安徽省銅陵市浮山中學等重點名校2025屆物理高二第一學期期末質量跟蹤監(jiān)視試題含解析

安徽省銅陵市浮山中學等重點名校2025屆物理高二第一學期期末質量跟蹤監(jiān)視試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖，空間存在水平向左的勻強電場和垂直紙面向里的勻強磁場，電場和磁場相互垂直。在電磁場區(qū)域中，有一個豎直放置的光滑絕緣圓環(huán)，環(huán)上套有一個帶正電的小球，小球可沿圓環(huán)自由運動。O點為圓環(huán)的圓心，a、b、c為圓環(huán)上的三個點，a點為最高點，c點為最低點，Ob沿水平方向。已知小球所受電場力與重力大小相等?，F將小球從環(huán)的頂端a點由靜止釋放。下列判斷正確的是（）A.當小球運動的弧長為圓周長的1/2時，洛倫茲力最大B.當小球運動的弧長為圓周長的3/8時，洛倫茲力最小C.小球從a點到b點，重力勢能減小，電勢能增大D.小球從b點運動到c點，電勢能增大，動能先增大后減小2、如圖所示，三根通電長直導線P、Q、R互相平行且通過正三角形的三個頂點，三條導線中通入的電流大小相等，方向垂直紙面向里；通過直導線產生磁場的磁感應強度B=kI/r,I為通電導線的電流大小，r為距通電導線的垂直距離，k為常量；則通電導線R受到的磁場力的方向是A.垂直R，指向y軸正方向B.垂直R，指向y軸負方向C.垂直R，指向x軸正方向D.垂直R，指向x軸負方向3、如圖所示，當AB間加上電壓時，R1、R2、R3三個電阻上消耗的功率相等，則三電阻的阻值之比R1：R2：R3為（）A.1：1：4 B.1：1：1C.1：1：2 D.2：2：14、一交變電流的電壓表達式為，由此表達式可知()A.用電壓表測該電壓其示數為100VB.該交變電壓的頻率為60HzC.將該電壓加在100Ω的電阻兩端，則該電阻消耗的電功率為100WD.t＝s時，該交流電壓的瞬時值為50V5、如圖所示，勻強磁場中有兩個導體圓環(huán)a、b，磁場方向與圓環(huán)所在平面垂直．磁感應強度B隨時間均勻增大．兩圓環(huán)半徑之比為2∶1，圓環(huán)中產生的感應電動勢分別為Ea和Eb.不考慮兩圓環(huán)間的相互影響．下列說法正確的是()A.Ea∶Eb＝4∶1，感應電流均沿逆時針方向B.Ea∶Eb＝4∶1，感應電流均沿順時針方向C.Ea∶Eb＝2∶1，感應電流均沿逆時針方向D.Ea∶Eb＝2∶1，感應電流均沿順時針方向6、如圖為某同學使用的迷你電風扇，該同學想要研究該風扇電動機的性能。將電風扇與電動勢為2V、內阻為1Ω的電源連接。閉合開關后，電風扇正常運轉，測得電路電流為0.2A。以下判斷中正確的是（）A.電動機兩端的電壓為2V B.電動機的內阻為9ΩC.電動機的輸入功率為0.36W D.電源輸出電功率為0.4W二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，當電路里滑動變阻器R2的滑動觸頭P向下滑動時（）A.電容器C兩極板間的電場強度增大B.電壓表的讀數減小C.R1消耗的功率減小D.R2消耗的功率增大8、車輪輪胎在正常情況下是充滿氣體的，但在維修車輪時有時要將輪胎內的氣體放掉。若迅速拔掉輪胎的氣門芯，如圖所示，輪胎里面的氣體會在一瞬間釋放出來，此時用手立即去觸摸充氣嘴處，會感覺到充氣嘴的溫度降低，這種現象在夏天比較明顯。將輪胎內的氣體視為理想氣體。噴氣時間極短，視輪胎為絕熱材料，下列說法正確的是A.輪胎內氣體在噴出過程中其內能迅速減小B.輪胎內部氣體壓強迅速減小C.輪胎內的氣體迅速向外噴出是由于分子做擴散運動引起的D.氣體噴完后瞬間充氣嘴有較涼的感覺，是由輪胎內氣體迅速膨脹對外做功而溫度下降導致的9、如圖所示，某質點做勻減速直線運動，依次經過三點，最后停在點。已知，從點運動到點，從點運動到點兩個過程速度變化量都為，則下列說法正確的是（）A.質點到達點時速度大小為 B.質點的加速度大小為C.質點從點運動到點的時間為 D.