廣東省實驗中學順德學校2025屆物理高三上期中統(tǒng)考模擬試題含解析

廣東省實驗中學順德學校2025屆物理高三上期中統(tǒng)考模擬試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、艦載戰(zhàn)斗機著艦被稱為“在刀尖上跳舞”，指的是艦載戰(zhàn)斗機著艦有很大的風險，一旦著艦不成功，飛行員必須迅速實施“逃逸復飛”，“逃逸復飛”是指制動掛鉤掛攔阻索失敗后飛機的復飛.若某飛行員在一次訓練“逃逸復飛”科目時，艦載戰(zhàn)斗機復飛前的速度為25m/s，復飛過程中的最大加速度為6m/s2，航母跑道長為200m，起飛需要的最小速度為50m/s.則艦載戰(zhàn)斗機在跑道上復飛過程的最短時間是()A．4.2s B．5.0s C．7.5s D．8.0s2、如圖所示，水平固定桿上套一物塊甲，甲與小球乙用一根不可伸長的輕繩相連，現(xiàn)用跟水平方向成角的力拉著乙并帶動甲一起向右勻速運動，在運動中兩者的相對位置保持不變，甲與水平桿間的動摩擦因數(shù)為。在運動過程中，輕繩與水平方向的夾角為，已知甲、乙質量分別為2kg和1kg，重力加速度g取，則（）A．； B．；C．； D．；3、下列說法正確的是A．熱量不可能從低溫物體傳到高溫物體B．熱量不可能自發(fā)地從低溫物體傳到高溫物體C．自然界中的一切宏觀過程都是具有可逆性的D．第二類永動機不違背能量守恒定律，可以制成4、已知地球和月球半徑的比值為4，地球和月球表面重力加速度的比值為6，則地球和月球密度的比值為A．B．C．4D．65、如圖所示，A球質量為B球質量的3倍，光滑斜面的傾角為θ，圖甲中，A、B兩球用輕彈簧相連，圖乙中A、B兩球用輕質桿相連，系統(tǒng)靜止時，擋板C與斜面垂直，彈簧、輕桿均與斜面平行，則在突然撤去擋板的瞬間有（）A．圖甲中A球的加速度為gsinθB．圖甲中B球的加速度為2gsinθC．用乙中AB兩球的加速度均為gsinθD．圖乙中輕桿的作用力一定不為零6、一輛汽車從靜止開始做加速直線運動，運動過程中汽車牽引力的功率保持不變，所受阻力恒定，行駛2min速度達到10m/s，該汽車在這段時間內行駛的距離為（）A．一定大于600m B．一定小于600mC．一定等于600m D．可能等于1200m二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，兩個物塊A、B用輕質彈簧相連接，放置在傾角為300的光滑斜面上，它們的質量均為m，彈簧的勁度系數(shù)為k，C為一垂直斜面的固定擋板，系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)?，F(xiàn)用力F沿斜面方向拉物塊A使之向上運動，當物塊B剛離開C時，撤去拉力F，重力加速度為g。則此過程中（

