2025屆河南省濮陽市建業(yè)國際學校物理高二上期末達標檢測試題含解析

2025屆河南省濮陽市建業(yè)國際學校物理高二上期末達標檢測試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖，a、b、c三個粒子由同一點沿垂直場強方向進入偏轉電場，其軌跡如圖所示，其中b恰好飛出電場.以下說法錯誤的是（）A.a和b在電場中運動的時間相等B.電場力對b做的功比對a做的功多C.進入電場時，c的速度最大，a的速度最小D.若想讓c也打在下極板上，可增大兩板間的電壓2、如圖所示，正方形線圈abcd位于紙面內，邊長為L，匝數(shù)為N，過ab中點和cd中點的連線OO′恰好位于垂直紙面向里的勻強磁場的右邊界上，磁感應強度為B，在t時間內磁場的磁感應強度變?yōu)?，則線圈中感應電動勢大小為（）A. B.C. D.3、在勻強磁場中，一矩形金屬線框繞與磁感線垂直的轉軸勻速轉動，如圖1所示，產生的交變電動勢的圖象如圖2所示，則（）A.t＝0時線框平面與中性面重合B.t＝0.01s時線框的磁通量為0C.線框產生的交變電動勢有效值為10VD.線框產生交變電動勢的頻率為100Hz4、如圖所示，一帶鐵芯線圈置于豎直懸掛的閉合鋁框右側，與線圈相連的導線abcd內有水平向里變化的磁場．下列哪種變化磁場可使鋁框向左偏離()A. B.C. D.5、帶電粒子垂直勻強磁場方向運動時，會受到洛倫茲力的作用．下列表述正確的是A.洛倫茲力對帶電粒子做功 B.洛倫茲力不改變帶電粒子的動能C.洛倫茲力的大小與速度無關 D.洛倫茲力不改變帶電粒子的速度方向6、在勻強磁場中，一不計重力的帶電粒子穿過一塊金屬薄板運動軌跡如圖所示，下列判斷正確的是（）A.帶電粒子帶正電B.帶電粒子的運動方向為順時針C.帶電粒子在金屬板上部分運動的時間大于在下部分運動的時間D.帶電粒子在金屬板上部分運動的時間小于在下部分運動的時間二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、一段長為L的通電直導線，設單位長度導線中有n個自由電子，每個自由電子的電荷量都是e，它們的定向移動速度大小為v，現(xiàn)加一勻強磁場，其方向垂直于導線，磁感應強度為B，已知這段導線受到安培力為F，則導線中每個自由電子受到的洛倫茲力A.大小為evB，方向和安培力F方向相反B.大小為evB，方向和安培力F方向一致C.大小為，方向和安培力方向一致D.大小為，方向和安培力F方向一致8、如圖所示的電路中，電源電動勢為E，內阻為r，閉合開關k，當滑動變阻器的滑動觸頭P向下滑動時，四個理想電表的示數(shù)都發(fā)生變化，電表的示數(shù)分別用I、U1、U2和U3表示，電流表、電壓表V2示數(shù)變化量的絕對值分別為ΔI、ΔU2，下列說法正確的是A.I減小 B.U1、U2均減小C.變小，變大 D.9、回旋加速器是加速帶電粒子的裝置，兩盒間的狹縫中形成周期性變化的電場，使粒子在通過狹縫時都能得到加速，兩D形金屬盒處于垂直于盒底的勻強磁場中，如圖所示，下列說法中正確的是()A.帶電粒子每一次通過狹縫時增加的能量不同B.D形盤的半徑R越大，粒子離開回旋加速器時最大動能越大C.粒子第2次和第3次經過兩D形盒間狹縫后軌道半徑之比為D.粒子被電場加速后，運動越來越快，走過半圓的時間越來越短10、如圖，a、b、c、d是均勻媒質中x軸上的四個質點，相鄰兩點的間距依次為2m、4m和6m．一列簡諧橫波以2m/s的波速沿x軸正向傳播，在時刻到達質點a處，質點a由平衡位置開始豎直向下運動，時a第一次到達最高點．下列說法正確的()A.在時刻波恰好傳到質點d處B.在時刻質點c恰好到達最高點C.質點b開始振動后，其振動周期為4sD.在的時間間隔內質點c向上運動三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某實驗小組為了完成“描繪小燈泡的伏安特性曲線”實驗，實驗室備有下列器材：A．小燈泡（3.0V，1.5W）B．電流表A1（量程0～0.6A，內阻約為0.5Ω）C．電流表A2（量程0～3A，內阻約為0.1Ω）D．電壓表V（量程0～3V，內阻約為10kΩ）E．滑動變阻器R1（阻值范圍0～lkΩ，允許最大電流300mA）F．滑動變阻器R2（阻值范圍0～20Ω，允許最大電流1A）G．直流電源E（電動勢4V，內阻不計）H．開關S，導線若干請回答下列問題：(1)某同學畫出了大部分實驗電路如圖(a)，請將其補充完整________；(2)按你補充完整的實驗電路進行實驗，電流表最好選用_______；滑動變阻器最好選用_________．