黔西南市重點中學2025屆物理高二上期中教學質量檢測試題含解析

黔西南市重點中學2025屆物理高二上期中教學質量檢測試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，a、b、c是電場中的三個點，其電場強度大小分別為Ea、Eb、Ec，電勢分別為φa、φb、φc，把正點電荷由a點沿電場線移到b點的過程中，關于電場力對電荷所做的功及電荷電勢能的變化，下列說法中正確的是()A．電場力做正功，電勢能增加B．電場力做正功，電勢能減少C．電場力做負功，電勢能增加D．電場力做負功，電勢能減少2、下列幾種做法中，符合安全用電常識的是（）A．移動家用電器前要先切斷電源B．用濕布擦洗正在工作的用電器C．迅速往冒煙的家用電器上潑水D．施救者直接用手去拉觸電的人3、某位移式傳感器的原理示意圖如圖所示，E為電源，R為電阻，平行金屬板A、B和介質P構成電容器，在可移動介質P向左勻速移出的過程中()A．電容器的電容大小不受影響B(tài)．電容器所帶的電荷量增大C．電容器兩極板間的電壓增大D．電路中電流的方向為M→R→N4、探測放射線的計數管工作時,因為射線使內部氣體電離，在時間t內有n個二價正離子到達陰極，有2n個電子到達陽極，則計數器中的電流I為（）A．4ne/tB．3ne/tC．2ne/tD．ne/t5、用兩根等長的輕繩將一質量為60kg的物塊懸掛在水平天花板上，如圖所示。已知兩輕繩夾角為60°，取g＝10m/s2，則每根輕繩對物塊的拉力大小為（）A．2003NB．3003NC．300N6、如圖所示，a、b是帶有同種電荷的小球，用絕緣細線掛于同一點，兩球靜止時離水平地面的高度相等，不計空氣阻力，兩球帶電荷量不變。若同時將兩細線剪斷，則下列說法中正確的是A．a球先落地B．兩球落地時動能相等C．落地時a球飛行的水平距離比b球小D．在飛行過程中，a球受到的電場力比b球受到的電場力小二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、下面是某同學對一些公式的理解，其中正確的是()A．電源電動勢可知，非靜電力做功越多，電源電動勢也就越大B．由可知，電場中某點的電場強度與場源電荷所帶電荷量有關C．從可知，導體中的電流跟加在它兩端的電壓成正比，跟它的電阻成反比D．由可知，電容器的電容與其所帶電荷量成正比，與兩極板間的電壓成反比8、如圖所示電路中，三只燈泡原來都正常發(fā)光，當滑動變阻器的滑動觸頭向右移動時，下面判斷正確的是()A．電路中總電阻減小 B．L1變亮 C．L2變亮 D．L3變暗9、如下圖為一勻強電場，某帶電粒子從A點運動到B點．在這一運動過程中克服重力做的功為2.0J，電場力做的功為1.5J．則下列說法正確的是()A．粒子帶正電B．粒子在A點的電勢能比在B點多1.5JC．粒子在A點的動能比在B點少0.5JD．粒子在A點的機械能比在B點少1.5J10、有三個質量相等，分別帶正電、負電和不帶電的小球A、B、C，從同一位置以相同速度v0先后射入豎直方向的勻強電場中，它們落在正極板的位置如圖所示，則下列說法中正確的是（）A．小球A帶正電，小球B不帶電，小球C帶負電B．三個小球在電場中運動的時間相等C．三個小球到達正極板的動能EkA＜EkB＜EkCD．三個小球到達正極板的動量的增量△pA＜△pB＜△pC三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學想描繪標有“3.8V0.3A”的小燈泡燈絲電阻R隨電壓U變化的圖象．除了導線和開關外，有以下一些器材可供選擇：電流表：A（量程0.6A，內阻約)電壓表：V(量程5V，內阻約)電源：E（電動勢為4V，內阻約為）滑動變阻器：R1（最大阻值約為）、R2（最大阻值約為）電鍵S，導線若干．（1）在答題卡的方線框內畫出電路圖_______（2）為了調節(jié)方便，實驗中應選用滑動變阻器____．(選填器材前的字母代號)（3）根據實驗數據，計算并描繪出的圖象如圖乙所示.由圖象可知當所加電壓為3.00V時，燈泡實際消耗的電功率為_______W（計算結果保留兩位有效數字）.12．（12分）有一待測的電阻器Rx，其阻值約在40～50Ω之間，實驗室準備用伏安法來測量該電阻值的實驗器材有：電壓表V（量程0～10V，內電阻約20kΩ）；電流表A1，（量程0～500mA，內電阻約20Ω）；電流表A2，（量程0～300mA，內電阻約4Ω）；滑動變阻器R1（最大阻值為10Ω，額定電流為2A）；滑動變阻器R2（最大阻值為250Ω，額定電流為0.1A）；直流電源E（電動勢為9V，內電阻約為0.5Ω）；開關及若干導線．實驗要求電表讀數從零開始變化，并能多測出幾組電流、電壓值，以便畫出I﹣U圖線．（1）電流表應選用．（2）滑動變阻器選用（選填器材代號）．（3）請在如圖所示的方框內畫出實驗電路圖．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖為固定在豎直平面內的軌道，直軌道AB與光滑圓弧軌道BC相切，圓弧軌道的圓心角為37°，半徑為r=0.21m，C端水平,AB段的動摩擦因數為0.1．豎直墻壁CD高H=0.2m,緊靠墻壁在地面上固定一個和CD等高，底邊長L=0.3m的斜面．一個質量m=0.1kg的小物塊(視為質點)在傾斜軌道上從距離B點l=0.1m處由靜止釋放，從C點水平拋出．重力加速度g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.2．求：（1）小物塊運動到C點時對軌道的壓力的大?。唬?）小物塊從C點拋出到擊中斜面的時間；（3）改變小物體從軌道上釋放的初位置，求小物體擊中斜面時動能的最小值．14．（16分）如圖所示，一個質量為0.6kg的小球以某一初速度從P點水平拋出，恰好從光滑圓弧軌道ABC的A點的切線方向進入圓弧軌道（不計空氣阻力，進入圓弧時無機械能損失）．已知圓弧的半徑R=0.3m，θ=60°，小球到達A點時的速度vA=4m/s．g取10m/s2，求：（1）小球做平拋運動的初速度v0；（2）小球到達圓弧最高點C時對軌道的壓力．15．（12分）如圖甲所示，有小孔O和O′的兩金屬板正對并水平放置，上下板分別與A，B接口連接，接上乙圖所示電源，零時刻開始一帶負電小球從O孔以某一初速度v豎直射入兩板間．在0-T/2半個周期小球勻速下落；當在T時刻時，小球恰好從O′孔離開．已知板間距為3d，帶電小球質量為m，電荷量為q，重力加速度為g．求：（1）U0的大?。?）在T/2-T時間內，小球的加速度大小（3）小球射入O孔時的速度v