）。A．物塊A沿斜面運動的移動大小為mgB．物塊A的機械能先增大后減小C．物塊A,B及彈簧所組成的系統(tǒng)機械能一直增大D．剛撤去拉力瞬間，物塊A的加速度大小為g8、如圖所示，圖象表示空間某一靜電場的電勢沿x軸的變化規(guī)律，圖象關于軸對稱分布．x軸上a、b兩點電場強度在x方向上的分量分別是，則（）A．B．沿x軸負方向，沿x軸正方向C．同一點電荷在a、b兩點受到的電場力方向一定相反D．將正電荷沿x軸從a點移動到b點的過程中，其電勢能先增加后減小9、一個質量為M的長木板靜止在光滑水平面上,一顆質量為m的子彈，以水平速度射入木塊并留在木塊中，在此過程中，子彈射入木塊的深度為d,木塊運動的距離為s,木塊對子彈的平均阻力為f,則對于子彈和長木板組成的系統(tǒng)，下列說法正確的是()A．子彈射入木塊過程中系統(tǒng)的機械能守恒B．系統(tǒng)的動量守恒，而機械能不守恒C．子彈減少的動能等于D．系統(tǒng)損失的機械能等于10、如圖所示，一質量為m的小球，用長為L的輕繩懸掛于O點，第一次在水平力F作用下，小球以恒定速率在豎直平面內由P點運動到Q點，第二次在水平恒力F'作用下，從P點靜止開始運動并恰好能到達Q點，關于這兩個過程，下列說法正確的是（不計空氣阻力，重力加速度為g）A．第一個過程中，力F在逐漸變大B．第一個過程中，重力的瞬時功率不變C．第二個過程中，重力和水平恒力F'的合力的功率先增加后減小D．在這兩個過程中，機械能都一直增加三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖所示，某組同學借用“探究a與F、m之間的定量關系”的相關實驗思想、原理及操作，進行“研究合外力做功和動能變化的關系”的實驗：(1)為達到平衡阻力的目的，取下細繩及托盤，通過調整墊片的位置，改變長木板傾斜程度，根據(jù)打出的紙帶判斷小車是否做______________運動．(2)連接細繩及托盤，放入砝碼，通過實驗得到下圖所示的紙帶．紙帶上O為小車運動起始時刻所打的點，選取時間間隔為0.1s的相鄰計數(shù)點A、B、C、D、E、F、G.實驗時小車所受拉力為0.2N，小車的質量為0.2kg.請計算小車所受合外力做的功W和小車動能的變化ΔEk。補填表中空格_______；__________.(結果保留至小數(shù)點后第四位).O—BO—CO—DO—EO—FW/J0.04320.05720.07340.0915ΔEk/J0.04300.05700.07340.0907分析上述數(shù)據(jù)可知：在實驗誤差允許的范圍內W＝ΔEk，與理論推導結果一致．(3)實驗前已測得托盤質量為7.7×10－3kg，實驗時該組同學放入托盤中的砝碼質量應為_______________kg(g取9.8m/s2，結果保留至小數(shù)點后第三位)．12．（12分）借助計算機、力傳感器的掛鉤與其它物體間的彈力大小能夠在屏幕上顯示出來．為了探究最大靜摩擦力的大小跟哪些因素有關,某同學在老師的指導下做了一系列實驗:將滑塊平放在長木板上,用力傳感器沿長木板水平拉滑塊,改變拉力直到將滑塊拉動;再在長木板上鋪上毛巾,并在滑塊上放上砝碼,重復前一個過程,得到的圖線分別如圖甲、乙所示．（1）由圖乙知:在～這段時間內,滑塊的運動狀是___(填“運動”或“靜止”),滑塊受到的最大靜摩擦力為___(填“”或“”)．（2）結合甲、乙兩圖,________(填“能”或“不能”)得出最大靜摩擦力與兩物體接觸面的粗糙程度和接觸面的壓力均有關的結論．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，質量為4kg的物體靜止在水平面上，物體與水平面間的動摩擦因數(shù)為0.5，t=0時物體受到大小為20N與水平方向成37°角斜向上的拉力F作用，沿水平面做勻加速運動，拉力作用4s后撤去，（g取10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8）求：（1）撤去拉力時物體的速度大小．（2）物體從出發(fā)到停止的總位移大?。?4．（16分）如圖甲所示，質量M=5kg的木板A在水平向右F=30N的拉力作用下在粗糙水平地而上向右運動，t=0時刻在其右端無初速度地放上一質為m=lkg的小物塊B．放上物塊后A、B的圖象如圖乙所示．已知物塊可看作質點，木板足夠長．取g=10m/s2求：（1）物塊與木板之間動摩擦因數(shù)μ1和木板與地面間的動摩擦因數(shù)μ2；（2）物塊與木板之間摩擦產(chǎn)生的熱量（3）放上物塊后，木板運動的總位移．15．（12分）一質量m＝0.5kg的滑塊以一定的初速度沖上一傾角為30o足夠長的斜面，某同學利用DIS實驗系統(tǒng)測出了滑塊沖上斜面過程中多個時刻的瞬時速度，如圖所示為通過計算機繪制出的滑塊上滑過程的v－t圖．求：（g取10m/s2）（1）滑塊與斜面間的動摩擦因數(shù)；（2）判斷滑塊最后能否返回斜面底端？若能返回，求出返回斜面底端時的動能；若不能返回，求出滑塊停在什么位置．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】

