河南省新野縣第一中學2025屆物理高一上期中復習檢測模擬試題含解析

河南省新野縣第一中學2025屆物理高一上期中復習檢測模擬試題考生請注意：1．答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內，不得在試卷上作任何標記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、關于自由落體運動，下列說法正確的是（)A．物體豎直向下的運動就是自由落體運動B．加速度等于重力加速度的運動就是自由落體運動C．在自由落體運動過程中不同質量的物體加速度相同D．物體自由落體運動位移與時間成正比2、如圖所示，一傾角為45°的斜面固定于豎直墻上，為使一光滑的鐵球靜止，需加一水平力F，且F通過球心，下列說法正確的是（）A．球一定受墻的彈力且水平向左B．球一定受斜面的彈力且垂直斜面向上C．球可能受斜面的彈力且垂直斜面向上D．斜面和豎直墻之間可能沒有彈力3、在足球比賽中，足球以4m/s的速度飛來，運動員把足球以8m/s的速度反向踢回，踢球時，腳與球的接觸時間為0.2s，則足球的平均加速度大小是A．20m/s2B．60m/s2C．30m/s2D．40m/s24、如圖所示，某人由西向東走，從A點出發(fā)到達B點，然后由B點向正南走到C點．已知AB=x1，BC=x2，AC=x3，則該人的位移大小和路程為（）A．x3和x1B．x3和x1+x2C．x1和x2D．x2和x1+x25、目前從深圳乘坐高鐵最快可以0小時30分鐘到廣州，G2926次列車7點56分從深圳北站發(fā)車，8點26分到達廣州南站．關于該列車運動的描述，下列說法正確的是（）A．“0小時30分鐘”指的是時刻B．“7點56分”指的是時間間隔C．研究列車通過某一電線桿所用時間，可將列車看作質點D．研究列車從深圳北站到廣州南站所用時間，可將列車看作質點6、豎直向上拋出一小球，5s末落回到拋出點，g取10m/s2，不計空氣阻力。則（）A．小球在第3秒內的位移是5mB．小球在第3秒內的位移是0C．小球在第2秒內的位移是10mD．小球在第3秒內的路程是2.5m7、有兩個共點力F1和F2，其中F1＝6N，F2＝9N，則它們的合力大小可能是（）A．16NB．15NC．11ND．2N8、物體沿一直線運動，在t1時間內通過的路程為x，它中間位置x處的速度為v1，在中間時刻t1的速度為v2，則v1和v2的關系為（）A．物體做勻加速直線運動，v1＞v2B．物體做勻減速運動，v1＞v2C．物體做勻速直線運動，v1=v2D．物體做勻減速直線運動，v1＜v29、如圖所示，在光滑水平面上，用水平外力F拉動小車和木塊一起無相對滑動地做加速運動。小車質量為M，木塊質量為m，拉力大小為F，加速度大小為a，木塊和小車之間動摩擦因數μ，則在這個過程中，木塊受到的摩擦力大小是（）A． B． C． D．10、如圖所示，光滑絕緣水平面上有三個帶電小球a、b、c（均可視為點電荷），三球沿一條直線擺放，僅在它們之間的靜電力作用下處于靜止狀態(tài)，以下判斷正確的是（）A．a對b的靜電力一定是引力 B．a對的靜電力可能是斥力C．的電荷量可能比的少 D．的電荷量一定比的大二、實驗題11、（4分）在探究加速度與力、質量關系的實驗中,小車的質量用M表示,砂桶及砂的質量用m表示,小車的加速度可由小車后拖動的紙帶計算出．（1）保持小車質量不變,往砂桶中加入一定量的砂子,通過改變砂桶的質量,測得不同情況下的小車的加速度,這種實驗的方法叫做________（填“等效法”或“控制變量法”）;在釋放小車________（填“之前”或“之后”）接通打點計時器的電源,在紙帶上打出一系列的點．（2）在平衡摩擦力后,他用打點計時器打出的紙帶的一段如圖所示,其中紙帶________（填“左端”或“右端”）與小車相連,該紙帶上相鄰兩個計數點間還有4個點未標出,打點計時器使用交流電的頻率是50Hz,則小車的加速度大小是________m/s2,當打點計時器打B點時小車的速度是________m/s．（結果保留三位有效數字）.12、（10分）某實驗小組利用圖示的裝置探究加速度與力、質量的關系．（1）下列做法正確的是________（選填字母代號）．A．調節(jié)滑輪的高度，使牽引木塊的細繩與長木板保持平行B．在調節(jié)木板傾斜度平衡木塊受到的滑動摩擦力時，將裝有砝碼的砝碼桶通過定滑輪拴在木塊上C．實驗時，先放開木塊再接通打點計時器的電源D．通過增減木塊上的砝碼改變質量時，不需要重新調節(jié)木板傾斜度（2）為使砝碼桶及桶內砝碼的總重力在數值上近似等于木塊運動時受到的拉力，應滿足的條件是砝碼桶及桶內砝碼的總質量________木塊和木塊上砝碼的總質量．（選填“遠大于”“遠小于”或“近似等于”）（3）甲、乙兩同學在同一實驗室，各取一套圖示的裝置放在水平桌面上，木塊上均不放砝碼，在沒有平衡摩擦力的情況下，研究加速度a與拉力F的關系，分別得到圖中甲、乙兩條直線．設甲、乙用的木塊質量分別為m甲、m乙，甲、乙用的木塊與木板間的動摩擦因數分別為μ甲、μ乙，由圖可知，m甲________m乙，μ甲________μ乙．（選填“大于”“小于”或“等于”）三、計算題：解答應寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟．只寫出最后答案的不能得分．有數值計算的題，答案中必須明確寫出數值和單位13、（9分）（8分）某人離公共汽車尾部20m，以速度v向汽車勻速跑過去，與此同時，汽車以1m/s2的加速度從靜止啟動，作勻加速直線運動．試問，此人的速度v分別為下列數值時，能否追上汽車？如果能，要用多長時間？如果不能，則他與汽車之間的最小距離是多少？（1）v=6m/s；（2）v=7m/s14、（14分）一個自由下落的物體，到達地面的速度是。這個物體是多高處下落的？落到地面用了多長時間？（g?。?5、（13分）一物體做勻變速直線運動，已知前2s的位移為24m，隨后2s內的位移為32m，求物體的初速度和加速度分別為多大?

