2024年云南省曲靖市高考物理一模試卷(含詳細(xì)答案解析)

2024年云南省曲靖市高考物理一模試卷

一、單選題：本大題共5小題，共30分。

1.下列描述中符合物理學(xué)實(shí)際的是（）

A.顯微鏡下觀察到墨水中的小炭粒在不停地做無規(guī)則運(yùn)動(dòng)叫做布朗運(yùn)動(dòng)，這反映了小炭粒分子運(yùn)動(dòng)的無規(guī)

則性

B.加利略研究自由落體運(yùn)動(dòng)時(shí)，利用斜面進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，“沖淡”重力的作用，使得測量位移更容易

C.查德威克用a粒子轟擊被核發(fā)現(xiàn)了中子，核反應(yīng)方程為胃He+洱e七？c+in

D.為解釋氫原子發(fā)光的現(xiàn)象，玻爾構(gòu)建了原子理論。根據(jù)玻爾理論，一群處于九=5能級(jí)的氫原子向低能

級(jí)躍遷時(shí)會(huì)釋放4種頻率的光子

2.2023年9月21日，“天宮課堂”第四課開講，神舟十六號(hào)航天員景海刪、朱楊柱、桂海潮在距地表

400A7/7的中國空間站進(jìn)行太空授課，直播信號(hào)并非空間站與地面的直接對(duì)話而是要經(jīng)過距地表約4萬公里

的大鏈衛(wèi)星中轉(zhuǎn)（相當(dāng)于基站）。航大員們在空間站中一大可以看見16次Hill,地球半彳仝約為6400h〃，引

力常量G=6.67x10TiN7n2"g2。根據(jù)上述信息可知（）

A.空間站運(yùn)行速率大于第一宇宙速度B.可以估算出地球的平均密度

C.空間站運(yùn)行的周期大于天鏈衛(wèi)星的周期D.空間站相對(duì)地面是靜止的

3.半圓形玻璃磚在光學(xué)中有許多重要應(yīng)用，可以用來做許多光學(xué)實(shí)驗(yàn)。如圖所示，一束光由半圓形玻璃磚

的左側(cè)面沿半徑射入，經(jīng)AB界面折射后分為〃、。兩束光，則下列說法正確的是（)

A.玻璃對(duì)"光的折射率大于對(duì)a光的折射率

B.現(xiàn)將入射光繞。點(diǎn)順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，則力光先消失

C.在半圓形玻璃中，b光的傳播時(shí)間大于a光的傳播時(shí)間

D.分別用〃、〃光在同一個(gè)裝置上做雙縫干涉實(shí)驗(yàn)，。光的干涉條紋間距小于。光的干涉條紋間距

4.如圖所示，平行板電容器與直流電源、理想二極管、電阻R連接，電源負(fù)極ba_crx

接地。初始電容器不帶電，閉合開關(guān)穩(wěn)定后，一帶電油滴位于電容器中的尸點(diǎn)_LR

?pE

且處于靜止?fàn)顟B(tài)。下列說法正確的是（）一「

A.減小極板間的正對(duì)面積，帶電油滴仍保持靜止一二____________

B.貼著上極板插入金屬板，則電阻R中有人流向〃的電流■

C.將下極板向上移動(dòng)一小段距離，尸點(diǎn)處的油滴的電勢能增大

D.將開關(guān)斷開，在兩板間插入一陶瓷電介質(zhì)，則油滴仍處于靜止?fàn)顟B(tài)

5.如圖所示，帶電荷量為6Q（Q>0）的球1固定在傾角為30。光滑絕緣斜面上的a

點(diǎn),其正上方心處固定一電荷曷為一Q的球2,斜面上距a點(diǎn)L處的〃點(diǎn)有質(zhì)曷為〃?

的帶電球3,球3與一端固定的絕緣輕質(zhì)彈簧相連并在b點(diǎn)處于靜止?fàn)顟B(tài)。此時(shí)彈

簧的壓縮量為當(dāng)球2、3間的靜電力大小為學(xué)。迅速移走球1后，球3沿斜面向下運(yùn)動(dòng)。g為重力加速

度，球的大小可忽略，下列關(guān)于球3的說法正確的是（）

A.由〃到a一直做加速運(yùn)動(dòng)

