遼寧省葫蘆島市實驗中學東戴河分校2025屆物理高二上期末達標檢測模擬試題含解析

遼寧省葫蘆島市實驗中學東戴河分校2025屆物理高二上期末達標檢測模擬試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、帶電粒子以初速度v0從a點垂直y軸進入勻強磁場，如圖所示，運動中粒子經(jīng)過b點，Oa＝Ob。若撤去磁場加一個與y軸平行的勻強電場，仍以v0從a點垂直y軸進入電場，粒子仍能過b點，粒子重力不計，那么電場強度E與磁感應強度B之比為（）A.v0 B.C.2v0 D.2、3N和4N兩個力的合力的最小值是（）A.0 B.1NC.5N D.7N3、在一磁感應強度為B的勻強磁場中做勻速圓周運動的帶電粒子，又垂直進入另一磁感應強度為2B的勻強磁場，則（）A.粒子的速率加倍，周期減半 B.粒子的速率加倍，軌道半徑減半C.粒子的速率不變，軌道半徑減半 D.粒子的速率不變，周期加倍4、如圖所示，空間存在垂直紙面向里的勻強磁場，從P點平行直線MN射出的a、b兩個帶電粒子，它們從P點射出開始計時到第一次到達直線MN所用的時間相同，到達MN時速度方向與MN的夾角分別為600和900，不計重力以及粒子間的相互作用力，則兩粒子速度大小之比va:vb為（

）A.2:1B.3:2C.4:3D.:5、如圖所示，將直徑為d，電阻為R的閉合金屬環(huán)從勻強磁場B中拉出，這一過程中通過金屬環(huán)某一截面的電荷量為（）A. B.C. D.6、在如圖所示電路中，電源電動勢為12V，電源內(nèi)阻為1.0Ω，電路中電阻R0為1.5Ω，小型直流電動機M的內(nèi)阻為0.5Ω．閉合開關S后，電動機轉(zhuǎn)動，理想電流表的示數(shù)為2.0A．則以下判斷中正確的是（）A.電動機兩端的電壓為7.0VB.電動機的輸出功率為14WC.電動機的發(fā)熱功率為4.0WD.電源輸出的電功率為24W二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示的電路中，各個電鍵均閉合，且k2接a，此時電容器C中的帶電微粒恰好靜止，現(xiàn)要使微粒向下運動，則應該（）A.將k1斷開 B.將k2擲在bC.將k2擲在c D.將k3斷開8、質(zhì)譜儀的結(jié)構(gòu)原理圖如圖所示，水平極板間有垂直極板方向的勻強電場，圓筒N內(nèi)可以產(chǎn)生質(zhì)子和氚核，它們由靜止進入極板間，經(jīng)極板間的電場加速后進入下方的勻強磁場．在磁場中運動半周后打到底片P上，不計質(zhì)子和氚核受到的重力及它們間的相互作用，下列判斷正確的是A.質(zhì)子和氚核在極板間運動的時間之比為1:3B.質(zhì)子和氚核在磁場中運動的時間之比為1:1C.質(zhì)子和氚核在磁場中運動的速率之比為D.質(zhì)子和氚核在磁場中運動軌跡半徑之比為9、如圖所示，均勻金屬圓環(huán)的總電阻為4R，磁感應強度為B的勻強磁場垂直穿過圓環(huán)。金屬桿OM的長為l，阻值為R，M端與環(huán)接觸良好，繞過圓心O的轉(zhuǎn)軸以恒定的角速度ω順時針轉(zhuǎn)動。阻值為R的電阻一端用導線和圓環(huán)最下端的A點連接，另一端和金屬桿的轉(zhuǎn)軸O處的端點相連接。下列判斷正確的是（）A.金屬桿OM旋轉(zhuǎn)產(chǎn)生的感應電動勢恒為B.通過電阻R的電流的最小值為，方向從Q到PC.通過電阻R的電流的最大值為D.OM兩點間電勢差絕對值的最大值為10、如圖，S為一離子源，MN為長熒光屏，S到MN的距離為L，整個裝置處在范圍足夠大的勻強磁場中，磁場方向垂直紙面向里，磁感應強度大小為B．某時刻離子源S一次性沿平行紙面的各個方向均勻地射出大量的正離子，各離子的質(zhì)量m，電荷量q，速率v均相同，不計離子的重力及離子間的相互作用力，則()A.當v<時所有離子都打不到熒光屏上B當v<時所有離子都打不到熒光屏上C.當v＝時，打到熒光屏MN的離子數(shù)與發(fā)射的離子總數(shù)比值為D.當v＝時，打到熒光屏MN的離子數(shù)與發(fā)射的離子總數(shù)比值為三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）用螺旋測微器測量其直徑如圖，由圖可知其直徑為_____m；12．（12分）如圖所示為多用電表的示意圖，其中S、T為可調(diào)節(jié)的部件，現(xiàn)用此電表測量一阻值約為1000Ω的定值電阻，則：（1）將紅、黑表筆分別插入“+”、“-”插孔，把兩筆尖相互接觸，調(diào)節(jié)______（填“S”或“T”），使電表指針指向______（填“左側(cè)”或“右側(cè)”）的“0”位置（2）該同學選擇×10倍率，用正確的操作方法測量時，發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角度太?。