2025屆福建省閩侯市第六中學高二物理第一學期期中復習檢測試題含解析

2025屆福建省閩侯市第六中學高二物理第一學期期中復習檢測試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、一個電子只在電場力作用下從a點運動到b點，軌跡如圖中虛線所示，圖中的一組平行實線表示的可能是電場線也可能是等勢面，則下列說法中正確的是（）A．無論圖中的實線是電場線還是等勢面，a點的場強都比b點的場強小B．無論圖中的實線是電場線還是等勢面，a點的電勢都比b點的電勢高C．無論圖中的實線是電場線還是等勢面，電子在a點的電勢能都比在b點的電勢能小D．如果圖中的實線是等勢面，電子在a點的速率一定大于在b點的速率2、圖為描述某靜電場的電場線，a、b、c是同一條電場線上的三個點，其電場強度大小分別為Ea、Eb、Ec，電勢分別為φa、φb、φc。關于φa、φb、φc的比較，下列說法正確的是（）A． B．C． D．3、一塊磁鐵從高處掉到地上，雖然沒有斷，但磁性變弱了，這是因為A．磁鐵被磁化了 B．磁鐵因劇烈震動而退磁了C．磁鐵是非磁性物質 D．磁鐵是軟磁性材料4、某人以不變的速率垂直向對岸游去，游到河中間，水流速度加大，則此人（）A．渡河所用的時間比預定時間減少B．渡河所用的時間與預定時間相同C．渡河所用的時間比預定時間增加D．渡河路程變短5、如圖所示，A、B、C、D是勻強電場中一正方形的四個頂點．已知A、B、C三點的電勢分別為φA=15V，φB=3V，φC=-3V，由此可知，D點的電勢為（）A．3V B．6V C．9V D．12V6、如圖所示，質量分別是m1和m2帶電量分別為q1和q2的小球，用長度不等的輕絲線懸掛起來，兩絲線與豎直方向的夾角分別是α和β（α＞β），兩小球恰在同一水平線上，那么（