B.運(yùn)動(dòng)至a點(diǎn)的速度等于J方

C.運(yùn)動(dòng)至a點(diǎn)的加速度大小為|g

D.運(yùn)動(dòng)至ab中點(diǎn)時(shí)對(duì)斜面的壓力大小為*2mg

二、多選題：本大題共3小題，共18分。

6.汽車內(nèi)燃機(jī)利用奧托循環(huán)進(jìn)行工作，如圖所示奧托循環(huán)由兩條絕熱線和兩條

等容線組成，其中a到力和c?到d為絕熱過程，。到c和d到〃為等容過程，下

列說法正確的是（）

A.QTb過程中，氣體分子的平均動(dòng)能增大

B.b-?c過程中，氣體向外放出熱展

C.CTd過程中，氣體溫度降低

D.經(jīng)abcda一個(gè)工作循環(huán)，氣體向外放出熱量

7.惠更斯發(fā)現(xiàn)“單擺做簡諧運(yùn)動(dòng)的周期7與重力加速度的二次方根成反比”。為了通過實(shí)驗(yàn)驗(yàn)證這一結(jié)

論，某同學(xué)創(chuàng)設(shè)了“重力加速度”可以人為調(diào)節(jié)的實(shí)驗(yàn)環(huán)境。如圖1所示，在水平地面上固定一傾角?？?/p>

調(diào)的光滑斜面，把擺線固定于斜面上的。點(diǎn)，使擺線平行于斜面。拉開擺球至A點(diǎn)，靜止釋放后，擺球在

A8C之間做簡諧運(yùn)動(dòng)，擺角為擺球自然懸垂時(shí)，通過力傳感器（圖中未畫出）測得擺線的拉力為F],擺

球擺動(dòng)過程中，力傳感器測出擺線的拉力隨時(shí)間變化的關(guān)系如圖2所示，其中尸2、尸3、7。均已知。當(dāng)?shù)氐?/p>

重力加速度為g。下列選項(xiàng)正確的是（）

圖1圖2

A.多次改變圖1中。角的大小，即可獲得不同的等效重力加速度

B.單擺n次全振動(dòng)的時(shí)間為幾”

C.多次改變擺角Q,只要得出7oc露就可以驗(yàn)證該結(jié)論成立

D.在圖2的測量過程中，滿足尸3=3&-2尸2的關(guān)系

8.如圖所示，豎直放置的“口

”形光滑導(dǎo)軌寬為L矩形區(qū)域I和區(qū)域n的磁感應(yīng)強(qiáng)度均為從高和

間距均為小質(zhì)量為m的水平金屬桿由距區(qū)域【上邊界h=2d處由靜止XBXX1

釋放，進(jìn)入?yún)^(qū)域I和區(qū)域H時(shí)的速度相等。金屬桿在導(dǎo)軌間的電阻為

XB

R，與導(dǎo)軌接觸良好，其余電阻不計(jì)，重力加速度為g。則金屬桿（）xxn

A.剛進(jìn)入?yún)^(qū)域I時(shí)加速度方向可能豎直向下

B.穿過區(qū)域I的時(shí)間大于穿過兩磁場區(qū)域之間的時(shí)間

C.穿過兩磁場區(qū)域產(chǎn)生的總熱審:為2mgd

D.穿過區(qū)域II的時(shí)間為華~（y2一1）但

?ngR'Wg

三、實(shí)驗(yàn)題：本大題共2小題，共18分。

9.利用如圖1所示的實(shí)驗(yàn)裝置，可測量滑塊的運(yùn)動(dòng)及滑塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)。一端裝有滑輪的長木板

固定在水平桌面上，長木板上有一滑塊，滑塊右端固定一個(gè)動(dòng)滑輪，鉤碼和彈簧測力計(jì)通過繞在定滑輪上

的輕繩相連，放開鉤碼，滑塊在長木板上做勻加速直線運(yùn)動(dòng)。

（3）閉合工，當(dāng)S2處于位置〃時(shí)°,電壓表和電流表的示數(shù)分別為&=0.95心。=0.384當(dāng)S?處于位置力

時(shí)，電壓表和電流表的示數(shù)分別為4=1.50，，12=0.344o根據(jù)以上測量數(shù)據(jù)判斷，當(dāng)52處于位置

（選或"b”）時(shí)，測量相對(duì)準(zhǔn)確，測量值&二①（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）

（4）若已知電流表內(nèi)阻。=1.50,則金屬絲實(shí)際電阻為0。（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）。

四、簡答題：本大題共3小題，共44分。

II.理想實(shí)驗(yàn)合理外推是科學(xué)探究中的一種重要方法。如圖所示，某同學(xué)用兩個(gè)底端通過光滑圓弧平順連

接、傾角均為6=37。的斜面模仿珈利略的理想實(shí)驗(yàn)?，F(xiàn)有質(zhì)量為〃，的物體，從高為。的左側(cè)斜面靜止滑

下，物體與兩斜面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)相同。物體沿右側(cè)斜面往上滑動(dòng)時(shí)加速度的大小為Q=7ri/s2,h=

