2025屆福建廈門大同中學(xué)物理高二上期中復(fù)習(xí)檢測試題含解析

2025屆福建廈門大同中學(xué)物理高二上期中復(fù)習(xí)檢測試題考生請注意：1．答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內(nèi)，不得在試卷上作任何標(biāo)記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內(nèi)，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示為洛倫茲力演示儀的結(jié)構(gòu)圖，勵磁線圈產(chǎn)生的勻強磁場方向垂直紙面向外，電子束由電子槍產(chǎn)生，其速度方向與磁場方向垂直。電子速度的大小和磁場強弱可分別由電子槍的加速電壓和勵磁線圈的電流來調(diào)節(jié)。下列說法正確的是（）A．僅使勵磁線圈中電流為零，電子槍中飛出的電子束將做勻加速直線運動B．僅提高電子槍加速電壓，電子束徑跡的半徑變大C．僅增大勵磁線圈中電流，電子做圓周運動的周期將變大D．僅提高電子槍加速電壓，電子做圓周運動的周期將變小2、如圖所示，在第一象限內(nèi)有垂直紙面向里的勻強磁場（磁場足夠大），一對正、負電子分別以相同的速度沿與x軸成15°角的方向從原點垂直磁場射入，則負電子與正電子在磁場中運動的時間之比為（）A．1：5B．5：2C．5：3D．3：23、如圖是測定兩個電源的電動勢和內(nèi)電阻實驗中得到的圖線，則應(yīng)有（

