河北省石家莊2025屆物理高一上期中達標檢測模擬試題含解析

河北省石家莊2025屆物理高一上期中達標檢測模擬試題注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區(qū)域內。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、關于加速度與速度、速度的變化最的關系，下列說法中正確的是（）A．物體的加速度增大時，速度可能增大B．物體的速度變化越慢，加速度越大C．物體的速度變化量越大，加速度越大D．物體的加速度減小，速度一定減小2、如圖，A、B兩球用勁度系數為k1的輕彈簧相連，B球用長為L的細繩懸于O點，A球固定在O點正下方，且O、A間的距離恰為L，此時繩子所受的拉力為T1，彈簧的彈力為F1，現把A、B間的彈簧換成勁度系數為k2（k1>k2）的輕彈簧，仍使系統(tǒng)平衡，此時繩子所受的拉力為T2，彈簧的彈力為F2，則下列說法正確的是（）A．T1＜T2B．F1＜F2C．T1＝T2D．F1＝F23、下列說法正確的是()A．有靜摩擦力一定有彈力B．重心就是物體的幾何中心C．彈力越大，靜摩擦力越大D．滑動摩擦力的方向總是與物體運動方向相反4、某空客A380大型客機在最大重量的狀態(tài)下起飛需要滑跑距離為3000m，著陸距離為2000m。設起飛滑跑和著陸時都是勻變速運動，起飛時速度是著陸時速度的1.5倍，則起飛滑跑時間和著陸滑跑時間之比是（）A．3∶2 B．1∶2 C．1∶1 D．2∶15、如圖所示，一定質量的物塊用兩根輕繩懸在空中，其中繩OA固定不動，繩OB在豎直平面內由水平方向向上轉動，則在繩OB由水平轉至豎直的過程中，繩OB的張力的大小將()A．一直變大 B．一直變小C．先變大后變小 D．先變小后變大6、根據高中所學知識可知，做自由落體運動的小球，將落在正下方位置．但實際上，赤道上方200m處無初速下落的小球將落在正下方位置偏東約6cm處，這一現象可解釋為，除重力外，由于地球自轉，下落過程小球還受到一個水平向東的“力”，該“力”與豎直方向的速度大小成正比，現將小球從赤道地面豎直上拋，考慮對稱性，上升過程該“力”水平向西，則小球A．到最高點時，水平方向的加速度和速度均為零B．到最高點時，水平方向的加速度和速度均不為零C．落地點在拋出點東側D．落地點在拋出點西側7、作用于一個質點上的三個力，F1=4N，F2=28N，F3=11N，它們的合力大小可能為A．24NB．25NC．3ND．11N8、如圖是甲、乙兩人做直線運動的s﹣t圖象，由圖可知（）A．0～t1時間內，甲的速度比乙的速度小B．0～t1時間內，甲的速度比乙的速度大C．t1～t2時間內，甲的速度比乙的速度小D．t2時刻，兩人速度相等9、從斜面上某一位置每隔1．1s釋放一個相同的小球，在連續(xù)放下n個小球以后，給在斜面上滾動的小球拍攝照片，如圖所示，測得AB=15cm，BC=21cm，則A．小球滾動的加速度大小為5m／s2B．拍攝時B球的速度大小為2.25m/sC．D與C之間的距離為1.21mD．A球上方還有2個滾動的小球10、甲、乙兩物體相距s，同時同向運動，甲在前面做加速度為a1、初速度為零的勻加速運動，乙在后面做加速度為a2、初速度為v0的勻加速運動，下列說法中正確的是（）A．當a1＝a2時，只能相遇一次B．若a1＞a2時，可能相遇一次C．若a1＞a2時，不可能相遇兩次D．若a1＜a2時，一定相遇11、飛機起飛時,其豎直方向速度隨時間變化的規(guī)律如圖所示,則下列說法正確的是(