2.94m,重力加速度g=lOm/s?。（sin37。=0.6,cos37。=0.8）求：

（1）物體與斜面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)U；

（2）物體在右側(cè)斜面第一次由底端上滑至最高點(diǎn)的時(shí)間/。

12.如圖所示，真空中A位置存在一帶電粒子發(fā)射器，能夠瞬間在平面內(nèi)發(fā)射出大量初速度大小為火的同

種正電荷，以不同的入射角。（0為%與x軸正方向的夾角，且0°V0W90°）射入半徑為R的圓形邊界勻強(qiáng)

磁場（圖中未標(biāo)出）。圓形磁場剛好與x軸相切于月點(diǎn)，所有電荷均在該磁場的作用卜發(fā)生偏轉(zhuǎn)，并全部沿

人軸正方向射出。圖中第三象限虛線下方一定區(qū)域存在著方向沿），軸正方向的勻強(qiáng)電場，虛線剛好經(jīng)過C

點(diǎn)（。為實(shí)線圓最右端的點(diǎn)）且頂點(diǎn)與。點(diǎn)相切，同時(shí)觀察到進(jìn)入該電場區(qū)域的所有電荷均從。點(diǎn)射入第一

象限。第一象限內(nèi)存在范圍足夠大的方向垂直于平面向里磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場，。點(diǎn)上方沿y

軸正方向放置足夠長的熒光屏，電荷打在熒光屏上能夠被熒光屏吸收。已知電荷的質(zhì)量為〃?，電荷量大小

為g,04的距離為2R,不考慮電荷所受重力及電荷之間的相互作用力。求：

（1）圓形磁場磁感應(yīng)強(qiáng)度反的大小及方向：

（2）勻強(qiáng)電場上邊界虛線的函數(shù)表達(dá)式；

（3）從人點(diǎn)沿垂直x軸向下射入磁場的粒子打在熒光屏上的坐標(biāo)。

13.如圖所示，質(zhì)量為血3=2的的滑道鎖定在光滑的水平面上，滑道AB部分為半徑R=0.3m的四分之一

圓弧，圓弧底部與滑道水平部分相切，滑道水平部分右端固定一個(gè)輕質(zhì)彈簧，滑道部分粗糙，其他部

分均光滑，質(zhì)量為血2=3kg的物為(可視為質(zhì)點(diǎn))放在滑道的3點(diǎn)?，F(xiàn)讓質(zhì)量為叫=Mg的物體(可視為質(zhì)

點(diǎn))自A點(diǎn)由靜止釋放，兩物體在滑道上的8點(diǎn)相碰后粘在一起［碰撞時(shí)間極短)。(g=10m/s2)

(1)求與g碰后瞬間對(duì)滑道8點(diǎn)的壓力大??；

(2)現(xiàn)解除滑道的鎖定，仍讓72自A點(diǎn)由靜止釋放與m2在滑道上的C點(diǎn)相碰后粘在一起，CD=0.2m,兩

物體與滑道的C。部分的動(dòng)摩擦因數(shù)均為〃=0.15,求在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中彈簧具有的最大彈性勢能；

(3)在(2)的條件下，mi和瓶2最終停在何處？

即2__

m3BCD

答案和解析

1.【答案】C

【解析】解：A顯微鏡下觀察到墨水中的小炭粒在不停地做無規(guī)則運(yùn)動(dòng)叫做布朗運(yùn)動(dòng)，這反映了液體分子

運(yùn)動(dòng)的無規(guī)則性，不是小炭粒分子的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；

及伽利略研究自由落體運(yùn)動(dòng)時(shí)，利用斜面進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，“沖淡”重力的作用，使得測量時(shí)間更容易，故臺(tái)錯(cuò)

誤；

C根據(jù)物理學(xué)史可知，查德威克用。粒子轟擊鍍核發(fā)現(xiàn)了中子，核反應(yīng)方程為匆e+/故。

正確；

。.為解釋氫原子發(fā)光的現(xiàn)象，玻爾構(gòu)建了原子理論。根據(jù)玻爾理論，一群處于九=5能級(jí)的氫原子向低能

級(jí)躍遷時(shí)會(huì)釋放10種頻率的光子，故。錯(cuò)誤；

故選：Co

布朗運(yùn)動(dòng)反映了液體分子運(yùn)動(dòng)的無規(guī)則性：根據(jù)伽利略研究自由落體運(yùn)動(dòng)的實(shí)驗(yàn)判斷；根據(jù)發(fā)現(xiàn)中子的實(shí)