）A．當(dāng)時，電源總功率B．當(dāng)時，外電阻C．當(dāng)時，電源輸出功率D．當(dāng)時，電源內(nèi)部消耗的電功率4、a、b、c是在地球大氣層外的圓形軌道上勻速運行的三顆人造衛(wèi)星，其中a、b的軌道半徑相同，b、c的軌道在同一平面內(nèi)。某時刻a處于a、b軌道的交點，c處于b的正上方，如圖所示，則下列說法正確的是A．a(chǎn)、b在此后有可能相撞B．a(chǎn)、b的加速度大小相等，且小于c的加速度C．a(chǎn)、b的線速度大小相等，且大于c的線速度D．下一次c處于b的正上方一定仍在圖示位置處5、圖甲是洛倫茲力演示儀。圖乙是演示儀結(jié)構(gòu)圖，玻璃泡內(nèi)充有稀薄的氣體，由電子槍發(fā)射電子束，在電子束通過時能夠顯示電子的徑跡。圖丙是勵磁線圈的原理圖，兩線圈之間產(chǎn)生近似勻強磁場，線圈中電流越大磁場越強，磁場的方向與兩個線圈中心的連線平行。電子速度的大小和磁感應(yīng)強度可以分別通過電子槍的加速電壓和勵磁線圈的電流來調(diào)節(jié)。若電子槍垂直磁場方向發(fā)射電子，給勵磁線圈通電后，能看到電子束的徑跡呈圓形。關(guān)于電子束的軌道半徑，下列說法正確的是A．只增大電子槍的加速電壓，軌道半徑不變B．只增大電子槍的加速電壓，軌道半徑變小C．只增大勵磁線圈中的電流，軌道半徑不變D．只增大勵磁線圈中的電流，軌道半徑變小6、兩列相干水波的疊加情況如圖所示，水波可看做橫波，圖中的實線表示波峰，虛線表示波谷。設(shè)兩列波的振幅均為5cm，且在圖示的范圍內(nèi)振幅不變，波速和波長分別為1m/s和1m。C點是BE連線的中點，下列說法正確的是A．F、Q兩點都保持靜止不動B．圖示時刻A、B兩點的豎直高度差為10cmC．從圖示的時刻起經(jīng)0.5s后，B點通過的路程為10cmD．圖示時刻C點正處在平衡位置且向下運動二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖甲，A、B是一對平行金屬板，在兩板間加有周期為T的交變電壓U0，A板電勢為φA=0，B板電勢為φB隨時間t變化的規(guī)律如圖乙所示．現(xiàn)有一個電子從A板的小孔進入兩板間的電場中，設(shè)電子的初速度和重力的影響均可忽略，則A．若電子是在t=0時刻進入的，它將一直向B板運動B．若電子是在t=T/8時刻進入的，它可能時而向B板運動，時而向A板運動，最后打在B板上C．若電子是在t=3T/8時刻進入的，它可能時而向B板運動，時而向A板運動，最后打在B板上D．若電子是在t=T/2時刻進入的，它可能時而向B板運動，時而向A板運動8、如圖所示，在豎直平面內(nèi)有一水平向右的勻強電場，場強E＝1.0×104N/C。半徑R＝2.0m的光滑絕緣細圓環(huán)形軌道豎直放置且固定，有一質(zhì)量m＝0.4kg、電荷量q＝＋3.0×10－4C的帶孔小球穿過細圓環(huán)形軌道靜止在位置A，現(xiàn)對小球沿切線方向作用一瞬時速度vA，使小球恰好能在光滑絕緣細圓環(huán)形軌道上做圓周運動，取圓環(huán)的最低點為重力勢能和電勢能的零勢能點．已知BC是圓環(huán)形軌道的一條水平直徑，g＝10m/s2，sin370＝0.6，cos370＝0.8A．在位置A靜止時圓環(huán)對小球的彈力大小為5NB．瞬時速度vA的大小為C．瞬時速度vA的大小為D．小球通過B點時的機械能最小9、如圖所示，真空中兩點電荷A、B帶電量分別為+3Q和-Q，O點為連線的中點，a、b兩點都在它們之間的連線上，c、d兩點在AB連線的中垂線上．已知Oa=Ob，a、b兩點的場強分別為Ea、Eb；Oc>Od，c、d兩點的電勢分別為φc、φd則下列說法正確的是A．Ea<Eb B．Ea>Eb C．φc>φd D．φc<φd10、平行板電容器充電后與電源斷開，負極板接地，在兩極板間有一正電荷（電量很小）固定在P點，如圖所示，以E表示兩極板間場強，U表示電容器兩極間電壓；表示正電荷在P點的電勢能．若保持負極板不動，將正極板移到圖中虛線所示位置，則（）A．U變小，E不變B．E變大，變大C．U不變，不變D．U變小，不變?nèi)?、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）（1）一游標(biāo)卡尺的主尺最小分度為1mm，游標(biāo)上有10個小等分間隔，現(xiàn)用此卡尺來測量工件的直徑，如圖所示，該工件的直徑為________毫米．（2））某次使用螺旋測微器測量長度時如下圖所示，則本次測量的長度是__________毫米．12．（12分）有一只標(biāo)值為“2.5V，×W”的小燈泡，其額定功率的標(biāo)值已模糊不清．某同學(xué)想通過描繪燈絲伏安特性曲線來測定該燈泡的額定功率．①已知小燈泡的燈絲電阻約為5Ω，請先在圖甲中補全用伏安法測量燈絲電阻的電路圖，再選擇電流表（0~0.6A；0~3A）、電壓表（0~3V；0~15V）的合適量程，并按圖甲連接方式將圖乙中的實物連成完整的電路．②開關(guān)S閉合之前，將圖乙中滑動變阻器的滑片應(yīng)置于(選填“A端”、“B端”或“AB正中間”)③該同學(xué)通過實驗作出的燈絲伏安特性曲線如上圖丙所示，則小燈泡的額定功率為W．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）有規(guī)格為“220V1000W”的電爐，求它在正常工作時的電阻；如果電壓只有110V，求它實際消耗的功率。14．（16分）如圖所示，在豎直邊界線O1O2左側(cè)空間存在一豎直向下的勻強電場，電場強度大小E＝100V/m．電場區(qū)域內(nèi)有一固定的粗糙絕緣斜面AB，其傾角為370，A點距水平地面的高度h=3m；BC段為一粗糙絕緣水平面，其長度L＝3m．斜面AB與水平面BC由一光滑小圓弧連接（圖中未標(biāo)出），豎直邊界線O1O2右側(cè)區(qū)域固定一半徑R＝0.5m的半圓形光滑絕緣軌道，CD為半圓形光滑絕緣軌道的直徑，C、D兩點緊貼豎直邊界線O1O2，位于電場區(qū)域的外部（忽略電場對O1O2右側(cè)空間的影響）．現(xiàn)將一質(zhì)量m＝1kg、電荷量q＝0.1C的帶正電的小物塊（可視為質(zhì)點）置于A點由靜止釋放，已知該小物塊與斜面AB和水平面BC間的動摩擦因數(shù)均為＝0.3，取g＝10m/s2，sin370＝0.6，cos370＝0.1．(1)求物塊到達C點時的速度大??；(2)求物塊到達D點時所受軌道的壓力大??；(3)物塊從D點進入電場的瞬間，將勻強電場的方向變?yōu)樗椒较?，并改變電場強度的大小，使物塊恰好能夠落到B點，求電場強度的大小和方向．（?。?.24）15．（12分）如圖所示的電路中，電源電動勢E＝10V，內(nèi)阻r＝0.5Ω，電動機的電阻R0＝1.0Ω，電阻R1＝1.5Ω，電動機正常工作時，電壓表的示數(shù)U1＝3.0V，求：（1）電源的總功率和輸出功率；（2）電動機消耗的電功率和將電能轉(zhuǎn)化為機械能的功率；（3）如果電動機正常工作時，轉(zhuǎn)子突然被卡住，電動機此時的發(fā)熱功率（設(shè)此時線圈未被燒壞）．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】