）A．兩球一定帶同種電荷B．q1一定大于q2C．m1一定等于m2D．m1所受庫侖力一定等于m2所受的庫侖力二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖，電源的電動勢，內阻，定值電阻，M是電動機，其線圈電阻，電動機正常工作時，理想電壓表示數為6V，則（）A．通過電源的電流為1.5AB．定值電阻R兩端的電壓為8VC．電動機的輸出功率為5WD．電源的效率約為93.3%8、如圖所示，在y軸上關于O點對稱的A、B兩點有等量同種點電荷+Q，在x軸上C點有點電荷-Q，且CO=OD，。下列判斷正確的是A．D點電場強度為零B．O點電場強度為零C．若將點電荷+q從O移向C，電勢能增大D．若將點電荷-q從O移向C，電勢能增大9、在電場中的某點A放一檢驗電荷+q，它所受到的電場力大小為F，方向水平向右則A點的場強大小為,方向水平向右．下列說法正確的是A．在A點放-個負檢驗電荷，A點的場強方向變?yōu)樗较蜃驜．在A點放一個負檢驗電荷，它所受的電場力方向水平向左C．在A點放一個電荷量為叫的檢驗電荷，則A點的場強變?yōu)镈．在A點放一個電荷量為2q的檢驗電荷，則它所受的電場力變?yōu)?F10、如圖所示，電容器與電動勢為E的直流電源（內阻不計）連接，下極板接地．一帶電油滴位于電容器中的P點恰好處于靜止狀態(tài)．現將平行板電容器的上極板豎直向下移動一小段距離則（）A．帶電油滴的電勢能將增大B．P點的電勢將降低,兩極板間的電勢差不變C．平行板之間的電場強度增大，平行板所帶電荷量也增大D．電容器的電容增大,帶電油滴將沿豎直方向向上運動三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）欲用伏安法測定一段阻值為5Ω左右的金屬導線的電阻，要求測量結果盡量準確，備有以下器材：A．電池組（3V、）B．電流表（0～3A，約0.0125Ω）C．電流表（0～0.6A，約0.125Ω）D．電壓表（0～3V、）E.電壓表（0～15V、）F.滑動變阻器（0～）G.滑動變阻器（0～）H.開關、導線(1)上述器材中應選用的是______________。(2)實驗電路采用正確連接,R的測量值比真實值_________（填“偏大”或“偏小”或“相等”）。(3)在方框中畫出實驗電路圖__。12．（12分）某直流電動機M轉動時的U-I圖象如圖甲所示，該同學利用圖乙的實驗電路研究電動機的轉動情況，電路中使用恒壓電源，R1＝15Ω，R2是滑動變阻器，電流表A是理想電流表，實驗操作步驟如下：(1)閉合開關S2前，調節(jié)滑動變阻器，使其滑動觸頭應在________端．(選填“左”或“右”)(2)先閉合開關S1，開關S2保持斷開，此時電流表的示數為0.6A，則恒壓電源輸出電壓為________V．(3)再閉合開關S2，然后緩慢調節(jié)滑動變阻器使電動機恰好轉動起來，此時電流表的示數為1.8A，直流電動機M實際消耗的電功率為________W，滑動變阻器接入電路中的阻值為________．(以上均取兩位有效數值)四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示,一小型發(fā)電站通過升壓變壓器B1和降壓變壓器B2把電能輸送給用戶(B1和B2都是理想變壓器),已知發(fā)電機的輸出功率為500kW,輸出電壓為500V,升壓變壓器B1原、副線圈的匝數比為1∶10,兩變壓器間輸電導線的總電阻為2Ω,降壓變壓器B2的輸出電壓為220V.求：(1)輸電導線上損失的功率;(2)降壓變壓器B2的原、副線圈的匝數之比.14．（16分）兩個均標有“10V,20W”的線性元件L1和L2,與一個R=5Ω的電阻按圖示電路相連．在電路兩端加上U=15V的電壓后，求：(1)流經L1的電流；(2)兩元件L1和L2的實際功率．15．（12分）如圖所示為一真空示波管，電子從燈絲K發(fā)出（初速度不計），經燈絲與A板間的加速電壓U1加速，從A板中心孔沿中心線KO射出，然后進入兩塊平行金屬板M、N形成的偏轉電場中（偏轉電場可視為勻強電場），電子進入M、N間電場時的速度與電場方向垂直，電子經過電場后打在熒光屏上的P點。已知加速電壓為U1，M、N兩板間的電壓為U2，兩板間的距離為d，板長為L1，板右端到熒光屏的距離為L2，電子的質量為m，電荷量為e。求P點到O點的距離。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】試題分析：A、由圖看出，電場線或等勢面疏密均勻，無論圖中的實線是電場線還是等勢面，a點的場強和b點的場強大小相等．故A錯誤．B、根據電子的運動軌跡可知，電子所受的電場力方向向右，電場線方向水平向左，則a點的電勢都比b點的電勢低．故B錯誤．C、D電子所受的電場力方向向右，電場力做正功，電勢能減小，動能增大，則電子在a點的電勢能都比在b點的電勢能大，在a點的速率一定大于在b點的速率．故C錯誤，D正確．故選D2、A【解析】

順著電場線方向，電勢必定降低，則有．A．，與結論相符，選項A正確；B．，與結論不相符，選項B錯誤；C．，與結論不相符，選項C錯誤；D．，與結論不相符，選項D錯誤；3、B【解析】

由安培的環(huán)形電流假說，磁性變弱是由于磁鐵因劇烈震動而退磁了，里面的磁性排列變的雜亂，故選B4、B【解析】試題分析:將小船的實際運動沿著船頭指向和順著水流方向正交分解，由于分運動互不干擾，故渡河時間與水流速度無關，只與船頭指向方向的分運動有關，當船航行過程中，水流速度突然增大，沒有改變船頭指向的速度，所以對渡河時間無影響，只會對軌跡有影響，根據運動的合成可知，水的速度突然增大，會導致路程增大，故B正確，ACD錯誤；考點：運動的合成和分解5、C【解析】

如圖，作AB的中點F，則F點的電勢為9V，連接DF，然后反向延長AB至E點，使得，則E點的電勢為-3V，連接CE，則CE為一條等勢線，根據幾何知識可得DF∥CE，故DF也是一條等勢線，所以D點的電勢為9V，故C正確．6、D【解析】試題分析：由兩小球互相靠近，說明兩小球互相吸引，兩球一定帶異種電荷，A錯；對a、b兩小球均受重力，線的拉力和a、b兩球的靜電斥力，三力平衡.已知α>β,由平衡條件得ma<mb.兩球間的相互作用力大小相等，與兩球的電量無關，電量大小無法判斷，D對；BC錯；考點：考查庫侖定律的應用點評：難度中等，兩球間的庫侖力是相互作用力，故無法判斷兩球的電荷大小，這是本題應該注意的二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BCD【解析】