)A．飛機經20min達到最高點B．飛機飛行的最大高度為6000mC．飛機經5min達到最高點D．飛機飛行的最大高度為4500m12、以20m/s的初速度豎直向上拋出一個物體，至速度大小變?yōu)?0m/s時經歷的時間可能是（）A．1秒 B．2秒 C．3秒 D．4秒二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、（6分）在做“研究勻變速直線運動”實驗中，打點計時器打出的一條紙帶中的某段如圖所示，計數點A、B、C……點間的時間間隔均為__________s，從圖中給定的長度，求出小車的加速度大小是_________m/s2，打下C點時小車的速度大小是________m/s。(結果保留兩位有效數字)14、（10分）某實驗小組做“探究彈力與彈簧伸長量的關系”的實驗，實驗時，先把彈簧平放在桌面上，用直尺測出彈簧的原長，再把彈簧豎直懸掛起來，在下端掛鉤碼，每增加一只鉤碼記下對應的彈簧長度L，數據記錄如下表所示：鉤碼個數12345彈力F/N1.02.03.04.05.0彈簧的長度L/cm7.09.011.013.015.0（1）根據表中數據在圖中作出圖線；（______）（2）由此圖線可得，該彈簧勁度系數_________；（3）圖線與L軸的交點坐標大于L0的原因是_____．三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、（12分）如圖所示，長度為L=5m，不能伸長的輕繩固定在A、B兩點，左右墻面間距為d=3m，質量為m=1.6kg的點燈掛在光滑輕質滑輪O上，滑輪跨在輕繩上靜止。求此時滑輪左右兩邊繩子拉力TA、TB的大小。（g=10m/s2）16、（12分）國慶節(jié)放假期間，全國高速公路免費通行，小轎車可以不停車通過收費站，但要求小轎車通過收費站窗口前x0＝9m區(qū)間的速度不超過v0＝6m/s.現有甲、乙兩小轎車在收費站前平直公路上分別以v甲＝20m/s和v乙＝34m/s的速度勻速行駛，甲車在前，乙車在后，甲車司機發(fā)現正前方收費站，開始以大小為a甲＝2m/s2的加速度勻減速剎車．(1)甲車司機需在離收費站窗口至少多遠處開始剎車才不違章．(2)若甲車司機經剎車到達離收費站窗口前9m處的速度恰好為6m/s，乙車司機在發(fā)現甲車剎車時經t0＝0.6s的反應時間后開始以大小為a乙＝4m/s2的加速度勻減速剎車，為避免兩車相撞，且乙車在收費站窗口前9m區(qū)不超速，則在甲車司機開始剎車時，甲、乙兩車至少相距多遠？(3)國慶免費通行期間上述甲車以v0＝6m/s勻速通過收費窗口后以2m/s2的加速度勻加速行駛到20m/s勻速行駛。若非假期甲小轎車仍通過該收費站以a甲＝2m/s2的加速度勻減速剎車，停車檄費用時30s，檄費后以2m/s2的加速度勻加速行駛恢復到20m/s勻速行駛。試計算國慶放假期間因不停車通過收費站可以節(jié)約多少時間？（設甲車始終在平直公路上行駛，窗口寬度與車長不計，不考慮乙車通過收費站窗口后運動。）17、（12分）如圖所示，水平地面上有一質量為10kg的木箱，地面與木箱之間的動摩擦因數為=0.1，一人用與水平方向夾45°角、大小為20N的力推木箱，木箱向右運動，求木箱受到的滑動摩擦力的大?。╣=10m/s2）

參考答案一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、A【解析】當加速度方向與速度方向相同，加速度增大，速度增大，A正確；加速度是反映速度變化快慢的物理量，速度變化越慢，加速度越小，B錯誤；根知，速度變化量越大，加速度不一定大，C錯誤；當加速度方向與速度方向相同，加速度減小，速度仍然增大，D錯誤．2、C【解析】解：對小球B受力分析，由平衡條件得，彈簧的彈力N和繩子的拉力F的合力與重力mg大小相等、方向相反，即，作出力的合成圖，并由三角形相似得：，又由題，，得，繩子的拉力T只與小球B的重力有關，與彈簧的勁度系數k無關，所以得到T1=T2，故C項正確．換成K2以后AB減小由可知F1>F2，B錯誤綜上所述，本題正確答案為C．3、A【解析】

A.根據摩擦力產生的條件，有靜摩擦力一定有彈力，而有彈力不一定有摩擦力，故A正確；B.重心是各部分所受重力的集中點，與幾何中心不是同一概念，故B錯誤；C.靜摩擦力的大小與正壓力無直接關系，但彈力與滑動摩擦力有關，故C錯誤；D.滑動摩擦力的方向總是與物體相對運動方向相反，故D錯誤。4、C【解析】

設著陸時的速度為v，則起飛的速度為1.5v，根據x1＝t1，x2＝t2得，．故C正確，ABD錯誤。故選C。5、D【解析】試題分析：對點O受力分析，受重力和兩根細線的拉力，然后根據平衡條件作圖分析．解：對O點受力分析，受重力和兩個拉力，如圖根據平衡條件，合力為零，將兩個拉力合成，與重力平衡，如圖；從圖中可以看出，OB繩子的拉力先減小后增加，OA繩子的拉力逐漸減小；故選D．【點評】本題是三力平衡中的動態(tài)分析問題，其中一個力大小和方向都不變，一個力方向不變大小變，一個力大小和方向都變，關鍵作圖分析．6、D【解析】AB、上升過程水平方向向西加速，在最高點豎直方向上速度為零，水平方向上有向西的水平速度，且有豎直向下的加速度，故AB錯；CD、下降過程向西減速，按照對稱性落至地面時水平速度為0，整個過程都在向西運動，所以落點在拋出點的西側，故C錯，D正確；故選D點睛：本題的運動可以分解為豎直方向上的勻變速和水平方向上的變加速運動，利用運動的合成與分解來求解．7、AB【解析】