參考答案一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、C【解析】

AB.自由落體運動僅受重力，做初速度為零，加速度為g的勻加速直線運動，故物體豎直向下的運動不一定是自由落體運動，同樣，加速度等于重力加速度的運動也不一定是自由落體運動，故AB錯誤。C.在自由落體運動過程中不同質量的物體加速度相同，均為重力加速度，故C正確。D.根據知，位移與時間的平方成正比，故D錯誤。2、B【解析】

由題意可知，小球處于平衡狀態(tài)；則可知小球所受各力的合力為零；對小球進行受力分析，小球受重力、推力、豎直墻的支持力及斜面對小球的支持力；可采用分解法將斜面支持力向水平方向和豎直方向分解，分別列出水平和豎直方向上的平衡方程，分情況進行討論即可求解。【詳解】A項：對小球進行受分析，如圖所示：若壓力F等于N2水平向上的分力時，小球對豎直面沒有壓力，故N1有可能為零，故A錯誤；B、C項：由小球的受力分析可知，如果小球不受斜面的彈力，即小球受到mg，F，N1三力的作用，小球不可能平衡，所以小球一定受斜面的彈力且垂直斜面向上，故B正確，C錯誤；D項：對小球和斜面為整體受力分析可知，在水平方向有推力F，所以斜面和豎直墻之間一定有彈力且方向向左，故D錯誤。故應選：B?！军c睛】在解答平衡類的問題時，在注意準確的進行受力分析；而物體處于平衡狀態(tài)時是指物體所受合力為零，若力為三個一般采用合成的方式，若力為三個以上，一般采用正交分解的方式，列出平衡方程即可求解。3、B【解析】設初速度方向為正，則；；

則加速度；

負號說明加速度方向與正方向相反，即與初速度方向相反，故選項B正確。點睛：加速度為矢量，故在解題前應先設定正方向。4、B【解析】某人由西向東走，從A點出發(fā)到達B點，然后由B點向正南走到C點．路程為：，位移大小為：，故B正確；綜上所述本題答案是：B5、D【解析】

A．“0小時30分鐘”，指的是時間。故A錯誤。B．“7點56分”指的是時刻。故B錯誤。C．研究一列運動的火車通過某電線桿所用的時間，火車的形狀不可以忽略，不能看成質點。故C錯誤。D．研究列車從深圳北站到廣州南站所用時間，列車的形狀、大小對所所用時間沒有影響時，可以將列車看作質點。故D正確。6、BCD【解析】

