2025屆蕪湖市重點中學高二物理第一學期期中質(zhì)量檢測模擬試題含解析

2025屆蕪湖市重點中學高二物理第一學期期中質(zhì)量檢測模擬試題注意事項1．考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置．3．請認真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，將平行板電容器與電池組相連，兩極間的帶電塵埃恰好處于靜止狀態(tài)。若將兩板緩慢地錯開一些，其他條件不變，則（）A．電容器帶電荷量不變 B．塵埃將向下運動C．檢流計中有a→b的電流 D．電容器的電容將增大2、如圖所示，三條平行且等間距的虛線表示電場中的三個等勢面，電勢分別為10V、20V、30V，實線是一帶電粒子（不計重力）在該區(qū)域內(nèi)的運動軌跡，當粒子運動到a、b、c三點處，下列說法正確的是（）A．電場力關系為B．速度關系為C．動能大小關系為D．電勢能大小關系為3、地面附近處的電場的電場線如圖所示,其中一條方向豎直向下的電場線上有a、b兩點,高度差為h。質(zhì)量為m、電荷量為-q的檢驗電荷，從a點由靜止開始沿電場線運動，到b點時速度為gh。下列說法中正確的是()A．質(zhì)量為m、電荷量為+q的檢驗電荷，從a點由靜止起沿電場線運動到b點時速度為2B．質(zhì)量為m、電荷量為+2q的檢驗電荷，從a點由靜止起沿電場線運動到b點時速度為2ghC．質(zhì)量為m、電荷量為-2q的檢驗電荷，從a點由靜止起沿電場線運動到b點時速度仍為ghD．質(zhì)量為m、電荷量為-2q的檢驗電荷，在a點由靜止開始釋放，點電荷將沿電場線在a、b兩點間來回運動4、在真空中，將羽毛和蘋果同時從同一高度由靜止釋放，并拍下頻閃照片，下列頻閃照片符合事實的是A． B． C． D．5、空間存在甲、乙兩相鄰的金屬球，甲球帶正電，乙球原來不帶電，由于靜電感應，兩球在空間形成了如圖所示穩(wěn)定的靜電場．實線為其電場線，虛線為其等勢線，A、B兩點與兩球球心連線位于同一直線上，C、D兩點關于直線AB對稱，則()A．A點和B點的電勢相同B．C點和D點的電場強度相同C．正電荷從A點移至B點，靜電力做正功D．負電荷從C點沿直線CD移至D點，電勢能先增大后減小6、如圖甲所示，一帶正電的粒子以水平初速度vo（vo<E/B）先后進入方向互相垂直的勻強電場和勻強磁場區(qū)域，兩場的區(qū)域?qū)挾认嗤?，帶電粒子穿過兩場的過程中（不計重力），電場和磁場對粒子所做的總功為W1；若把上述兩場正交疊加，如圖乙所示，粒子仍以水平初速度vo穿過疊加場區(qū)，此過程電場和磁場對粒子所做的總功為W2，比較W1和W2有：A．一定是W1>W2 B．一定是W1=W2C．一定是W1<W2 D．可能是W1>W2，也可能是W1<W2二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示是簡化的多用電表的內(nèi)部電路，轉(zhuǎn)換開關S與不同接點連接，就組成不同的電表，已知R3<R4A．S與1、2連接時，就組成了電流表，且S接1時量程較大B．S與3、4連接時，就組成了電流表，且S接3時量程較大C．S與3、4連接時，就組成了電壓表，且S接3時量程較小D．S與5連接時，就組成了歐姆表，此時紅表筆與電源負極相連8、一帶負電的粒子只在電場力作用下沿x軸正方向運動，其電勢能隨位移的變化關系如圖所示，則下列說法正確的是A．粒子從x1處運動到x2處的過程中電場力做正功B．x1處電場強度方向沿x軸正方向C．x1處的電場強度大小小于x2處的電場強度大小D．x1處的電勢比x2處的電勢低9、兩個相同的電容器A和B如圖連接，它們的極板均水平放置，當它們都帶有一定電荷并處于靜電平衡時，電容器A中的一帶電粒子恰好靜止，現(xiàn)將電容器B的兩極板沿水平方向移動使兩極板錯開，移動后兩極板仍然處于水平位置，且兩極板的間距不變，這時帶電粒子的加速度大小為g，忽略電場的邊緣效應，則（）A．電容器A的電壓增加，帶電粒子加速向上運動B．電容器A的帶電量增加原來的2倍C．電容器B的正對面積減少到原來的D．電容器B間的電場強度保持不變10、如圖所示，M、N是真空中兩塊平行金屬板，M、N間電壓為恒U，板間視為勻強電場，粒子（）、質(zhì)子（）分別從M板由靜止釋放，則兩種粒子到達N板時（兩個粒子均不計重力）A．粒子的動能比質(zhì)子大B．粒子的速度比質(zhì)子大C．粒子所用時間比質(zhì)子長D．質(zhì)子的動量比粒子大三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學用游標卡尺和螺旋測微器分別測量一薄的金屬圓片的直徑和厚度，讀出圖中的示數(shù)，該金屬圓片的直徑的測量值為cm，厚度的測量值為mm．12．（12分）為測定某電源的電動勢E、內(nèi)阻r以及一段電阻絲的電阻率ρ，設計了如圖甲所示的電路．a(chǎn)b是電阻率較大的粗細均勻的電阻絲，R0是阻值為2Ω的保護電阻，滑片P與電阻絲始終接觸良好．使用螺旋測微器測得電阻絲的直徑d=0.400mm．實驗時，閉合開關S，調(diào)節(jié)P的位置，記錄aP長度x和對應的電壓U和電流I的數(shù)據(jù)，并求得的數(shù)值，分別繪出了U-I關系圖象和關系圖象，如圖乙、丙所示．（1）根據(jù)圖乙可求出電源電動勢E=___V，內(nèi)阻r=_____Ω（均保留兩位有效數(shù)字）．（2）圖丙中關系圖象縱軸截距的物理意義是_____．（3）根據(jù)圖丙可求得電阻絲的電阻率ρ=_____Ω·m（保留三位有效數(shù)字）．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，電源電動勢E=8V，內(nèi)阻為r=2．5Ω，“3V，3W”的燈泡L與電動機M串聯(lián)接在電源上，燈泡剛好正常發(fā)光，電動機剛好正常工作，電動機的線圈電阻R=2．5Ω．求：（2）通過電動機的電流；（2）電源的輸出功率；（3）電動機的輸出功率．14．（16分）一輛汽車在平直的公路上做勻加速運動，由靜止加速到10m/s用了4s，求：汽車的加速度大小及這4s內(nèi)通過的位移大小。15．（12分）如圖所示，電場中某一條電場線為一直線，線上有A、B、C三個點．正電荷q1＝+10-8C從B點移到A點時克服電場力做了10-7J的功；負電荷q2＝-10-8C，在C點的電勢能比在B點時大10-7J．（1）判斷電場線的方向；（2）求出A、B兩點間的電勢差和B、C兩點間的電勢差；（3）若設B點的電勢為零，求電荷q2在A點的電勢能．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】