（填上述實驗器材前的字母序號）(3)實驗小組得到小燈泡的伏安特性曲線如圖（b）所示，但由于實驗小組繪圖的同學粗心，忘記標注坐標軸了．如果請你給它標上坐標軸，你會在縱軸上標注_____、橫軸上標注_____．（選填“I”或“U”）12．（12分）假設地球為一球體，地球繞地軸自轉時，在其表面上有A、B兩物體，θ1和θ2為已知，A、B兩物體的角速度之比為ωA：ωB＝_____，線速度之比vA：vB＝_____四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，電源的電動勢，內電阻，定值電阻，，電動機的線圈電阻。當開關閉合，電動機轉動穩(wěn)定后，電壓表示數(shù)，不計電動機除線圈電阻外其它損耗，求：（1）兩端的電壓；（2）電動機的機械效率。14．（16分）密立根用如圖所示的實驗裝置來測定很小的帶電油滴所帶的電荷量。油滴從噴霧器噴出時由于摩擦而帶電，并落入兩塊相互平行的極板M、N之間的區(qū)域（M板帶正電、N板帶負電），透過顯微鏡尋找那些剛好懸浮在極板間的油滴。根據(jù)觀測數(shù)據(jù)算出油滴的質量，再根據(jù)油滴懸浮時受到的電場力和重力平衡，可計算出油滴所帶的電荷量。（1）若P為從顯微鏡中觀察到的懸浮油滴，則可推知P帶哪種電荷？（2）已知極板M、N之間的距離為d，電壓為U，求兩板之間的電場強度E的大?。唬?）油滴P可視為球體，并測得其半徑為R。已知油的密度為ρ，重力加速度為g，極板M、N之間的距離為d，電壓為U。求該油滴的電荷量q。（提示：球的體積公式）15．（12分）如圖所示為一個小型旋轉電樞式交流發(fā)電機的原理圖，其矩形線圈的長度ab=0.25m，寬度bc=0.20m，共有n=100匝，總電阻r=1.0Ω，可繞與磁場方向垂直的對稱軸OO′轉動．線圈處于磁感應強度B=0.40T的勻強磁場中，與線圈兩端相連的金屬滑環(huán)上接一個“3.0V，1.8W”的燈泡．當線圈以角速度ω勻速轉動時，小燈泡消耗的功率恰好為1.8W．（不計轉動軸與電刷的摩擦）求：（1）推導發(fā)電機線圈產生感應電動勢的最大值的表達式Em=nBSω（其中S表示線圈的面積）；（2）線圈轉動的角速度ω；（3）線圈以上述角速度轉動，由如圖位置轉過30°角，在此過程中通過小燈泡電量

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】A．粒子的質量和電量相同，知加速度相同。a、b兩粒子在豎直方向上的位移相等，根據(jù)，a、b運動的時間相等，c的運動時間最短，A正確；B．a、b兩粒子在豎直方向上的位移相等，粒子的質量和電量相同，即受到的電場力相等，根據(jù)可知電場力對兩粒子做功相等，B錯誤；C．因為又因為垂直電場方向上做勻速直線運動，所以C正確；D．要使c粒子也打在極板上，即要求c粒子的豎直方向上的位移增大，可以增大粒子運動的加速度，即增大兩極板間的電壓，D正確。本題選錯誤的，故選B。2、D【解析】在時間t內磁通量的變化量，根據(jù)法拉第電磁感應定律可知，產生的感應電動勢的大小為故選D。3、A【解析】由圖2可知任何時刻的感應電動勢，根據(jù)電動勢的特點，可判處金屬線框所處的位置；由圖象還可知電動勢的峰值和周期，根據(jù)有效值和峰值的關系便可求電動勢的有效值，根據(jù)周期和頻率的關系可求頻率.【詳解】A、t=0時，感應電動勢最大，線框平面與中性面重合，磁通量最大，故A正確；B、t=0.01s時，感應電動勢為零，說明此時線圈正經過中性面，故B錯誤；C、由圖2可知Em=10V．根據(jù)正弦式交變電流有效值和峰值的關系可得，該交變電流的有效值為，故C錯誤；D、據(jù)周期和頻率的關系可得，該交變電流的頻率為：，故D錯誤；故選A.【點睛】本題考查的是有關交變電流的產生和特征的基本知識，注意會由圖象得出線圈從何處開始計時，并掌握正弦交流電的最大值與有效值的關系.4、A【解析】由楞次定律可知，要使鋁框向左遠離，則螺線管中應產生增大的磁場，即螺線管中電流應增大；而螺線管中的電流是由abcd區(qū)域內的磁場變化引起的，故abcd中的磁場變化率應增大，故A正確，BCD錯誤5、B【解析】根據(jù)洛倫茲力的特點,洛倫茲力對帶電粒子不做功,A錯.B對.根據(jù)F=Bqv,可知大小與速度有關.洛倫茲力的效果就是改變物體的運動方向,不改變速度的大小.6、B【解析】A．由于粒子穿過金屬板后速度變小，故其軌道半徑變小，因此粒子從上半部分運動到下半部分，初速度如下圖所示，由左手定則可知，粒子帶負電，故A錯誤；B．