疄榱溯^準確地進行測量，應重新選擇_______（填“×1”、“×10”、“×100”或“×1k”）．重新選擇倍率后，刻度盤上的指針位置如圖所示，那么測量結(jié)果是___________四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，質(zhì)量m=0.2kg的皮球(視為質(zhì)點)，從A點被踢出后沿曲線ABC運動，A、C在同一水平地面上，最高點B距地面的高度h=10m，皮球在B點時的速度v=20m/s，重力加速度g=10m/s2，取皮球在地面的重力勢能為0。不計空氣阻力，求：(1)皮球由B運動到C的過程中重力對皮球所做的功W；(2)皮球在B點的機械能E；(3)皮球在A點被踢出時速度v0的大小。14．（16分）如圖所示，ab=25cm，ad=20cm，匝數(shù)為50匝的矩形線圈。線圈總電阻r=1Ω，外電路電阻R=9Ω，磁感應強度B=0.4T，線圈繞垂直于磁感線的OO’軸以角速度50rad/s勻速轉(zhuǎn)動。求：(1)從此位置開始計時，它的感應電動勢的瞬時值表達式。(2)1min內(nèi)R上消耗的電能。(3)線圈由如圖位置轉(zhuǎn)過30°的過程中，流過R的電量為多少？15．（12分）如圖所示，在平面直角坐標系內(nèi)，第Ⅰ象限存在沿軸負方向的勻強電場，第Ⅳ象限以ON為直徑的半圓形區(qū)域內(nèi)，存在垂直于坐標平面向外的勻強磁場，磁感應強度大小為B；一質(zhì)量為、電荷量為的帶正電的粒子，自軸正半軸上處的點，以速度垂直于軸射入電場，經(jīng)軸上處的P點進入磁場，最后以垂直軸的方向射出磁場。不計粒子重力，求：(1)電場強度大小；(2)粒子射出電場時速度v的大小和方向；(3)粒子在磁場中運動的軌跡半徑和時間。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】帶電粒子在勻強磁場中做勻速圓周運動，O為圓心，故有Oa＝Ob＝帶電粒子在勻強電場中做類平拋運動，故有Ob＝v0t，Oa＝t2聯(lián)立以上各式，解得＝2v0。故選C。2、B【解析】當兩個力共線反向時，合力最小，所以3N和4N兩個力的合力最小為1N。故選B。3、C【解析】洛倫茲力只改變帶電粒子的速度方向，不改變速度大小，所以粒子的速率不變．粒子在磁場中做圓周運動的周期：可知，當磁感應強度變?yōu)樵瓉淼?倍，周期將減半；粒子在磁場中做圓周運動的軌道半徑：可知，當磁感應強度變?yōu)樵瓉淼?倍，軌道半徑將減半；故C正確，ABD錯誤．故選C4、C【解析】兩粒子做圓周運動的軌跡如圖：設P點到MN的距離為L，由圖知b的半徑為：Rb=L，對于a粒子的半徑：L+Racos60°=Ra得：Ra=2L即兩粒子的速度之比為Ra：Rb=2：1粒子做圓周運動的周期為：T=由題有：得兩粒子的比荷為：粒子的洛倫茲力提供向心力，有：qvB=m得：R=聯(lián)立得：故選C5、A【解析】金屬環(huán)的面積：由法拉第電磁感應定律得：由歐姆定律得，感應電流：感應電荷量：q=I△t，解得：故A正確，BCD錯誤；故選A【點睛】本題考查了求磁通量的變化量、感應電荷量等問題，應用磁通量的定義式、法拉第電磁感應定律、歐姆定律、電流定義式即可正確解題，求感應電荷量時，也可以直接用公式計算6、A【解析】A．電動機兩端的電壓：UM=E-I（r+R0）=12-2×（1.0+1.5）=7V，故A正確；BC．電路中電流表的示數(shù)為2.0A，所以電動機的總功率為：P總=UMI=7×2=14W，電動機的發(fā)熱功率為：P熱=I2R=22×0.5=2W，所以電動機的輸出功率為：P出=14W-2W=12W，故BC錯誤；D．電源的輸出的功率為：P輸出=EI-I2R=12×2-22×1W=20W，故D錯誤。故選A。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】A．斷開k1，電容器與電源斷開，電容器放電，電壓減小，粒子向下運動，故A正確；B．將k2擲在b時，電容器之間與電源連接，電容器兩端電壓變大，粒子受向上的電場力變大，則粒子向上運動，故B錯誤；C．將k2擲在c時，電容器被短路，電容器放電，電壓減小，粒子向下運動，故C正確；D．斷開k3，電容器被斷開，不會產(chǎn)生充放電現(xiàn)象，故粒子受力不變，油滴不會運動，故D錯誤；故選AC。