ACD．將兩板緩慢地錯開一些，兩板正對面積減小，根據(jù)電容的決定式可知電容器的電容減小，而電壓不變，則由可知電容器帶電量減小，處于放電狀態(tài)，檢流計中有a→b的電流，故AD錯誤，C正確；B．由于板間電壓和板間距離不變，則板間場強不變，塵埃所受電場力不變，仍處于靜止狀態(tài)，故B錯誤。故選C。2、D【解析】

A．因表示電場中三個等勢面的三條虛線是平行且等間距的，由此可判斷電場是勻強電場，所以帶電粒子在電場中各點受到的電場力相等。故A錯誤。BCD．帶負電的粒子在電場中運動時，電勢能與動能之間相互轉(zhuǎn)化，由圖中粒子的運動軌跡可知，a點到b點，電場力做負功，電勢能增大，動能減小，從b運動到c，電場力做正功，電勢能減小，動能增大，因此c點的電勢能最小，動能最大，即c點速度最大。故BC錯誤，D正確。3、D【解析】

A、從a到b的過程中，運用動能定理，對?q有：mgh-Uq=12mv12，對于q有：mgh+Uq=12B、對+2q運用動能定理：mgh+2Uq=12mv32C.對?2q運用動能定理：mgh-2Uq=12mv42D、由以上分析可知，電荷量為-2q的檢驗電荷，到達b點時，速度為零，說明電場力大于重力，故接下來向上運動，根據(jù)電場線的分布可知，越向上，電場力越小，最終會小于重力，當速度減為零后，又會向下運動，如此往復，故D正確；故選D?！军c睛】粒子在電場力與重力共同做功下，導致重力勢能、電勢能與動能間相互轉(zhuǎn)化，但它們的之和不變；電場力做功，導致電勢能變化，重力做功，導致重力勢能變化。4、C【解析】

在真空中物體只受重力作用，所以加速度都為重力加速度g，由于物體從靜止開始下落，根據(jù)：解得物體下落的時間：由于蘋果和羽毛從同一高度同時下落，故任意時刻都在同一高度，且是加速，故頻閃間距不斷變大，故選C．5、C【解析】

A．A點和B點不在同一個等勢面上，所以它們的電勢不同，故A錯誤。B．根據(jù)電場的對稱性可知，C點和D點的電場強度的大小相同，但是它們的方向不同，則電場強度不同，故B錯誤。C．從A點移至B點，電勢降低，所以正電荷從A點移至B點，電場力做正功，故C正確。D．C點和D點在同一個等勢面上，負電荷在CD兩點電勢能相等；負電荷從C點沿直線CD移至D點，電場力先做正功，后做負功，電勢能先減小后增大原來的值，故D錯誤。6、A【解析】

