2025屆甘肅省白銀市會寧縣第四中學(xué)物理高二上期末統(tǒng)考試題含解析

2025屆甘肅省白銀市會寧縣第四中學(xué)物理高二上期末統(tǒng)考試題注意事項(xiàng)1．考生要認(rèn)真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結(jié)束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖示為一質(zhì)點(diǎn)做直線運(yùn)動的v﹣t圖象．下列說法正確的是（）A.3s末，質(zhì)點(diǎn)的速度方向和加速度方向都發(fā)生變化B.3s末，質(zhì)點(diǎn)的速度和加速度均為零C.在3s～9s內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)的位移大小為12mD.質(zhì)點(diǎn)在4s時(shí)的加速度大于在8s時(shí)的加速度2、在如圖所示的各電場中，a、b兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度相同的是（）A. B.C. D.3、如圖所示，真空中A、B兩個(gè)點(diǎn)電荷的電荷量分別為+Q和+q，放在光滑絕緣水平面上，A、B之間用絕緣的輕彈簧連接．當(dāng)系統(tǒng)平衡時(shí)，彈簧的伸長量為x0．若彈簧發(fā)生的均是彈性形變，則（）A.保持Q不變，將q變?yōu)?q，平衡時(shí)彈簧的伸長量等于2x0B.保持q不變，將Q變?yōu)?Q，平衡時(shí)彈簧的伸長量大于2x0C.保持Q不變，將q變?yōu)?q，平衡時(shí)彈簧的縮短量大于x0D.保持q不變，將Q變?yōu)?Q，平衡時(shí)彈簧的縮短量小于x04、將平行板電容器與靜電計(jì)連接，充電后撤去電源，靜電計(jì)指針張開某一角度θ，如圖所示，若將電容器兩極間距離增大，則A.兩極板間電勢差不變，θ不變B.兩極板間電勢差減小，θ減小C.電容器電容減小，θ變小D.電容器電容減小，θ變大5、下列說法正確的是()A.電流的方向就是電荷移動的方向B.根據(jù)公式當(dāng)兩個(gè)點(diǎn)電荷距離趨于0時(shí)，電場力將趨于無窮大C.一小段通電導(dǎo)線在某處不受磁場力作用，則該處磁感應(yīng)強(qiáng)度一定為零.D.電源電動勢反映了電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電勢能的本領(lǐng)6、在如圖所示的電路中，a、b、c為三盞完全相同的燈泡，L是自感線圈，直流電阻為RL，則下列說法正確的是（）A.合上開關(guān)后，b、c先亮，a后亮B.斷開開關(guān)時(shí)，N點(diǎn)電勢低于M點(diǎn)C.斷開開關(guān)后，b、c同時(shí)熄滅，a緩慢熄滅D.斷開開關(guān)后，c馬上熄滅，b閃一下后緩慢熄滅二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示，在半徑為R的圓形區(qū)域內(nèi)充滿磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場，MN是一豎直放置的感光板。從圓形磁場最高點(diǎn)P以速度v垂直磁場正對著圓心O射入帶正電的粒子，且粒子所帶電荷量為q、質(zhì)量為m，不考慮粒子重力，關(guān)于粒子的運(yùn)動，以下說法正確的是（）A.粒子在磁場中通過的弧長越長時(shí)間也越長B.出磁場的粒子其出射方向的反向延長線也一定過圓心OC.出磁場的粒子一定能垂直打在MN上D.只要速度滿足，入射的粒子出射后一定垂直打在MN上8、1930年勞倫斯制成了世界上第一臺回旋加速器，其原理如圖所示，這臺加速器由兩個(gè)銅質(zhì)D形合D1、D2構(gòu)成，其間留有空隙，下列說法正確的是A.離子由加速器的中心附近進(jìn)入加速器B.