兩點間的距離為10、如圖所示，直線是一簇未標明方向的由點電荷產生的電場線，曲線是某一帶電粒子通過電場區(qū)域時的運動軌跡，A、B是軌跡上兩點。若帶電粒子運動中只受靜電力作用，根據此圖可以作出的判斷是（）A.帶電粒子所帶電荷的符號B.帶電粒子在A、B兩點的受力方向C.帶電粒子在A、B兩點的加速度何處大D.帶電粒子在A、B兩點的加速度方向三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某學習小組擬研究一個標有“3.6V，1.8W”的小電珠的伏安特性曲線，可供選用的器材如下：①電流表A，量程0～0.6A，內阻約為0.2Ω；②電壓表V，量程0～15V，內阻約為15kΩ；③滑動變阻器R，阻值范圍0～10Ω；④學生電源E，電動勢為4V，內阻不計；⑤開關S及導線若干(1)該學習小組中的甲同學設計了如圖甲所示的電路進行測量，請按照圖甲所示的電路圖幫甲同學將圖乙中的實物圖連接起來___________(2)甲同學在實驗中發(fā)現，由于電壓表的量程較大而造成讀數誤差很大，因而影響了測量結果．于是又從實驗室找來一量程為Ig＝100μA、內阻Rg＝1000Ω的靈敏電流計，想把該靈敏電流計改裝成量程為5V的電壓表，則需串聯一個阻值為________Ω的電阻(3)甲同學用改裝后的電壓表進行實驗，得到電流表讀數I1和靈敏電流計讀數I2如表所示：I1(A)00.190.300.370.430.460.480.49I2(μA)010203040506070請在圖丙中的坐標紙上畫出I1－I2圖線______(4)若將該小電珠接在如圖丁所示的電路中，則該小電珠消耗的電功率約為________W．已知電源的電動勢為E′＝3.0V，內阻r＝1.5Ω，定值電阻R0＝4.5Ω.(結果保留兩位有效數字)12．（12分）要測繪一個標有“3V，0.6W”小燈泡的伏安特性曲線，要求燈泡兩端的電壓需要由零逐漸增加到3V，并便于操作．已選用的器材有：直流電源（電壓為4V）；電鍵一個、導線若干電流表（量程為0-0.3A，內阻約0.5Ω)；電壓表（量程為0-3V，內阻約3kΩ)；（1）實驗中所用的滑動變阻器應選下列中的_____（填字母代號）A．滑動變阻器（最大阻值10Ω，額定電流1A）B．滑動變阻器（最大阻值1kΩ，額定電流0.3A）（2）如圖為某同學在實驗過程中完成部分電路連接的情況，請完成其余部分的線路連接．（用黑色水筆畫線表示對應的導線）（3）實驗得到小燈泡的伏安特性曲線如圖．由曲線可知小燈泡的電阻隨電壓增大而______（填“增大”、“不變”或“減小”）（4）如果把實驗中的小燈泡與一個E=2V，內阻為2.0Ω的電源及阻值為8.0Ω的定值電阻串聯在一起，小燈泡的實際功率是_____W（保留兩位有效數字）四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，與水平面成θ=37°角的光滑軌道間距為L=0.4m，軌道上有一質量為m=0.04kg,電阻為R=3Ω的金屬棒ab，電源電動勢為E=6V，電路中其他電阻不計，ab棒靜止在軌道上，當磁感強度的方向分別為：(1)豎直向上、(2)垂直軌道平面向上時，分別求出其大小?(已知sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s2)14．（16分）如圖，在水平桌面上固定有寬度為d、電阻可忽略的U形導軌；均勻磁場的方向垂直于U形導軌平面，磁感應強度大小隨時間的變化關系為B＝B0（1＋kt），式中B0、k為大于零的常量．在與導軌左端相距l(xiāng)處放置一垂直于導軌的光滑導體棒，并用外力將其固定．導體棒的質量為m，阻值為R，與導軌接觸良好（1）求回路中感應電流的大小；（2）在t＝t0時撤去外力，求撤去外力后瞬間導體棒所受安培力的大小15．（12分）某控制帶電粒子運動的儀器原理如圖所示，區(qū)域PP′M′M內有豎直向下的勻強電場，電場場強E＝1.0×103V/m，寬度d＝0.05m，長度L＝0.40m；區(qū)域MM′N′N內有垂直紙面向里的勻強磁場，磁感應強度B＝2.5×10－2T，寬度D＝0.05m，比荷＝1.0×108C/kg的帶正電的粒子以水平初速度v0從P點射入電場．邊界MM′不影響粒子的運動，不計粒子重力(1)若v0＝8.0×105m/s，求粒子從區(qū)域PP′N′N射出的位置；(2)若粒子第一次進入磁場后就從M′N′間垂直邊界射出，求v0的大??；(3)若粒子從M′點射出，求v0滿足的條件