驗(yàn)判斷：根據(jù)玻爾理論判斷。

該題考查布朗運(yùn)動(dòng)、玻爾理論以及物理學(xué)史，牢記有關(guān)的內(nèi)容即可。

2.【答案】B

【解析】解：4由萬有引力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律得=解得：v=J中，空間站的運(yùn)

行半徑大于地球半徑，所以空間站運(yùn)行的速率小于第一宇宙速度，故4錯(cuò)誤；

正對(duì)空間站，由萬有引力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律得G肅冷=血（/?十八）,

可得地球質(zhì)量為M=號(hào)找工

又地球體積V=弊

故根據(jù)密度定義夕=?.可以估算出地球的平均密度，故“正確。

C.根據(jù)牛頓第二定律得鬻二m等r,解得：A=2次腐

根據(jù)題意可知空間站的軌道半徑小于天鏈衛(wèi)星的軌道半徑，所以空間站運(yùn)行的周期小于天鏈衛(wèi)星的周期，

故C錯(cuò)誤；

。.空間站中一天可以看見16次日出，空間站的周期7=空h=1.5/i=90min,而地球自轉(zhuǎn)的周期為24〃，

所以空間站相對(duì)地面是運(yùn)動(dòng)的，故。錯(cuò)誤:

故選：B。

由萬有引力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律推導(dǎo)出線速度的表達(dá)式，結(jié)合軌道半徑進(jìn)行比較即可；根據(jù)題

意可解得空間站的周期，根據(jù)萬有引力提供向心力，即可判斷是否可以估算出地球的質(zhì)量，進(jìn)而急速其密

度。

本題以距地表40（而"的中國空間站為背景，考查了萬有引力定律的應(yīng)用，應(yīng)用萬有引力公式與牛頓第二定

律可以解題，解題時(shí)要注意公式選取條件。

3.【答案】D

【解析】解：4由光路可知，玻璃對(duì)〃光的偏折程度較大，可知玻璃對(duì)〃光的折射率小于對(duì)。光的折射

率，故A錯(cuò)誤；

8.現(xiàn)將入射光繞。點(diǎn)順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，光線在A8面上的入射角變大，則折射角變大，因。光折射侑大于〃

光，可知〃光光消失，故6錯(cuò)誤；

C根據(jù)①二￡可知。光在玻璃里的速度較小，根據(jù)亡二K可知，。光的傳播時(shí)間小于q光的傳播時(shí)間，故。錯(cuò)

nv

誤；

。.因。光折射率較大，則頻率較大，波長較短，分別用4、〃光在同一個(gè)裝置上做雙縫干涉實(shí)驗(yàn)，根據(jù)

可知〃光的干涉條紋間距小于方光的干涉條紋間距，故。正確。

故選:Do

根據(jù)玻璃對(duì)光的偏折程度判斷折射率大?。焊鶕?jù)折射現(xiàn)象分析&根據(jù)“=￡判斷玻璃中的光速大小；根據(jù)

n

c=”比較真空中波長大小，根據(jù)4%=公式確定條紋間距大小。

本題綜合考查了光的折射、全反射和干涉，關(guān)鍵是記住幾個(gè)公式：折射定律公式、光速公式、雙縫干涉條

紋間距公式。

4.【答案】C

【解析】解：4、減小極板間的正對(duì)面積，根據(jù)電容的決定式C=怖分可知電容器的電容減小，電容器要

471kd

放電。由于二極管具有單向?qū)щ娦裕噪娙萜鞑粫?huì)放電，電容器帶電量不變，根據(jù)c=鋁、C*

4nkdU

E吟解得：E=翳，則知減小極板間的正對(duì)面積，極板間的電場強(qiáng)度變大，則油滴所受電場力變

大，將向上移動(dòng)，故A錯(cuò)誤；

B、貼著上極板插入金屬板，極板間的距離減小，根據(jù)。=若可知電容器的電容增大，電容器將充電，

則電路中有逆時(shí)針方向的電流，電阻/?中有〃流向。的電流，故B錯(cuò)誤;

C、將下極板向上移動(dòng)一小段距離，根據(jù)。=號(hào)可知電容器的也容增大，電容器兩端的電壓不變，電容

471kd

器將充電。根據(jù)E=日知兩極板間的電場強(qiáng)度變大，設(shè)P點(diǎn)到下極板的距離為/,下極板的電勢為零，則P

a

點(diǎn)與下極板的電勢差SP-@0=E!