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】

電場線水平向右，正電荷在電場中的受力方向沿電場線的方向，故由a點沿電場線移到b點的過程中，電場力做正功；則電勢能減?。籄．電場力做正功，電勢能增加，與結論不相符，選項A錯誤；B．電場力做正功，電勢能減少，與結論相符，選項B正確；C．電場力做負功，電勢能增加，與結論不相符，選項C錯誤；D．電場力做負功，電勢能減少，與結論不相符，選項D錯誤；2、A【解析】

A.移動家用電器前要先切斷電源以防止觸電，故A項正確；B.用濕布擦洗正在工作的用電器可能引起觸電現(xiàn)象，故B項錯誤；C.往冒煙的家用電器上潑水可能導致用電器短路，從而引起火災，故C項錯誤；D.施救者不能直接用手去拉觸電的人，以防觸電，故D項錯誤。3、D【解析】

在介質P向右勻速移出的過程中，根據電容的決定式：分析可知電容變小，電容器始終與電源相連，故電壓不變，由：可知電容器電荷量減小，電容器處于放電狀態(tài)，則流過電阻R的電流方向從M到N，M點的電勢比N點的電勢高，故選D.4、A【解析】考點：電流、電壓概念．專題：恒定電流專題．分析：根據電流的公式I=，q是正離子和電子電量絕對值的和．每個電子電量大小為e，每個二價正離子的電量大小為2e．解答：解：由題：在時間t內有n個二價正離子到達陰極，有2n個電子到達陽極可知，則q=n?2e+2n?e=4ne由電流公式I=得I=故選A．點評：本題考查對電流的定義式中電量的理解能力．對于正負電荷沿相反方向定向移動形成電流的情況求電流時，電量是通過導體截面正負電荷電量絕對值之和．5、A【解析】

物體受重力和兩個拉力，拉力與豎直方向的夾角為30°，根據平衡條件，豎直方向，有：2Tcos30°=mg，代入數據解得：T=2003N，故A正確，6、C【解析】

根據根據牛頓第三定律得：A球對B球的庫侖力等于B球對A球的庫侖力．未剪斷兩根細線時，對小球受力分析，根據平衡條件和相似三角形表示兩球質量的大小關系，抓住豎直方向上運動規(guī)律相同，比較運動的時間，根據水平方向上動量守恒比較兩球在水平方向上的速度，從而比較落地時水平距離，結合動能定理比較兩球落地的動能；【詳解】A、同時剪斷細線后，二者在豎直方向上均只受重力，故在豎直方向上均做自由落體運動，可知兩球同時落地，故A錯誤；C、對小球受力分析，根據平衡條件有：mag=F庫tanα，mbg=F庫tanβ，由于β>α，所以ma>mb，而剪斷細線后，在水平方向上，a、b組成的系統(tǒng)動量守恒，B、由于庫侖力對a球做功較小，重力對a球做功較大，根據動能定理可知，無法比較兩球落地的動能，故B錯誤；D、在飛行過程中，根據牛頓第三定律可知，a球受到的電場力等于b球受到的電場力，故D錯誤；故選C?！军c睛】關鍵是運用平衡條件分析兩物體質量關系，采用運動的分解法分析小球的運動規(guī)律，剪斷細線后，在水平方向上，a、b組成的系統(tǒng)動量守恒。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】