根據(jù)電子所受洛倫茲力的方向結(jié)合右手定則判斷勵磁線圈中電流方向是順時針方向，電子在加速電場中加速，由動能定理有：eU=12mv02…①

電子在勻強磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力充當(dāng)向心力，有：eBv0=mv02r…②

T=2πmeB…④

可見：僅使勵磁線圈中電流為零，電子槍中飛出的電子束不再受任何作用力，故將做勻速直線運動，故A錯誤；提高電子槍加速電壓，電子束的軌道半徑變大、周期不變，故B正確，D錯誤；增大勵磁線圈中的電流，電流產(chǎn)生的磁場增強，由④式知周期變小，故C【點睛】本題考查了粒子在磁場中運動在實際生活中的應(yīng)用，正確分析出儀器的原理是關(guān)鍵，知道帶電粒子在電場中加速而在磁場中偏轉(zhuǎn)做圓周運動，明確周期公式和半徑公式的推導(dǎo)過程和應(yīng)用．2、D【解析】分析：帶電粒子以一定的速度垂直進入勻強磁場，在洛倫茲力的作用下做勻速圓周運動．粒子受到的洛倫茲力提供向心力；粒子在磁場中運動的周期僅與粒子的比荷及磁場有關(guān)，而運動的時間與偏轉(zhuǎn)角有關(guān)．解答：解：正離子進入磁場后，在洛倫茲力作用下向上偏轉(zhuǎn)，而負離子在洛倫茲力作用下向下偏轉(zhuǎn)．正離子以60°入射，則圓弧對應(yīng)的圓心角為120°，而負離子以30°入射，則圓弧對應(yīng)的圓心角為60°，所以正離子運動時間是負離子時間的2倍．故選B點評：帶電粒子在磁場中運動的題目解題步驟為：定圓心、畫軌跡、求半徑．則可畫出正、負離子運動軌跡，由幾何關(guān)系可知答案．3、A【解析】

由閉合電路歐姆定律得：變形得可知圖線得截距代表電動勢，斜率代表內(nèi)阻；A.由圖可知兩電源電動勢相等，電源總功率，當(dāng)時，電源總功率，故A正確；B.圖線2的斜率大于圖線1的斜率，則電源的內(nèi)阻，當(dāng)時，由閉合電路歐姆定律可知有，則，故B錯誤；C.電源的輸出功率，當(dāng)時，由圖知，則，故C錯誤；D.電源內(nèi)部消耗的功率，當(dāng)時，電源內(nèi)電壓，由圖電源內(nèi)阻，則，故D錯誤。故選A。4、C【解析】

A．a(chǎn)、b的軌道半徑相同，根據(jù)知，a、b的線速度大小相等，則a、b在此后不可能相撞，故A錯誤。B．根據(jù)知，a、b的軌道半徑相等，則加速度大小相等，a、b的軌道半徑小于c的軌道，則加速度大于c的加速度，故B錯誤。C．根據(jù)知，a、b的軌道半徑相等，則線速度大小相等，a、b的軌道半徑小于c的軌道，則線速度大于c的線速度，故C正確。D．根據(jù)可知，c的周期大于b，則b的角速度比c的大，因此當(dāng)b運動的角度比c多時c會出現(xiàn)在b的正上方，不一定時圖示的位置，D錯誤。5、D【解析】電子在加速電場中加速，由動能定理有：eU=mv02；電子在勻強磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力充當(dāng)向心力，有：eBv0=m，解得：；增大電子槍的加速電壓，軌道半徑變大，選項AB錯誤；增大勵磁線圈中的電流，電流產(chǎn)生的磁場增強，可以使電子束的軌道半徑變小．故C錯誤，D正確；故選D.6、A【解析】

A．F、Q兩點均為波谷與波峰相遇為振動減弱點，由于兩列波的振動步調(diào)相反，所以F、Q兩點都保持靜止不動，故A正確；B．點A是波峰與波峰相遇，B點是波谷與波谷相遇，它們均屬于振動加強點；由于振幅是5cm，A點是波峰與波峰相遇，則A點相對平衡位置高10cm，而B點是波谷與波谷相遇，則B點相對平衡低10cm。所以A、B相差20cm，故B錯誤；C．周期從圖示的時刻起經(jīng)0.5s后，B點通過的路程為故C錯誤；D．圖示時刻點C處于平衡位置，兩列波單獨引起的速度均向上，故點C此時的合速度向上，故D錯誤。故選A。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AB【解析】