即P點(diǎn)的電勢為夕P=EI

P點(diǎn)到下極板的距離為/不變，電場強(qiáng)度E變大，則尸點(diǎn)的電勢變大，故C正確；

。、將開關(guān)斷開，則兩極板的電荷量不變，根據(jù)￡=瞥，在兩板間插入陶瓷電介質(zhì)，電場強(qiáng)度變小，則

油滴所受電場力變小，將向下移動(dòng)，故。錯(cuò)誤。

故選：Co

根據(jù)電容器的定義式和決定式，結(jié)合場強(qiáng)與電勢差的關(guān)系、二極管的單向?qū)щ娦赃M(jìn)行分析。

本潁考杳了電容器，熟練運(yùn)用電容器的定義式和決定式，結(jié)合電路的結(jié)構(gòu)分析是解決此類問題的關(guān)鍵。

5.【答案】D

【解析】解：8.由題意可知三小球構(gòu)成一個(gè)等邊三角形，小球1和3之間的力大于小球2和3之間的力，

彈簧處于壓縮狀態(tài)，故小球1和3一定是斥力，小球1帶正電，故小球3帶正電，小球3運(yùn)動(dòng)至。點(diǎn)時(shí)，

彈簧的伸長量等于,根據(jù)對(duì)稱性可知，小球2對(duì)小球3做功為D；彈簧彈力做功為0,故根據(jù)動(dòng)能定理有

1,

mgLsin30°=

乙

解得小球3運(yùn)動(dòng)至〃點(diǎn)的速度

V=yfgL

故B錯(cuò)誤；

AC.小球3在〃點(diǎn)時(shí)，設(shè)小球3的電荷量為4，根據(jù)庫侖定律和平衡條件有

kL2~2

設(shè)彈簧的彈力為尸，根據(jù)受力平衡，沿斜面方向有

6QqQq

F=k—2—ksin300—mgsin30°

LL

解得

9

F=彳血9

小球運(yùn)動(dòng)至a點(diǎn)時(shí)，彈簧的伸長量等于J，根據(jù)對(duì)稱性，由牛頓第二定律可知

Qq

F+ksin30°-77igsin30°=ma

解得

a=2g

方向與合外力方向一?樣，沿斜面向上，故。先加速后減速，故4C錯(cuò)誤;

。.當(dāng)運(yùn)動(dòng)至他中點(diǎn)時(shí)，彈簧彈力為0,根據(jù)庫侖定律可知小球2對(duì)小球3的力為

廿Qq4Qq4mg2

尸23=7=-=Q-^77=Qx-5-=Qm9

zV32§Z/§，§

（2”JA）

此時(shí)小球3受到重力、庫侖力和斜面對(duì)小球3的支持力，根據(jù)平衡條件可知斜面對(duì)小球的支持力為

/323/3-4

FN=7〃gcos30°-F23=-^-mg--^mg=---g---mg

根據(jù)牛頓第三定律可知，小球?qū)π泵娴膲毫Υ笮殡p廿mg,故。正確。

故選:Do

根據(jù)對(duì)稱性分析小球2對(duì)?小球3做功情況和彈簧彈力的做功情況，依據(jù)動(dòng)能定理計(jì)算速度；小球3運(yùn)動(dòng)到

點(diǎn)事根據(jù)平衡條件列方程計(jì)算彈簧的彈力，小球運(yùn)動(dòng)至。點(diǎn)時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律計(jì)算加速：當(dāng)小球3

運(yùn)動(dòng)至血中點(diǎn)時(shí)依據(jù)庫侖定律和平衡條件計(jì)算。

本題關(guān)鍵掌握小球3在運(yùn)動(dòng)過程受力情況的特點(diǎn)及做功情況。

6.【答案】AC

【解析】解：4、由圖像可知，Q—b過程中，壓力增大，氣體體積減小，外界對(duì)氣體做功，在此過程中，

由于是絕熱過程，沒有熱傳遞，則由熱力學(xué)第一定律可知，氣體內(nèi)能一定增加，氣體分子的平均動(dòng)能一定

增大，故A正確；

B、由圖像可知，b-c過程中，氣體體積不變，壓強(qiáng)增大，則氣體的溫度一定升高，氣體分子的內(nèi)能一定

增加，則由熱力學(xué)第一定律可知，氣體從外界吸收熱量，故B錯(cuò)誤；

C、由圖像可知，CTd的過程中，壓力減小，氣體體積增大，氣體對(duì)外界做功，此過程中，由于是絕熱過

程，沒有熱傳遞，則由熱力學(xué)笫一定律可知，氣體內(nèi)能一定減小，氣體溫度降低，故C正確；

。、經(jīng)QTbTCTdTQ一個(gè)工作循環(huán)，根據(jù)p-V圖像與橫軸羽成的面積表示外界對(duì)氣體做的功（氣體體

積減小時(shí)），或氣體對(duì)外界做的功〔氣體體積增大時(shí)），可知一個(gè)循環(huán)過程完成后，氣體對(duì)外界做功，為負(fù)

值，由熱力學(xué)第一定律有

AU=W+Q

可知

Q>0

故氣體從外界吸收熱量，故。錯(cuò)誤。

故選：AC.