艦載戰(zhàn)斗機在復飛過程中做勻加速直線運動，令飛機的最短復飛距離為s，由題知v0=25m/s，a=6m/s2，v=50m/s，根據(jù)得：156.25m＜200m，飛機復飛的最短時間為：4.2s，故A正確，BCD錯誤。2、A【解析】

以乙為研究對象，進行受力分析，由于拉力F與乙的重力大小相等，夾角為120°，故輕繩的拉力T大小為10N，與水平方向的夾角應為θ=30°。以甲為研究對象，進行受力分析得Tcosθ=μ（mg+Tsinθ）得滑塊甲與水平直桿之間的動摩擦因數(shù)為，故A正確，BCD錯誤。故選A。3、B【解析】

AB．根據(jù)熱力學第二定律可知，不可能把熱量從低溫物體傳到高溫物體而不產(chǎn)生其他影響，即熱量不可能自發(fā)地從低溫物體傳到高溫物體，故A錯誤，B正確；C．根據(jù)熱力學第二定律，一切與熱現(xiàn)象有關的宏觀自然過程都是不可逆的，故C錯誤；D．第二類永動機沒有違背了能量守恒定律，違背了熱力學第二定律，所以也是不可能制成的，故D錯誤。故選B。4、B【解析】試題分析：在星球表面、重力等于萬有引力，根據(jù)萬有引力定律列式求解出質量、由密度定義求解密度表達式進行分析即可．設月球的半徑為，地球的半徑為R，月球表面的重力加速度為，地面表面的重力加速度為g，在地球表面，重力等于萬有引力，故，解得，故密度，同理．月球的密度，故地球和月球的密度之比，B正確．5、C【解析】

設B球質量為m，A球的質量為3m，撤去擋板前，擋板對B球的彈力大小為，因彈簧彈力不能突變，而桿的彈力會突變，所以撤去擋板瞬間，圖甲中A球所受的合力為零，加速度為零，B球所受合力為，加速度為；圖乙中，撤去擋板的瞬間，AB兩球整體的合力為，AB兩球的加速度均為，則每個球的合力等于重力沿斜面向下的分力，輕桿的作用力為零，故C正確，ABD錯誤。故選C。6、A【解析】

功率不變，根據(jù)，隨著汽車速度的增大，F(xiàn)逐漸減小，汽車做的是加速度逐漸減小的變加速運動，作出汽車做變速運動的速度圖象（如圖所示曲線）．若汽車在2min=120s內做勻加速直線運動（即圖中直線），則位移為（圖中三角形面積），而該汽車變速運動的位移是圖中曲線與坐標軸圍成的面積，一定大于600m，A正確．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、CD【解析】

開始時彈簧的壓縮量x1=mgsin30°k=mg2k．當物塊B剛離開C時，彈簧的伸長量x2=mgsin30°k=mg2k．所以物塊A沿斜面運動的位移大小為x=x1+x2=mgk，故A錯誤。彈簧從壓縮狀態(tài)到恢復原長的過程中，彈簧的彈力和拉力F都對A做正功，由功能原理知A的機械能增大。彈簧從原長到伸長的過程中，由于拉力F大于彈簧的彈力，除重力以外的力對A做正功，所以A的機械能增大，因此A的機械能一直增大，故【點睛】本題是連接體問題，關鍵是正確分析物體的受力情況，判斷能量的轉化情況。要靈活運用功能原理分析物體機械能的變化情況。8、BD【解析】