由A中分析可知，粒子做順時針圓周運動，故B正確；CD．由可知，粒子做圓周運動周期與速度無關，故C、D錯誤；故選B。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】每米導線中有n個自由電荷，每個自由電荷的電量均為e，它們定向移動的平均速率為v，所以電流的大小為，磁場對這段導線的安培力，則導線中每個自由電子受到的洛倫茲力，根據(jù)左手定則可知方向和安培力F方向一致，故BC正確，AD錯誤8、AD【解析】AB．P下滑，R2增加則總電阻增加，則I變小，內電壓變小，路端電壓變大，則U3變大，根據(jù)歐姆定律可知，定值電阻R1兩端的電壓U1變小，滑動變阻器R2兩端的電壓U2變大，故A正確，B錯誤；C．根據(jù)閉合電路歐姆定律可知解得恒定不變，故C錯誤；D．根據(jù)伏安特性曲線可知恒定不變，根據(jù)閉合電路歐姆定律得則故D正確9、BC【解析】粒子在D型盒的狹縫中被電場加速，沒經過狹縫一次，則能量增加qU；根據(jù)洛倫茲力等于向心力，當半徑等于D型盒的半徑時，粒子的動能最大；結合動能定理求解粒子第2次和第3次經過兩D形盒間狹縫后速度之比，再求半徑之比；粒子在D型盒半圓中運動的周期與粒子的運動速度無關.【詳解】根據(jù)回旋加速器的原理可知，帶電粒子每一次通過狹縫時增加的能量均為qU（U為D型盒的加速電壓），則選項A錯誤；回旋加速器工作時，帶電粒子在勻強磁場中做勻速圓周運動，由，得；當r等于D型盒的半徑R時粒子的動能最大，則帶電粒子射出時的最大動能Ek=mv2=，則D形盤的半徑R越大，粒子離開回旋加速器時最大動能越大，選項B正確；根據(jù)，則粒子第2次和第3次經過兩D形盒間狹縫后速度之比為；根據(jù)可知，軌道半徑之比為，選項C正確；粒子在D型盒半圓中運動的周期與粒子的運動速度無關，則粒子走過半圓的時間是一定的，故選項D錯誤；故選BC.【點睛】解決本題的關鍵知道回旋加速器電場和磁場的作用，知道粒子的最大動能與加速的電壓無關，與磁感應強度大小和D形盒的半徑有關；粒子運轉的周期與速度無關10、ACD【解析】A．ad間距離為x=12m，波在同一介質中勻速傳播，則波從a傳到d的時間為，即在t=6s時刻波恰好傳到質點d處．故A正確；B．設該波的周期為T，由題可得，，得T=4s．波從a傳到c的時間為，則在t=5s時刻質點c已振動了2s，而c起振方向向下，故在t=5s時刻質點c恰好經過平衡位置向上．故B錯誤；C．質點b的振動周期等于a的振動周期，即為4s．故C正確；D．在4s＜t＜6s的時間內，質點c振動了1s＜t＜3s，此時c點從波谷向波峰運動，D正確故選ACD三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.(1)如圖：②.(2)B③.F④.(3)U⑤.I【解析】（1）器材選取的原則需安全精確，根據(jù)燈泡的額定電壓和額定電流選擇電流表、電壓表的量程．燈泡電壓能從零開始變化，滑動變阻器采用分壓式接法；（2）通過燈泡電阻的大小分析其是大電阻還是小電阻，確定電流表的內外接．根據(jù)電路圖連接實物圖；（3）燈泡的電阻隨（電壓）溫度的升高而增大，所以U-I圖線是一條曲線【詳解】（1）小燈泡為小電阻，故使用電流表外接法，所以補充完整的電路圖如下：（2）根據(jù)小燈泡額定電壓為3V，額定功率為1.5W可知，燈泡正常工作時，可流過的最大電流為0.5A，故選量程為0～0.6A最佳，能準確測量，故選B；由于本實驗采用滑動變阻器的分壓式接法，故選阻值偏小的滑動變阻器調節(jié)更靈敏和方便，即滑動變阻器最好選用F；（3）由于小燈泡的電阻率會隨著電壓（溫度）的升高而逐漸變大，從而導致小燈泡的電阻變大，故該伏安特性曲線的縱軸應標注U，橫軸標注電流I；故本題的答案為：(1)圖見解析(2)B；F(3)U；I【點睛】解決本題的關鍵掌握器材選擇的原則，以及知道滑動變阻器分壓式接法和限流式接法的區(qū)別，電流表內外接的區(qū)別12、①.1：1②.sinθ1：cosθ2【解析】（1）A．B兩物體跟著地球轉動時，在相同的時間內轉動的角度相等，故角速度相同，ωA：ωB＝1：1；（2）令地球的半徑為R，A物體做圓周運動的半徑為RA＝R?sinθ1，B物體做圓周運動的半徑為RB＝R?cosθ2，又因為線速度v＝r?ω，所以線速度之比為vA：vB＝sinθ1：cosθ2；四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）；（2）【解析】（1）根據(jù)閉合電路歐姆定律可知：E=U2+（I1+I