A、根據(jù)圖像可判斷，aTh過程是氣體體積減小，壓力增大的過程，可利用熱力學(xué)第一定律判斷:

B、根據(jù)圖像可判斷，bic過程是氣體體積不變，壓力不變的過程，利用熱力學(xué)第一定律判斷；

C、根據(jù)圖像可判斷，CTd過程是氣體體積增大，壓力變小的過程，利用熱力學(xué)第一定律判斷；

。、可利用熱力學(xué)第一定律判斷。

本題考查了對(duì)熱學(xué)第一定律的理解。

7.【答案】AD

【解析】解：4令等效重力加速度為g0,則有

mgsinO=771go

解得

。0=gsine

可知，多次改變圖I中。角的大小，即可獲得不同的等效重力加速度，故人正確；

單擺在運(yùn)動(dòng)過程中，4、C兩位置擺線的拉力最小，根據(jù)圖2可知，相鄰兩個(gè)擺線拉力最小的位置的時(shí)間

間隔為半個(gè)周期，可知，單擺〃次全振動(dòng)的時(shí)間為

t=nT=2nT0

故B錯(cuò)誤；

C根據(jù)單擺周期公式有

可知，多次改變斜面傾角仇只要得出Toe焉就可以驗(yàn)證該結(jié)論成立，故C錯(cuò)誤；

/）.擺球自然懸垂時(shí)，通過力傳感器（圖中未畫出）測得擺線的拉力為0,根據(jù)平衡條件有

F]=mgsinO

在圖2的測量過程中，擺球在A位置有

F2=mgsinOcosa

擺球在8位置，根據(jù)牛頓第二定律有

mv2

F3-mgsinO=—■：-

LJ

擺球從A位置運(yùn)動(dòng)到4位置，根據(jù)動(dòng)能定理有

mgsmf)(L-Lcosa)=-^mv2

解得

F?=3居一2F2

故D正確。

故選：AD.

根據(jù)題意求出等效重力加速度。根據(jù)圖2求周期，根據(jù)單擺周期和全振動(dòng)時(shí)間的關(guān)系求解作答；根據(jù)單擺

周期公式分析作答；擺球自然懸垂時(shí)，根據(jù)平衡條件細(xì)線的拉力；在A、C位置，求拉力F2與斤的關(guān)系；

在最低處8點(diǎn)，根據(jù)向心力公式求速度；小球從人到根據(jù)動(dòng)能定理求速度，然后聯(lián)*：求解作答。

理解實(shí)驗(yàn)原理是解題的前提與關(guān)鍵，能夠根據(jù)平衡條件求解等效重力，熟練掌握?qǐng)A周運(yùn)動(dòng)向心力公式、動(dòng)

能定理和單擺周期公式。

8.【答案】BD

【脩析】解：4由于進(jìn)入磁場1和11時(shí)的速度相等，兩磁場間有一段加速過程，則剛進(jìn)入磁場1時(shí)做減速

運(yùn)動(dòng)，加速度方向豎直向上，故4錯(cuò)誤；

比進(jìn)入磁場I的過程，根據(jù)牛頓第二定律可得：BIL-mg=B^L-mg=ma,由于減速過程的加速度

K

減小，則穿過磁場I和在兩磁場之間的運(yùn)動(dòng)圖像如圖所示：

兩個(gè)過程位移相等，則圖像面積相等，可以看出前一段的時(shí)間大于后一段的時(shí)間，故8正確；

C口于進(jìn)入磁場I和II時(shí)的速度相等，從剛穿過I到剛進(jìn)入II過程中，根據(jù)動(dòng)能定理可得：W-mg-

2d=0

根據(jù)功能關(guān)系可得克服安培力做的功：W=Q

則穿過磁場/的過程產(chǎn)生的熱量為：Q=2mgd

故穿過兩磁場產(chǎn)生的總熱量為Q總=2Q=4mgd,故C錯(cuò)誤；

D金屬桿釋放時(shí)距磁場I上邊界的高度為2d,做自由落體運(yùn)動(dòng)，根據(jù)動(dòng)能定理可得：mg?2d=^mv2

故進(jìn)入磁場時(shí)的速度為：v=2yj~gd

乂進(jìn)入?yún)^(qū)域I和區(qū)域n時(shí)的速度相等，在兩區(qū)域間做加速度為g的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，設(shè)出磁場時(shí)的速度為