當三個力的方向相同時，合力最大，三個力的合力不一定為零，當第三個力不在剩余兩個力的合力范圍內，合力不能為零．【詳解】F1=4N、F2=28N、F3=11N，三個力最大值等于三個力之和。即43N。三個力最小值是28N-4N-11N=13N。所以合力大小可能是24N和25N，不可能是3N和11N；故AB正確，CD錯誤；故選AB?！军c睛】解決本題的關鍵掌握兩個力的合力范圍，從而會通過兩個力的合力范圍求三個力的合力范圍．8、BC【解析】

AB.根據位移時間圖象的斜率等于速度，可知0～t1時間內，乙的速度為零，甲的速度不為零，則甲的速度比乙的速度大，故A錯誤，B正確。C.t1～t2時間內，甲的斜率小于乙的斜率，可知甲的速度比乙的速度小，選項C正確；D.t2時刻，兩人位移相等，表示相遇，但是速度不相等，選項D錯誤。9、AD【解析】A、每個球的運動都是重復的，故對所拍的照片的球可認為是一個球在不同時刻的位置由可得：，故選項A正確；

B、B球速度等于A、C球圖示時刻位置間運動過程的平均速度，故：，故選項B錯誤；

C、由于，故，故選項C錯誤；

D、，解得：，則A運動了，故A上還有兩個小球，故D正確。點睛：解決本題的關鍵掌握勻變速直線運動的公式和推論，并能靈活運用，有時運用推論求解會使問題更加簡捷。10、ABD【解析】

設甲、乙兩物體經t時間相遇，則有所以：，則：若，則，相遇一次；若，且時，t有一解或兩解，即兩物體可能相遇一次，也可能相遇兩次；若a1＜a2，則△＝＞0時，而t＞0，所以相遇一次，故ABD正確，C錯誤。11、AD【解析】

AC．由圖分析可知，飛機一直豎直向上運動，飛機經20min達到最高點，故A正確，C錯誤．BD．飛機飛行的最大高度等于梯形的“面積”，即有：故B錯誤，D正確．12、AC【解析】

取向上為正方向，如果末速度方向向上，則末速度為10m/s解得如果末速度方向向下，則末速度為-10m/s解得A.1秒與分析相符，故A正確。B.2秒與分析不符，故B錯誤。C.3秒與分析相符，故C正確。D.4秒與分析不符，故D錯誤。二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、0.10

4.0m/s2

1.1m/s【解析】兩計時點間時間間隔是0.02s，由圖得計數點間的時間間隔T=5×0.02s=0.10s小車的加速度大小a=打下C點時小車的速度大小vC14、0.5彈簧有自重【解析】

（1）[1]．根據表中數據在圖中作出圖線如圖；（2）[2]．該彈簧勁度系數（3）[3]．圖線與L軸的交點坐標大于L0的原因是彈簧有自重.三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、TA=TB=10N【解析】

滑輪兩邊繩子的拉力F相等，即TA=TB=F；則每根繩子與豎直方向的夾角相等，設為θ，繩子總長為L，左右墻面間距為d，由數學知識得到sinθ=d/L=0.6，則cosθ=0.8；以滑輪為研究對象，分析受力情況，作出力圖如圖所示。

根據平衡條件得：2Fcosθ=mg

得到繩子的拉力F=mg2cosθ即TA=TB=10N【點睛】本題是共點力平衡問題，關鍵在于運用幾何知識分析兩繩的夾角關系并求解夾角大小，這在高考中曾經出現過，有一定的難度．16、（1）100m（2）69.4m（3）34.5s【解析】

（1）對甲車速度由20m/s減速至6m/s過程中的位移x1＝v甲x2＝x0＋x1＝100m即甲車司機需在離收費站窗口至少100m處開始剎車．（2）設甲剎車后經時間t，甲、乙兩車速度相同，由運動學公式得：v乙－a乙(t－t0)＝v甲－a甲t解得t＝8.2s相同速度v＝v甲－a甲t＝3.6m/s<6m/s，即v＝6m/s的共同速度為不相撞的臨界條件乙車從反應到減速至6m/s的過程中的位移為x3＝v乙t0＋v乙所以要滿足條件甲、乙的距離至少為x＝x3－x1＝69.4m.（3）國慶期間該小轎車通過收費站勻減速運動的時間為：t勻加速運動的時間為：t2勻速運動時間為：t3′＝96s＝1.5s則不