離子由加速器的邊緣進(jìn)入加速器C.離子從磁場中獲得能量D.離子從電場中獲得能量9、如圖所示，矩形區(qū)域內(nèi)有水平方向的勻強(qiáng)電場，一個(gè)帶負(fù)電的粒子從A點(diǎn)以某一速度vA射入電場中，最后以另一速度vB從B點(diǎn)離開電場，不計(jì)粒子所受的重力，A、B兩點(diǎn)的位置如圖所示，則下列判斷中正確的是（）A.電場強(qiáng)度的方向水平向左B.帶電粒子在A點(diǎn)的電勢能大于在B點(diǎn)的電勢能C.粒子在電場中運(yùn)動的全過程中，電勢能最大處為A點(diǎn)D.粒子在電場中運(yùn)動的全過程中，動能最大處為B點(diǎn)10、在如圖所示的電路中，P1、P2分別為滑動變阻器R1、R2的滑動觸頭，R3為定值電阻，平行金屬板A、B構(gòu)成電容器C，M為電容器內(nèi)的一點(diǎn)。開關(guān)S閉合且電路穩(wěn)完時(shí)，下列說法正確的是A.若滑片P1向下移動，電容器的極板間電壓變小B.若滑片P2向下移動，電容器的極板間電壓變小C.若極板A向下移動，M點(diǎn)的電勢升高D.若極板A向下移動，M點(diǎn)的電勢降低三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）一個(gè)表盤刻度清晰，但沒有示數(shù)、量程，且內(nèi)阻未知的電流表，一位同學(xué)想測量該電流表的量程和內(nèi)阻，可以使用的實(shí)驗(yàn)器材如下：A．電源(電動勢約4V，內(nèi)電阻忽略不計(jì))B．待測電流表(量程和內(nèi)電阻未知)C．標(biāo)準(zhǔn)電流表（量程0.6A，內(nèi)電阻未知）D．電阻箱(阻值范圍0～999.9Ω)E．滑動變阻器(阻值為0～20Ω)F．滑動變阻器(阻值為0～20kΩ)G．開關(guān)S和導(dǎo)線若干該同學(xué)的實(shí)驗(yàn)操作過程為：①將實(shí)驗(yàn)儀器按圖所示電路連接，滑動變阻器應(yīng)選________(選填儀器前的字母序號)；②將電阻箱的阻值調(diào)至最大，將滑動變阻器的滑片P移至某一位置，閉合開關(guān)S；接著調(diào)節(jié)電阻箱，直至電流表滿偏，記錄此時(shí)電阻箱的阻值和標(biāo)準(zhǔn)電流表的示數(shù)；③移動滑片P至滑動變阻器的另一位置，再次調(diào)節(jié)電阻箱直至電流表滿偏，記錄此時(shí)電阻箱的阻值和標(biāo)準(zhǔn)電流表的示數(shù)；④重復(fù)步驟③3～5次；⑤該同學(xué)記錄了各組標(biāo)準(zhǔn)電流表的示數(shù)和電阻箱的阻值的數(shù)據(jù)，并作出圖線；⑥根據(jù)圖線可以求得電流表的量程為________A，內(nèi)電阻為________Ω12．（12分）某實(shí)驗(yàn)小組設(shè)計(jì)了如圖所示歐姆表電路，通過調(diào)控電鍵和調(diào)節(jié)電阻箱，可使歐姆表具有“”和“”兩種倍率。已知：電源電動勢，內(nèi)阻；毫安表滿偏電流，內(nèi)阻，回答以下問題：①圖的電路中：插孔應(yīng)該接_______表筆（選填紅、黑）；應(yīng)該選用阻值為_________的電阻（小數(shù)點(diǎn)后保留一位小數(shù)）；②經(jīng)檢查，各器材均連接無誤，則：當(dāng)電鍵斷開時(shí)，歐姆表對應(yīng)的倍率為___________（選填“”、“”）；③為了測量電阻時(shí)便于讀出待測電阻的阻值，需將毫安表不同刻度標(biāo)出歐姆表的刻度值，其中，中央刻度處應(yīng)標(biāo)的數(shù)值是________________；④該小組選擇閉合的檔位，歐姆調(diào)零操作無誤，測量電阻時(shí)，毫安表指針處于圖位置，由此可知被測電阻_______。