A、由圖象的斜率表示x軸方向的電場，由公式E=，可見Eax＞Ebx，故A錯誤；B、沿電場方向電勢降低，在O點左側，順著+x軸方向電勢升高，則Eax的方向沿x軸負方向，在O點右側，沿+x軸方向電勢降低，則Ebx的方向沿x軸正方向，故B正確；C、由題可知，圖為電勢沿x軸的分量，B僅為沿電場沿x軸分量，并不是總的電場方向，所以不能判斷出總的電場力的方向，所以知同一點電荷在a、b兩點受到的電場力方向不一定相反，故C錯誤；D、將正電荷沿x軸從a移動到b的過程中，電場力先做負功后做正功，其電勢能先增加后減小，故D正確。故選BD。9、BD【解析】

A.子彈射入木塊的過程中,木塊對子彈的平均阻力對系統(tǒng)做功,所以系統(tǒng)的機械能不守恒.故A錯誤;

B.系統(tǒng)處于光滑的水平面上,水平方向不受其他的外力,所以動量守恒;由A的分析可得機械能不守恒.故B正確;

C.子彈減少的動能等于阻力與子彈位移的乘積,即:,故C錯誤;

D.系統(tǒng)損失的機械能等于阻力與兩個物體相對位移的乘積,即:.故D正確10、AD【解析】A、小球以恒定速率在豎直平面內由P點運動到Q點,故小球在速度方向的合外力為零,即F=mgtanθ;小球運動過程θ增大,tanθ增大,故F增大,所以A選項是正確的

B、設小球速率為v,那么,重力G的瞬時功率P=mgvsinθ;小球運動過程θ增大,sinθ增大,故P增大，故B錯誤；

C、重力和水平恒力F'的合力沿與豎直方向夾角為12θ,記大小為F1;那么,細繩與豎直方向夾角越接近12θ,速度越大且變化越快，細繩與豎直方向夾角小于12θ時,合力沿小球運動方向的分量為正,合力做正功;在12θ到θ的運動過程中,合力沿小球運動方向的分量為負,合力做負功;故第二個過程中D、在這兩個過程中，由于F都做正功，所以導致小球的機械能都增加，故D正確；綜上所述本題答案是：AD三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、勻速直線0.11150.11050.015【解析】

(1)物塊平衡阻力需要依靠自身的重力的分力來平衡，所以物塊所受合外力為零，做勻速直線運動；(2)根據(jù)功的公式求出合外力做功的大小，結合某段時間內的平均速度等于中間時刻的瞬時速度求出點的速度，從而得出動能的變化量；(3)根據(jù)連續(xù)相等時間內的位移之差是一恒量求出加速度，對砝碼和砝碼盤分析，根據(jù)牛頓第二定律求出砝碼的質量?！驹斀狻?1)[1]物塊所受合外力為零時，物塊所受阻力和重力的分力平衡，達到平衡阻力的目的，故物塊應該做勻速直線運動；(2)[2]合力做功：[3]點的速度：故點的動能為：(3)[4]根據(jù)，運用逐差法得：由牛頓第二定律得：代入數(shù)據(jù)解得：【點睛】解決本題的關鍵掌握紙帶的處理，會通過紙帶求解瞬時速度和加速度，關鍵是勻變速直線運動兩個重要推論的運用。12、靜止F1不能【解析】

根據(jù)題中F-t圖線可知，本題考查最大靜摩擦力、最大靜摩擦力與滑動摩擦力關系的知識點，根據(jù)最大靜摩擦力和滑動摩擦力產(chǎn)生的條件和影響因素，由平衡條件知，最大靜摩擦力隨外力的增大而增大，到達最大之后，當外力繼續(xù)增大，物體開始相對運動后，就變?yōu)榛瑒幽Σ亮?，滑動摩擦力小于最大靜摩擦力．【詳解】（1）物體靜止時受到拉力與靜摩擦力作用，由平衡條件可知，靜摩擦力等于拉力，隨拉力增大，靜摩擦力變大；當拉力大于最大靜摩擦力時，物體運動，之后物體受到的摩擦力是滑動摩擦力，滑動摩擦力小于最大靜摩擦力，所以在t1t1時間內滑塊處于靜止狀態(tài)，最大靜摩擦力為F1，t1時刻之后，物塊處于運動狀態(tài)，受到的是滑動摩擦力，大小為F1．（1）實驗中沒有控制接觸面