A、設理想電壓表示數為U，電路中電流為I，由閉合電路歐姆定律得：，可得：則通過電源和電動機的電流為1A，故A錯誤；B、根據歐姆定律可知定值電阻R兩端的電壓為，故B正確；C、電動機消耗的電功率為：電動機的發(fā)熱功率為：故電動機的輸出功率為：，故C正確；D、電源的效率，故D正確。8、AD【解析】

A。題中A、B、C三點電荷在D點產生的場強如圖所示，大小相等，則有、的矢量和沿軸正方向，大小也等于，方向沿軸負方向，故三個場強的矢量和為0，故A正確；B．題中A、B兩個+Q在O點的場強矢量和為0，所以O點的場強等于C點在O點產生的場強不為零，故A錯誤；CD．軸上的區(qū)間，合場強方向沿軸負方向，所以將正電荷從O移向C，電場力做正功，電勢能減小，將負電荷從O移向C，電場力做負功，電勢能增加，故C錯誤，D正確；故選AD。9、BD【解析】A、點A放一檢驗電荷，它所受到的電場力大小為F，方向水平向右，則A點的電場強度方向是水平向右，若在A點放一個負檢驗電荷，A點的場強方向仍然不變，是水平向右，故A錯誤；

B、負檢驗電荷受到的電場力方向與電場強度方向相反，則在A點放一個負檢驗電荷，它所受的電場力方向水平向左，故B正確；

C、在A點放一個電荷量為的檢驗電荷，則A點的場強大小仍然不變，故C錯誤；

D、在A點放一個電荷量為的檢驗電荷，由于A點的場強大小仍然不變，所以電場力變?yōu)?，故D正確．點睛：電場強度是通過比值定義的，比值與其電場力及電量均沒有關系．例如：質量與體積的比值定義為密度．當質量變大時，體積變大，而比值卻不變．電場線雖不實際存在，但卻能形象描繪電場的強度與方向．10、CD【解析】試題分析：因為電容器和電源相連，所以電容器兩極板間的電壓恒定不變，將平行板電容器的上極板豎直向下移動一小段距離，則兩極板間的距離減小，根據公式E=Ud可得兩極板間的電場強度增大，則P將向上運動，電場力做正功，電勢能將減小，P到下極板間的距離不變，根據公式U=Ed可得P與下極板間的電勢差增大，根據公式C=εS考點：考查了電容器的動態(tài)變化【名師點睛】在分析電容器動態(tài)變化時，需要根據C=εS4πkd判斷電容器的電容變化情況，然后結合E=U三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、ACDFH偏小【解析】

（1）[1]．根據閉合電路歐姆定律可求出通過待測電阻的最大電流為所以電流表應選C；根據電源電動勢為3V可知，電壓表應選D；根據電流表的最小讀數應為量程的1/3，根據閉合電路歐姆定律可求出電路中需要的最大電阻應為所以變阻器應選F，且應采用限流式接法；所以應選擇的器材是ACDFH；

（2）[2]．由于待測電阻滿足，所以電流表應用外接法；由于變阻器的阻值大于待測電阻，變阻器應采用限流式接法；電路應是外接限流式，此電路中電流的測量值偏大，則電阻Rx的測量值比真實值偏小。（3）[3]．如圖所示：

12、左9.03.84.8【解析】

（1）[1]因變阻器采用限流式接法，開關閉合前為使電路中電路中電流最小，應其接入電路中的阻值為最大．故滑片應在最左端．（2）[2]根據歐姆定律開關S2保持斷開時恒壓電源輸出電壓為：U=IR1=0.6×15V=9.0V（3）[3]知電源電壓恒為9.0V，閉合開關S2后根據歐姆定律有通過R1的電流為：A所以通過電動機的電流為：A再根據電動機的U-I圖象可讀出電動機兩端電壓UM=3.2V，則直流電動機M實際消耗的電功率為：P=UMI2=1.2×3.2W=3.8W[4]此時滑動變阻器兩端電壓為U3=E-UM=9-3.8=5.2V由歐姆定律可知，接入電阻：Ω四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)(2)【解析】

(1)原、副線圈電壓比等于匝數比，對升壓變壓器：即輸電線的電流：損失的功率：(2)降壓變壓器的輸入電壓：U3=U2-I2R=