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】球所受的電場力與重力大小相等，二者的合力指向左下方45°，由于合力是恒力，故類似于等效的重力，所以bc弧的中點相當于平時豎直平面圓環(huán)的“最低點”.關于圓心對稱的位置就是“最高點”；在“最低點”時速度最大．再根據豎直平面內的圓周運動的相關知識解題即可.【詳解】A．小球受到水平向左的電場力和豎直向下的重力，二力大小相等，故二力的合力方向于水平方向成45°向左下，如圖：故小球運動到圓弧bc的中點時，速度最大，此時的洛倫茲力最大，即小球運動的弧長為圓周長的時，洛侖茲力最大，故A錯誤；B．由A的分析可知，結合對稱性可知，當小球運動的弧長為圓周長的時，洛侖茲力最小，故B錯誤；C．小球由a到b的過場中，電場力和重力均做正功，重力勢能和電勢能都減小，故C錯誤.D．小球從b點運動到c點，電場力做負功，電勢能增加；因力的合力方向將于水平方向成45°向左下，當小球運動到圓弧bc的中點時速度最大，所以小球從b點運動到c點過程中，動能先增大，后減小，故D正確。故選D?！军c睛】該題關鍵要能夠根據受力分析找出做圓周運動等效的最高點和最低點，再根據豎直平面內的圓周運動的知識解題.2、B【解析】R所在處的磁場是由P與Q中的電流產生的，由安培定則判斷出R處磁場的方向，然后由左手定則判斷出R中電流所示安培力的方向【詳解】由安培定則可知，通電指導線P、Q在R處產生的合磁場方向水平向右，即沿X軸正方向，則R處的磁場方向沿X軸正方向；由左手定則可知，通電直導線R所受安培力垂直于R指向Y軸負方向，B正確3、A【解析】因R1和R2串聯，電流相等，且消耗的功率相等，根據P=I2R可知R1=R2；因并聯支路電壓相等，上面支路的功率等于R3功率的2倍，根據可知，R3=2R12=4R1，即R1：R2：R3=1：1：4A．1：1：4，與結論相符，選項A正確；B．1：1：1，與結論不相符，選項B錯誤；C．1：1：2，與結論不相符，選項C錯誤；D．2：2：1，與結論不相符，選項D錯誤；故選A.4、B【解析】從電壓表達式中得出電壓的最大值為，電壓表顯示的是有效值，為：，故A錯誤；從電壓表達式中得出角頻率為，故頻率，故B正確；將該電壓加在的電阻兩端，則該電阻消耗的電功率為：，故C錯誤；時，該交流電壓的瞬時值為，故D錯誤5、B【解析】根據法拉第電磁感應定律可得，根據題意可得，故，感應電流產生磁場要阻礙原磁場的增大，即感應電流產生向里的感應磁場，根據楞次定律可得，感應電流均沿順時針方向【考點定位】法拉第電磁感應定律、楞次定律的應用【方法技巧】對于楞次定律，一定要清楚是用哪個手判斷感應電流方向的，也可以從兩個角度理解，一個是增反減同，一個是來拒去留，對于法拉第電磁感應定律，需要靈活掌握公式，學會變通6、C【解析】A.電動機兩端的電壓為：UM=E?Ir=2?0.2×1=1.8V，故A錯誤；B.電動機是非純電阻電路，歐姆定律不適用，其內阻：故B錯誤；C.電動機輸入的電功率為：PM=UMI=1.8×0.2=0.36W，故C正確；D.電源的輸出功率等于電動機的輸入功率，為0.36W，故D錯誤。故選：C二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】A．滑動變阻器的滑動觸頭向下滑動時，滑動變阻器接入電路的電阻增大，通過電源的電流減小，路端電壓增大，由歐姆定律知兩端電壓減小，電容器兩極間電壓增大，兩板間的電場強度增大；選項A正確；B．