先判斷帶電粒子在電場中的受力情況和在重疊區(qū)的受力情況，比較兩種情況中的偏轉(zhuǎn)位移的大小，而洛倫茲力對粒子不做功，只有電場力做功，進而可以判斷做功大小．【詳解】不論帶電粒子帶何種電荷，粒子穿過重疊場區(qū)時，電場力的方向與洛倫茲力的方向的夾角大于90°，所以帶電粒子在電場中的偏轉(zhuǎn)位移比重疊時的偏轉(zhuǎn)位移大，所以不論粒子帶何種電性，甲中帶電粒子在電場中偏轉(zhuǎn)位移一定大于乙中的偏轉(zhuǎn)位移，而洛倫茲力對帶電粒子不做功，只有電場力做功，所以一定是W1＞W(wǎng)2，故A正確。故選A?！军c睛】本題解題的關鍵是分析兩種情況下的偏轉(zhuǎn)位移的大小，洛倫茲力對帶電粒子不做功，難度適中．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ACD【解析】由圖可以知道，當S與1、2連接時，多用電表就成了電流表，電阻與表頭并聯(lián)，當并聯(lián)電阻越小時，量程越大，因此前者量程較大，所以A選項是正確的；由圖可以知道，當S與3、4連接時，電流表與電阻串聯(lián)，測量電壓，電流表所串聯(lián)的電阻越大，所測量電壓值越大，則接4時比接3時倍率高，故B錯誤C正確；S與5連接時，電池連入電路，可構成閉合電路測量電阻，為歐姆檔變阻器R6為歐姆調(diào)零電阻，所以D8、ACD【解析】

A．帶負電粒子從x1運動到x2的過程中電勢能減小，則電場力做正功，故A正確；B．電場力做正功，說明粒子所受的電場力方向沿x軸正方向，則粒子帶負電，可知電場強度方向沿x軸負方向，故B錯誤；C．根據(jù)△Ep=-F△x，知Ep-x圖象斜率的絕對值等于電場力，由圖知，粒子在x1處所受的電場力小于在x2處所受的電場力，因此x1處的電場強度大小小于x2處的電場強度的大小，故C正確；D．電場強度方向沿x軸負方向，根據(jù)順著電場線方向電勢逐漸降低，可知x1處的電勢比x2處的電勢低，故D正確。9、AC【解析】試題分析：根據(jù)粒子的平衡可知粒子受電場力與重力的關系；兩電容器電容相同，總電量不變；由電容的決定式分析B的電容變化，由電容的定義式可得出其電量的變化，判斷出A的電量變化，從而能分析出A的電壓的變化．根據(jù)平衡條件、牛頓第二定律和電容的相關公式列式分析B的正對面積變化．解：A、D、帶電微粒靜止，則有：mg=，得U=①當B電容板錯開時，B電容器的電容C減小，帶電量減小，而兩個電容器的總電量不變，則A的帶電量增加，由C=知A板間電壓增加，說明B板的電壓增加，場強增大，粒子所受的電場力增大，所以粒子向上加速運動．故A正確，D錯誤．B、C、帶電微粒向上加速運動，根據(jù)牛頓第二定律得：﹣mg=m②由①②解得：U′=則板間電壓變?yōu)樵瓉淼谋叮鶕?jù)電容的定義式C=，可知A的帶電量為原來的倍，則B的帶電量為倍．由電容的定義式C=，可知B的電容為原來的倍，則B的正對面積減少到原來的．故C正確，B錯誤．故選AC點評：本題為電容器的動態(tài)分析，要注意明確兩電容直接相連時，電容器兩端的總電量保持不變；這是解本題的突破點．10、AC【解析】

A.根據(jù)動能定理得：解得：所以，粒子的動能比質(zhì)子大，故A正確；B.根據(jù)動能定理得：解得：質(zhì)子的比荷比粒子的大，可知質(zhì)子的速度比粒子大，故B錯誤；C.由得：可得粒子所用時間比質(zhì)子長，故C正確；D.粒子到達N板時動量為：知質(zhì)子的動量比粒子小，故D錯誤。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、1.240，1.682（或1.683）【解析】

游標卡尺的主尺讀數(shù)為12mm，游標讀數(shù)為8×0.05mm=0.40mm，所以最終讀數(shù)為：螺旋測微器的固定刻度讀數(shù)為1.5mm，可動刻度讀數(shù)為：所以最終讀數(shù)為：12、（1）3.0；1.0；（2）電流表的內(nèi)阻為2.0Ω；（3）1.26×10-6【解析】

解：(1)由圖甲根據(jù)閉合電路歐姆定律應有：，可整理為：，由圖乙根據(jù)函數(shù)斜率和截距的概念則有電源電動勢：，內(nèi)阻：；(2)由題意及可得：；結合數(shù)學一次函