8、CD【解析】根據(jù)題圖可知，考查了回旋加速器的原理．根據(jù)粒子在回旋加速器在電場和磁場中的運動特點即可求解【詳解】A、質(zhì)子和氚核在極板間運動時，有，則，所以質(zhì)子和氚核在極板間運動的時間之比為，故A錯誤；B、質(zhì)子和氚核都為半個周期，周期的表達式為，所以質(zhì)子和氚核在磁場中運動的時間之比為1:3，故B錯誤；C、質(zhì)子和氚核在磁場中運動的速率由加速電場來決定，則有，得，所以質(zhì)子和氚核在磁場中運動的速率之比為，故C正確；D、粒子在磁場中運動半徑，故質(zhì)子和氚核在磁場中運動的軌跡半徑之比為，D正確9、AD【解析】A．M端線速度為v＝ωl，OM切割磁感線的平均速度為OM轉(zhuǎn)動切割磁感線產(chǎn)生的感應電動勢恒為故A正確；B．當M端位于最上端時，圓環(huán)兩部分電阻相等，并聯(lián)電阻最大，電路的總電阻最大，通過R的電流最小，因R并=×2R=R通過電阻R的電流的最小值為根據(jù)右手定則可知電流方向從Q到P，故B錯誤；C．當M位于最下端時圓環(huán)被短路，此時通過電阻R的電流最大，為故C錯誤；D．OM作為電源，外電阻增大，總電流減小，內(nèi)電壓減小，路端電壓增大，所以外電阻最大時，OM兩點間電勢差的絕對值最大，其最大值為U=Imin·2R＝故D正確。故選AD。10、AC【解析】根據(jù)帶電粒子在磁場中做勻速圓周運動的半徑公式求出離子的軌道半徑，畫出軌跡示意圖，然后求出離子到達熒光屏上離子數(shù)與總數(shù)的比值.【詳解】A、根據(jù)半徑公式,當時有，直徑2R＜L，離熒光屏最近的離子都打不到熒光屏上，所以當時所有離子都打不到熒光屏，故A正確；B、根據(jù)半徑公式，當時，R＜L，當半徑非常小時，即時肯定所有離子都打不到熒光屏上；當有離子打到熒光屏上，故B錯誤；C、D、當時，根據(jù)半徑公式，離子恰好打到MN上的臨界運動軌跡如圖所示：離子速度為v1從下側(cè)回旋，剛好和邊界相切，離子速度為v2時從上側(cè)回旋，剛好和上邊界相切，打到N點的離子離開S時的初速度方向和打到M′點的離子離開S時的初速度方向夾角θ=π，能打到熒光屏上的離子數(shù)與發(fā)射的粒子總數(shù)之比：，故C正確，D錯誤；故選AC.【點睛】本題考查了離子在磁場中的運動，離子在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，分析清楚離子運動過程是解題的關鍵，應用牛頓第二定律即可解題三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、700【解析】螺旋測微器的固定刻度讀數(shù)為4.5mm，可動刻度讀數(shù)為0.01×20.0mm=0.200mm，所以最終讀數(shù)為4.700mm=4.700×10－3m。12、①.（1）T②.右側(cè)③.（2）×100④.1100【解析】多用電表測量電阻時，需要選擇合適的檔位，使指針指針中央刻度線附近；選擇擋位后要進行毆姆調(diào)零，然后測量電阻讀出示數(shù)，指針示數(shù)與檔位的乘積是歐姆表示數(shù)；根據(jù)多用電表選擇開關的位置確定其所測量的量與量程，然后根據(jù)表盤確定其分度值，讀出其示數(shù)【詳解】（1）將紅、黑表筆分別插入“+”、“-”插孔，把兩筆尖相互接觸，調(diào)節(jié)T，使電表指針指向右側(cè)的“0”位置.（2）該同學選擇×10倍率，用正確的操作方法測量時，發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角度太?。f明倍率檔選擇的過小，為了較準確地進行測量，應重新選擇“×100”．重新選擇倍率后，刻度盤上的指針位置如圖所示，那么測量結(jié)果是11×100Ω=1100Ω【點睛】查歐姆表的使用，使用歐姆表測電阻時，要選擇合適的檔位，使指針指針表盤中央刻度線附近，歐姆表換檔后要進行歐姆調(diào)零；指針示數(shù)與檔位的乘積是歐姆表示數(shù)；要注意歐姆表的零刻度線在最右側(cè)四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)20J(2)60J(3)10m/s【解析】(1)皮球由B運動到C的過程中重力對皮球所做的功W(2)皮球在B點的機械能E(3)皮球從A點到B點機械能守恒，所以皮球在A點被踢出時速度v0的大小14、(1)e=50cos50t（V）；(2)6750J；(3)0.05C【解析】(1)感應電動勢的最大值為Em=nBSω所以感應電動勢的瞬時值表達