以上分析知，滑動變阻器的滑動觸頭向下滑動時，路端電壓增大，電壓表的讀數增大；選項B錯誤；C．以上分析知，滑動變阻器的滑動觸頭向下滑動時，通過的電流減小，消耗的功率減??；選項C正確；D．通過的電流減小，而接入電路的電阻增大，故消耗的功率變化無法確定；D選項錯誤。故選AC.8、ABD【解析】A．胎為絕熱材料Q=0，向外噴射氣體，氣體體積增大，對外做功，W＜0，根據熱力學第一定律△U=W+Q，△U＜0，所以，輪胎內氣體在噴出過程中其內能迅速減小，故A正確；BD．聯想氣體的內能只有分子動能，輪胎放氣時，胎內氣體迅速膨脹對外做功，內能減小時，分子的平均動能減小，由于溫度是分子平均動能的標志，所以溫度會下降。根據理想氣體狀態(tài)方程，體積變大，溫度下降，壓強會迅速減小，故BD正確；C．輪胎內的氣體迅速向外噴出是由于輪胎內外壓強差引起的，不是分子擴散的原因，故C錯誤。故選ABD。9、BD【解析】AB．由題意知設加速度大小為a，根據速度位移公式得代入數據聯立解得故A錯誤，B正確；CD．質點從A到C的時間為AD間的距離為故C錯誤，D正確；故選BD。10、BCD【解析】B.根據曲線運動的物體受力方向指向曲線的“凹”側，可以判斷帶電粒子在A、B兩點的受力方向如圖：選項B正確；A.因不知場強方向，所以無法判斷帶電粒子所帶電荷的符號，選項A錯誤；C.因為A點的電場線比B點密集，A點的場強比B點大，所以帶電粒子在A點的加速度大于B點的加速度，選項C正確；D.加速度方向與受力方向一致，因而也可判斷帶電粒子在A、B兩點的加速度方向，選項D正確。故選BCD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.連接圖見解析②.49000③.圖像見解析④.0.35【解析】(1)[1]如圖所示(2)[2]設需要串聯的電阻阻值為Rx，則有:Ig(Rg＋Rx)＝5V代入數據可得Rx＝49000Ω.(3)[3]根據表格數據可以的下圖(4)[4]將定值電阻R0看做該電源的內阻的一部分，則內阻r′＝6Ω，由此可得路端電壓:U＝E′－Ir′在I1－I2圖線所在坐標紙上作出該I－U圖象如上一問圖所示，可知其交點坐標表示的電流約為0.32A，電壓約為1.1V，所以該小電珠消耗的功率約為:P＝UI=0.32×1.1W≈0.35W.12、①.A②.增大③.0.10W【解析】（1）因為測小燈泡的伏安特性曲線，采用分壓式接法，為了實驗方便操作，滑動變阻器選擇阻值較小的，故選A（2）連線如下：（3）根據歐姆定律：，可得圖像斜率越來越小，說明電阻越來越大，所以小燈泡的電阻隨電壓增大而增大（4）將定值電阻和電源內阻看成一體，在圖中作出電源的外特性曲線：，圖像交點為燈泡的工作點，由圖可知，電流為0.1A，燈泡兩端電壓為1V，算得功率四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)0.375T(2)0.3T【解析】利用安培定則判斷出安培力方向，進行共點力平衡的分析即可【詳解】（1）利用左手定則，磁場豎直向上時，安培力水平向右，物體受重力支持力與安培力保持平衡，畫出受力分析示意圖：可得電流由得B=0.375T（2）利用左手定則，磁場垂直于斜面向上時，安培力沿斜面向上，物體受重力支持力與安培力保持平衡，畫出受力分析示意圖：可得電流由得B=0.3T【點睛】本題結合安培力考查共點力平衡，難度較低14、（1）（2）【解析】(1)回路的面積不變，磁場在變化，根據法拉第電磁感應定律求得感應電動勢，再由歐姆定律求感應電流的大小；(2)根據安培力公式F=BIL求得t=t0時導體棒所受的安培力大小【詳解】(1)由B=B0（1+kt），得：根據法拉第電磁感應定律得：感應電流的大小為：；(2)在t=t0時，導體棒所受的安培力大小為：F=BId=B0（1+kt0）?【點睛】解決本題的關鍵要掌握法拉第電磁感應定律、閉合電路歐姆定律和安培力公式F=BIL，要知道回路中磁通量均勻變化時，產生的感應電動勢和感應電流是恒定不變的15、(1)0.0125m(2)3.