A．電源電動勢可知，非靜電力對單位正電荷做功越多，電源電動勢也就越大，選項A錯誤；B．由可知，電場中某點的電場強度與場源電荷所帶電荷量有關，選項B正確；C．從可知，導體中的電流跟加在它兩端的電壓成正比，跟它的電阻成反比，選項C正確；D．電容器的電容有電容器本身決定，與極板所帶電荷量無關，與極板間電勢差也無關。故D錯誤；8、CD【解析】

A.當滑片右移時，滑動變阻器接入電阻增大，則電路中總電阻增大，故A誤差。B.電路中總電阻增大，由閉合電路歐姆定律可知電路中總電流減小，故L1變暗，故B錯誤。CD.電路中電流減小，故內阻及R0、L1兩端的電壓減小，而電動勢不變，故并聯(lián)部分的電壓增大，故L2變亮；因L2中電流增大，干路電流減小，故流過L3的電流減小，故L3變暗；故CD正確。9、ABD【解析】

A.帶電粒子從A點運動到B點，電場力做的功為1.5J，說明粒子受水平向右的電場力，則粒子帶正電，選項A正確；B.帶電粒子從A點運動到B點，電場力做的功為1.5J，電勢能減少1.5J，所以粒子在A點的電勢能比在B點多1.5J，選項B正確；C.從A點運動到B點根據動能定理有，即，所以粒子在A點的動能比在B點多0.5J，選項C錯誤；D.從A點運動到B點根據功能關系有，即，所以粒子在A點的機械能比在B點少1.5J，選項D正確。故選ABD。10、ACD【解析】

AB．小球做類平拋運動，水平方向為勻速運動，豎直方向為初速度為零的勻加速運動，從圖中可以看到小球A的水平位移最大，根據公式可知小球A運動的時間最長，其次是小球B，小球C的運動時間最短；在豎直方向上，則有由于相同，結合時間得知小球受重力和電場力，又由于帶正電的小球受到的電場力方向與電場方向相同，帶負電的小球受到的電場力方向與電場方向相反，不帶電的小球不受電場力，所以小球A受到向上的電場力即小球A帶正電，小球C帶負電，小球B不帶電，故A正確，B錯誤；C．以相同的水平速度先后垂直極板間電場射入，C球受合外力最大，則合外力的功最多，動能增量最大；A球受合外力最小，則合外力的功最少，動能增量最小，所以三個小球到達正極板時的動能為故C正確；D．因為，根據可知豎直位移相等，則而小球的動量增量為可知△pA＜△pB＜△pC選項D正確。故選ACD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、0.78【解析】（1）因測伏安特性曲線要求電壓與電流調節(jié)范圍大，故變阻器需用分壓式接法，所以要選擇電阻值比較小的，故選；因測伏安特性曲線要求電壓與電流調節(jié)范圍大，故變阻器需用分壓式接法；小燈泡的電阻值：，由于，即電壓表的電阻遠大于小燈泡的電阻，所以實驗中采用電流表外接法，實驗原理圖如圖：，（3）由R-U圖象知，當U=3.00V時，則燈泡實際消耗的電功率為.故答案為（1），（2），（3）0.78.【點睛】測定小燈泡的伏安特性曲線實驗要求電壓與電流從零調起或要求電流電壓調節(jié)范圍大一些，因此，滑動變阻器應采用分壓式接法．12、(1)(2)(3）電路圖如下圖所示【解析】

由歐姆定律求出電路最大電流，根據該電流選擇電流表；根據電路電流及方便實驗操作的原則選擇滑動變阻器；根據題目要求確定滑動變阻器的接法，根據待測電阻阻值與電表內阻的關系確定電流表采用內接法還是外接法，然后作出實驗電路圖．【詳解】（1）電路最大電流約為，因此電流表應選擇A2；（2）滑動變阻器R2的額定電流是0.1A＜0.225A，且滑動變阻器R2的最大阻值較大，實驗操作不方便，為保證電路安全，方便實驗操作，滑動變阻器應選R1；（3）實驗要求電表讀數從零開始變化，因此滑動變阻器應采用分壓接法，Rx阻值約在40～50Ω之間，電流表A2內電阻約4Ω，電壓表V內阻約20kΩ，電壓表內阻遠大于待測電阻阻值，因此電流表應采用外接法，實驗電路圖如圖所示．【點睛】本題考查了實驗器材的選擇、設計電路的設計，是實驗的?？紗栴}，一定要掌握；實驗電路設計是本題的難點，確定滑動變阻器的接法、電流表的接法是正確解題的關鍵．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）2.2N（2）t=315s（3）當y=0.12m，【解析】試題分析：小物塊從A到C的過程，由動能定理求出C點的速度．在C點，由牛頓第二定律求軌道對小物塊的支持力，再由牛頓第三定律得到小物塊對軌道的壓力．（