%，則有：v2-vl=2gd

解得剛出磁場的速度大小為：打二，碗

根據(jù)題意知兩磁場中運(yùn)動(dòng)時(shí)間相等，設(shè)為3取向下為正方向，根據(jù)動(dòng)量定理可得：+=

mv1-mv

即“華

=mv1—mv

由于：vt=d

聯(lián)立解得穿過區(qū)域I【的時(shí)間為：t=粽-(G-1)店，故。正確。

故選：B。。

進(jìn)入磁場I和H時(shí)的速度相等，兩磁場間有一段加速過程，由此分析加速度的方向：

根據(jù)牛頓第二定律分析加速度的變化，畫出穿過磁場I和在兩磁場之間的運(yùn)動(dòng)圖像進(jìn)行分析；

根據(jù)動(dòng)能能理、功能關(guān)系求解穿過兩磁場產(chǎn)牛的急熱最：

根據(jù)動(dòng)能定理求解金屬桿出磁場時(shí)的速度，根據(jù)動(dòng)量定理求解穿過區(qū)域n的時(shí)間。

對(duì)于電磁感應(yīng)問題研究思路常常有兩條：一條從力的角度，根據(jù)牛頓第二定律或平衡條件列出方程；另一

條是能量，分析涉及電磁感應(yīng)現(xiàn)象中的能量轉(zhuǎn)化問題，根據(jù)動(dòng)能定理、功能關(guān)系等列方程求解。

9.【答案】0.602.6浮，

Mgg

【解析】解:⑴相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)的時(shí)間間隔T=>^s=0.1s

根據(jù)勻變速運(yùn)動(dòng)中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度等于這段時(shí)間內(nèi)的平均速度，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器在打8點(diǎn)時(shí)，滑塊運(yùn)動(dòng)的速

度大小為方=舞="叱XI。7nls=0.60m/s

根據(jù)逐差法，滑塊運(yùn)動(dòng)的加速度大小為Q=5型=辿等

代人數(shù)據(jù)聯(lián)立解得a=2.6m/s2

(2)根據(jù)牛二定律可得2尸一〃Mg=Ma

2尸-Ma_2Fa

解得〃=

Mg~Mgg°

故答案為：(1)0.60；2.6；(2)--o

(1)根據(jù)勻變速運(yùn)動(dòng)中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度等于這段時(shí)間內(nèi)的平均速度，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器在打B的瞬時(shí)速度；根

據(jù)逐差法求加速度；

(2)根據(jù)牛頓第二定律求動(dòng)摩擦因數(shù)。

本題主要考查了測量滑塊的運(yùn)動(dòng)及滑塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)的實(shí)驗(yàn)，要掌握根據(jù)紙帶求解瞬時(shí)速度和加

速度的方法，掌握牛頓第二定律的運(yùn)用。

1()?【答案】空n0.700a2.52.9

4L

nLpL4pL

【解析】解.：(D根據(jù)電阻定律R=P5=Z皿=/

-4~

電阻率0=血

l4L

螺旋測微器的精確度為O.Olnun,合金絲的直徑為。=0.5mm+20.0x0.01mm=0.700mm

(2)由圖乙是測量合金絲阻值的電路圖，實(shí)物連線補(bǔ)充完整圖如圖所示。

(3)閉合Si，當(dāng)S2處于位置〃時(shí)，電壓表和電流表的示數(shù)分別為5=0.95V,/i=0.384當(dāng)S2處于位置〃

時(shí)，電壓表和電流表的示數(shù)分別為外=1.50P,/2=0.34/1o

電壓表示數(shù)的變化華=竺零5*0.37

U2L5U

電流表示數(shù)的變化?=°?哈產(chǎn)x0.12

12U.04

由以上計(jì)算可知電壓表的示數(shù)變億明顯，說明電流表的分壓作用較大，因此測量應(yīng)采用電流表外接法，即

S2處于位置a時(shí)，測量相對(duì)準(zhǔn)確。

由歐姆定律可得合金絲電阻測量值為"=皆=繪。=2.5。

(4)若已知電流表內(nèi)阻以=1.5。，采用電流表的內(nèi)接法，此時(shí)52處于位置〃時(shí).，電壓表和甩流表的示數(shù)分

別為4=1.50V,12=0.344

根據(jù)歐姆定律，金屬絲實(shí)際電阻為a=空-〃=葛。-1.5。,2.9以

12?