AB．根據題意5s末落回到拋出點，根據豎直上拋運動的時間對稱性，上升到最高點的時間第2s到2.5s在向上做勻減速運動，2.5s到3s在向下做自由落體運動，根據運動的對稱性，2s～2.5s的位移大小與2.5s到3s的位移大小相等，方向相反，所以第3s內的位移為0；故A錯誤，B正確。C．根據豎直上拋運動的對稱性和逆向思維可得小球在第2秒內的位移等于自由落體運動的0.5s~1.5s內的位移：故C正確。D．2.5s到3s在向下做自由落體運動，位移為由對稱性可知小球在第3秒內的路程是故D項正確。7、BC【解析】

兩個大小一定而方向未知的力，合力范圍為：F1+F2≥F≥|F1-F2|，代入數據得：15N≥F≥3N，故15N和11N是可能的合力；故選BC.【點睛】兩個共點力的合力范圍合力大小的取值范圍為：F1+F2≥F≥|F1-F2|；在共點力的兩個力F1和F2大小一定的情況下，改變F1與F2方向之間的夾角θ，當θ減小時，其合力F逐漸增大；當θ=0°時，合力最大F=F1+F2，方向與F1和F2的方向相同；當θ角增大時，其合力逐漸減小；當θ=180°時，合力最小F=|F1-F2|，方向與較大的力的方向相同.8、ABC【解析】解：對于前一半路程，有①對于后一半路程，有②由①②解得在中間時刻時的速度為又由于故根據不等式，可知=≥0（當v1=v2時取等號）當物體做勻速直線運動時，v1=v2，故C正確；當物體做勻加速直線運動或勻減速直線運動時，有v1＞v2，故A正確，B正確，D錯誤；故選ABC．【考點】勻變速直線運動規(guī)律的綜合運用．【分析】假設物體的初速度為v0，末速度為v，加速度為a，總位移為s，總時間為t，根據位移時間公式和速度位移公式列式，然后進行分析處理．【點評】本題關鍵是對運動過程運用速度位移公式、平均速度公式和位移時間公式列式后聯立，求解出中間位置和中間時刻的瞬時速度的一般表達式，再進行分析討論；要注意不管是勻加速還是勻減速，中間位置的速度都比較大．9、BCD【解析】

先對整體受力分析，受重力、支持力和拉力，根據牛頓第二定律，有：再對物體受力分析，受重力、支持力和向前的靜摩擦力，根據牛頓第二定律有：聯立解得：對小車受力分析可得：所以車和物體之間的摩擦力的大小為：A.與分析不符，故A錯誤；B.與分析相符，故B正確；C.與分析相符，故C正確；D.與分析相符，故D正確。10、AD【解析】

AB．根據電場力方向來確定各自電性，從而得出“兩同夾一異”，故A正確，B錯誤；CD．同時根據庫倫定律來確定電場力的大小，并由平衡條件來確定各自電量大小，因此在大小上一定是“兩大夾一小”，故C錯誤，D正確。故選AD。二、實驗題11、控制變量法之前左端0.390m/s20.377m/s【解析】

(1)[1][2]在探究加速度a與物體所受合力F及質量m關系的實驗，由于變量較多，因此采用的是控制變量法進行實驗．為了有效利用紙帶應先接通電源，在釋放紙帶，即在釋放小車之前接通打點計時器的電源．(2)[3]紙帶做加速運動，相等時間內運動的位移越來越大，由此可判斷紙帶那端與小車相連，因此紙帶的左端與小車相連．[4]紙帶上每相鄰兩個計數點間還有4個點，所以相鄰的計數點之間的時間間隔是T=0.1s．根據逐差法求解加速度：[5]根據勻變速直線運動中中間時刻的瞬時速度等于該過程中的平均速度得：12、AD遠小于小于大于【解析】

（1）[1]．實驗中細繩要保持與長木板平行，A項正確；平衡摩擦力時不能將裝有砝碼的砝碼桶通過定滑輪拴在木塊上，這樣無法平衡摩擦力，B項錯誤；實驗時應先接通電源再放開木塊，C項錯誤；平衡摩擦力后，改變木塊上的砝碼的質量后不再需要重新平衡摩擦力，D項正確．（2）[2]．由整體法和隔離法得到細繩中的拉力F＝Ma＝M＝mg，可見，當砝碼桶和桶內砝碼的總質量m遠小于木塊和木塊上砝碼的總質量M時，可得F≈mg.（3）[3]．不平衡摩擦力，則F－μmg＝ma，a＝－μg，圖象的斜率大的木塊的質量小，縱軸截距絕對值大的動摩擦因數大，因此m甲<m乙，μ甲>μ乙．三、計算題：解答應寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟．只寫出最后答案的不能得分．有數值計算的題，答案中必須明確寫出數值和單位13、（1）不能追上（2）在t=4