若電子在t=0時刻進入的，在一個周期內(nèi)，前半個周期受到的電場力向上，向上做加速運動，后半個周期受到的電場力向下，繼續(xù)向上做減速運動，T時刻速度為零，接著周而復(fù)始，所以電子一直向B板運動，一定會到達B板，故A正確；若電子是在時刻進入的，在一個周期內(nèi)：在，電子受到的電場力向上，向上做加速運動，在內(nèi)，受到的電場力向下，繼續(xù)向上做減速運動，時刻速度為零，接著繼續(xù)向B板運動，周而復(fù)始，所以電子時而向B板運動，時而向A板運動，最后打在B板上，故B正確；若電子是在時刻進入的，與在時刻進入時的情況相似，在運動一個周期的時間內(nèi)，時而向B板運動，時而向A板運動，總的位移向左，最后穿過A板，故C錯誤；若電子是在時刻進入的，在一個周期內(nèi)：在，電子受到的電場力向左，向左做加速運動，在內(nèi)，受到的電場力向右，繼續(xù)向左做減速運動，時刻速度為零，接著周而復(fù)始，所以電子一直向A板運動，一定不會到達B板，故D錯誤．8、ACD【解析】

A.小球在A點受力平衡，根據(jù)共點力平衡得,彈力N=(mg)2B.設(shè)電場力和重力的合力方向與豎直方向的夾角為θ，則tanθ=qEmg=34，即θ=37°.在等效最高點，最小速度為零，根據(jù)動能定理得,?F?代入數(shù)據(jù)解得vA=10m/s.故B錯誤，C正確；D.從A到B的過程中，電場力所做的負功最多，則機械能損失最多，可知小球通過B點時的機械能最小。故D正確。故選：ACD.【點睛】根據(jù)共點力平衡求出小球在A點所受的彈力大小；根據(jù)等效最高點的最小速度為零，通過動能定理求出A點的瞬時速度；根據(jù)功能關(guān)系，即除重力做功以外其它力做功等于機械能的增量判斷何處機械能最小。9、BD【解析】點電荷A、B帶電量分別為+3Q和-Q，a處電場線比b處電場線密，而電場線的疏密表示場強的大小，所以有Ea＞Eb．故A錯誤，B正確．由疊加可知，c點電場方向斜向左下方，根據(jù)順著電場線方向電勢降低，o點電勢比c點電勢高，同理，o點電勢也比d點電勢高，根據(jù)對稱性可知，d點電勢與d點關(guān)于o點的對稱點的電勢相等，此對稱點的電勢高于c點電勢，所以d點電勢高于c點電勢，則有φc＜φd．故C錯誤，D正確．故選BD．點睛：解答本題關(guān)鍵是一方面要掌握電場線的兩個意義：疏密表示場強的大小，順著電場線方向電勢降低，另一方面要抓住對稱性．10、AD【解析】平行板電容器充電后與電源斷開，電容器的電量不變．將正極板移到圖中虛線所示的位置，板間距離減小，由，知電容C增大，由，知板間場強不變，而電量Q不變，由公式分析得到板間電壓U減小，根據(jù)，E不變，P點到負極板的距離不變，P點的電勢不變，正電荷在P點的電勢能不變，故選AD.【點睛】平行板電容器充電后與電源斷開后，電容器的電量不變，將正極板移到圖中虛線所示的位置，板間距離減小，電容增大，電場強度不變.三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、29.85.805【解析】

[1]游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為29mm，游標(biāo)尺上第8個刻度和主尺上某一刻度對齊，所以游標(biāo)讀數(shù)為8×0.1mm=0.8mm，所以最終讀數(shù)為：29mm+0.8mm=29.8mm；[2]螺旋測微器的固定刻度為5.5mm，可動刻度為30.5×0.01mm=0.305mm，所以最終讀數(shù)為5.5mm+0.305mm=5.805mm．12、①電路圖和實物連線圖如下圖②B端③1.1W【解析】試題分析：①由于電壓電流需從零測起，因此滑動變阻器采用分壓式接法；燈泡的電阻約為5Ω，屬于小電阻，電流表采取外接法；由于小燈泡的額定電壓為2.5V，因此電壓表選擇3V量程的，小燈泡的額定電流為0.44A，則電流表量程選擇0.6A的，電路圖和實物連線圖如下圖．②開關(guān)S閉合之前，將圖乙中滑動變阻器的滑片應(yīng)置于B端，使測量電路部分處于短路狀態(tài)，閉合電鍵時，電壓表、電流表示數(shù)為零，起到保護電路的作用③小燈泡的伏安特性曲線可知，當(dāng)時，，根據(jù)考點：本題考查了描繪小燈泡的伏安特性曲線、滑動變阻器