(1)根據(jù)電阻定律求電阻率；

螺旋測微器的精確度為O.Olmm,測量值二固定刻度對(duì)應(yīng)示數(shù)(mm)+刻度刻度上對(duì)齊格數(shù)(估讀一位)x精

確度；

(2)根據(jù)電路圖連接實(shí)物圖；

(3)根據(jù)“試觸法”的原理選擇電流表的內(nèi)、外接法；根據(jù)歐姆定律求待測電阻；

(4)已知電流表內(nèi)阻時(shí)，要采用電流表的內(nèi)接法，根據(jù)歐姆定律求待測電阻。

本題考查了電阻率的測定、螺旋測微器的讀數(shù)；考查了伏安法測電阻，掌握“試觸法”判斷電流表內(nèi)、外

接法的方法。

11.【答案】解：(1)物體沿右側(cè)斜面往上滑動(dòng)時(shí)，對(duì)物體分析，由牛頓第二定律有

mgsind+fimgcosO=ma

解得：〃=0.125

(2)物體沿左側(cè)斜面往下滑動(dòng)時(shí)，力牛頓第二定律有

mgsinO—[imgcosO=ma'

設(shè)物體滑到底端的速度大小為u,由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有

v2=2a'--r—.

smO

物體在右側(cè)斜面第一次上滑時(shí)間為

O-v

t=-一--Q

聯(lián)立解得：t=ls

答：(1)物體與斜面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)〃為0.125；

(2)物體在右側(cè)斜面第一次由底端上滑至最高點(diǎn)的時(shí)間/為15o

【解析】(1)已知物體沿右側(cè)斜面往上滑動(dòng)時(shí)加速度的大小，應(yīng)用牛頓第二定律和摩擦力公式相結(jié)合求物

體與斜面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)〃。

(2)根據(jù)牛頓第二定律和速度.位移公式相結(jié)合求出物體滑到底端的速度大小，再根據(jù)速度-時(shí)間公式求物體

在右側(cè)斜面第一次由底端上滑至最高點(diǎn)的時(shí)間/o

本題分析清楚物體的運(yùn)動(dòng)過程是解題的前提，分段應(yīng)用牛頓第二定律與運(yùn)動(dòng)學(xué)公式即可解題。

12.【答案】解：(1)根據(jù)幾何關(guān)系可知電荷在實(shí)線圓內(nèi)運(yùn)動(dòng)的半徑也為R,如圖所示，有

VQ

A

解得

_mv0

BL前

由左手定則可知，磁感應(yīng)強(qiáng)度當(dāng)方向垂直于紙面向里。

(2)帶電粒子在電場中做類平拋運(yùn)動(dòng)且會(huì)聚在。點(diǎn)，如圖所示，設(shè)電荷進(jìn)電場時(shí)位置的坐標(biāo)為(%,y),故有

解得

Eq2

y=---------------

2mvg

點(diǎn)(-R,-R)是虛線上一點(diǎn)，代入可解得

qR

12

y=~RX

(3)設(shè)電荷從。點(diǎn)射入第一象限的速度為v,與x軸的夾角為a,如圖所示，則

X

v=-----

cosa

在第一象限內(nèi)運(yùn)動(dòng)半徑為

mv

「二通

粒子被吸收的的位置為），，由幾何關(guān)系得

y=2rcosa

該點(diǎn)縱坐標(biāo)為

一律

該點(diǎn)橫坐標(biāo)為

x=0

即粒子打在熒光屏上的坐標(biāo)為（0,2翳）。

答：（1）圓形磁場磁感應(yīng)強(qiáng)度名為譚；方向垂直于紙面向里；

（2）勻強(qiáng)電場上邊界虛線的函數(shù)表達(dá)式為y=_/；

（3）粒子打在熒光屏上的坐標(biāo)為（02^）

【解析】（1）根據(jù)幾何關(guān)系求出電荷在實(shí)線圓內(nèi)運(yùn)動(dòng)的半徑，根據(jù)牛頓第二定律求出圓形磁場磁感應(yīng)強(qiáng)度

名的大小及方向；

（2）根據(jù)類平拋運(yùn)動(dòng)在不同方向的運(yùn)動(dòng)特點(diǎn)得出勻強(qiáng)電場上邊界虛線的函數(shù)表達(dá)式；

（3）根據(jù)幾何知識(shí)求粒子打在熒光屏上的坐標(biāo)。

本題主要考查了帶電粒子在組合場電場、磁場中的運(yùn)動(dòng)，理解粒子在不同場中的受力情況，根據(jù)牛頓第二

定律和幾何關(guān)系完成