合電路歐姆定律得：E=U+2I（R1+r），根據(jù)乙圖可知，當電壓表示數(shù)U1=4V時電流表示數(shù)為I1=0.25A或I2=1A，根據(jù)閉合電路歐姆定律得：E=U1+（I1+I2）（R1+r），聯(lián)立方程解得：E=9V，R1+r=4Ω，故A錯誤，B正確；電源效率η=UIIE=UE，當電壓表示數(shù)為5.0V時，并聯(lián)部分電阻最大，則外電路電阻最大，此時路段電壓最大，效率最高，故C正確；把R1看成內(nèi)阻，當并聯(lián)部分電阻R并=R1+r10、AC【解析】

電場線是從正電荷或者無窮遠出發(fā)出，到負電荷或無窮遠處為止，從而判斷兩電荷的電性；判斷由C到D點電場力的方向是否發(fā)生變化，可以從做功角度或者從場強疊加角度找出合場強的方向，從而判斷電場力的方向；從電場線的疏密判斷場強的大?。弧驹斀狻緼B、根據(jù)電場線的特點：電場線從正電荷出發(fā)到負電荷終止，而且電荷A、B周圍電場線分不情況完全一致，可知A、B是一定兩個等量異種電荷，故A正確，B錯誤；

C、由圖可知，中垂線MN為等勢面，即CD兩點電勢相等，正點電荷q從C點移到D點，電場力不做功，可知電場力的方向與NM垂直，即水平方向，則正電荷從C點移到D點所受電場力方向不變，故C正確；

D、根據(jù)電場線的疏密可知，C點附近電場線密集，故C點的電場強度比D點電場強度大，故D錯誤?！军c睛】常見電場的電場線分布及等勢面的分布要求我們能熟練掌握，同時注意等量異號電荷形成電場的對稱性問題。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、（1）A；（2）（3）0.80W；【解析】（1）因燈泡的額定電壓為4V，為保證安全選用的電壓表量程應(yīng)稍大于4V，但不能大太多，量程太大則示數(shù)不準確；故只能選用0～5V的電壓表，故選A；

（2）由題意要求可知，電壓從零開始變化，并要多測幾組數(shù)據(jù)，故只能采用滑動變阻器分壓接法，燈泡的電阻約為R=U

（3）當燈泡接入電動勢為3V、內(nèi)阻為2.5Ω的電源中時，由閉合電路歐姆定律E=U+Ir

U=3-2.5I；畫出U-I圖象，與該小燈泡的伏安特性曲線的交點表示該燈泡接入電路中的電壓和電流，由圖讀出通過燈泡電流為0.4A，兩端電壓為2.0V，所以功率為0.8W．

點睛：本題考查實驗中的儀表選擇及接法的選擇；應(yīng)注意滑動變阻器分壓及限流接法的區(qū)別及應(yīng)用，同時還應(yīng)明確內(nèi)外接法的不同及判斷．12、0.615~0.619；0.670【解析】試題分析：螺旋測微器的固定刻度為0.5mm，可動刻度為11.7×0.01mm=0.117mm，所以最終讀數(shù)為0.5mm+0.117mm=0.617mm，游標卡尺的主尺讀數(shù)為：0.6cm=6mm，游標尺上第14個刻度和主尺上某一刻度對齊，所以游標讀數(shù)為14×0.05mm=0.70mm，所以最終讀數(shù)為：6mm+0.70mm=6.70mm=0.670mm，故答案為0.617；0.670考點：本題考查了螺旋測微器的使用；刻度尺、游標卡尺的使用.四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）帶電粒子質(zhì)量為8×10﹣8kg；（2）粒子飛出時的速度為1m/s．【解析】試題分析：（1）負電荷在電場