四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，兩足夠長的平行金屬導(dǎo)軌MN、PQ相距為L，導(dǎo)軌平面與水平面的夾角θ＝37°，導(dǎo)軌電阻不計(jì)，整個(gè)裝置處于垂直導(dǎo)軌平面向上的勻強(qiáng)磁場中．長為L的金屬棒ab垂直于MN、PQ放置在導(dǎo)軌上，且始終與導(dǎo)軌接觸良好．金屬棒的質(zhì)量為m、電阻為R，與導(dǎo)軌間動摩擦因數(shù)μ＝0.5，兩金屬導(dǎo)軌的上端連接一個(gè)電阻，其阻值也為R．現(xiàn)閉合開關(guān)，給金屬棒施加一個(gè)方向垂直于棒且平行于導(dǎo)軌平面向上、大小為F＝3mg的恒力，使金屬棒從靜止開始運(yùn)動，上滑位移x時(shí)速度恰達(dá)到最大速度vm．（重力加速度為g，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8）求：（1）金屬棒剛開始運(yùn)動時(shí)的加速度大小；（2）勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大??；（3）金屬棒由靜止開始上滑位移x的過程中，金屬棒上產(chǎn)生的焦耳熱Q14．（16分）有一個(gè)200匝的線圈，總電阻為10Ω，在0.2s內(nèi)垂直穿過線圈平面的磁通量從0.04Wb均勻增加到0.08Wb。問這段時(shí)間內(nèi)：（1）線圈中產(chǎn)生的平均感應(yīng)電動勢為多少？（2）通過線圈的平均感應(yīng)電流為多少？（3）通過線圈的電荷量是多少？15．（12分）在豎直平面內(nèi)建立一平面直角坐標(biāo)系xOy，x軸沿水平方向，如圖甲所示。第二象限內(nèi)有一水平向右的勻強(qiáng)電場，電場強(qiáng)度為E1=0.2N/C。坐標(biāo)系的第一、四象限內(nèi)有一正交的勻強(qiáng)電場和勻強(qiáng)交變磁場，電場方向豎直向上，電場強(qiáng)度E2=0.1N/C，勻強(qiáng)磁場方向垂直紙面。某比荷為=102C/kg的帶正電的粒子（可視為質(zhì)點(diǎn)）以v0=4m/s豎直向上的速度從-x上的A點(diǎn)進(jìn)入第二象限，并從+y上的C點(diǎn)沿水平方向進(jìn)入第一象限。取粒子剛進(jìn)入第一象限的時(shí)刻為0時(shí)刻，磁感應(yīng)強(qiáng)度按圖乙所示規(guī)律變化（以垂直紙面向外的磁場方向?yàn)檎较颍?，g=10m/s2。試求：（結(jié)果可用π表示）(1)帶電粒子運(yùn)動到C點(diǎn)的縱坐標(biāo)值h及到達(dá)C點(diǎn)的速度大小v1；(2)+x軸上有一點(diǎn)D，OD=OC，若帶電粒子在通過C點(diǎn)后的運(yùn)動過程中不再越過y軸，要使其恰能沿x軸正方向通過D點(diǎn)，求磁感應(yīng)強(qiáng)度B0及其磁場的變化周期T0；(3)要使帶電粒子通過C點(diǎn)后的運(yùn)動過程中不再越過y軸，求交變磁場磁感應(yīng)強(qiáng)度B0和變化周期T0的乘積B0T0應(yīng)滿足的關(guān)系。

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、C【解析】AB．在v﹣t圖象中，斜率代表加速度，在0﹣6s內(nèi)斜率不變，故加速度不變且不為零，故AB錯(cuò)誤；C．在3s～9s內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)的位移大小為故C正確；D．在v﹣t圖象中，斜率代表加速度的大小，在8s時(shí)的斜率大于4s時(shí)的斜率，故質(zhì)點(diǎn)在4s時(shí)的加速度小于在8s時(shí)的加速度，故D錯(cuò)誤；故選C。2、D【解析】AB．A圖和B圖中的ab兩點(diǎn)的電場的方向不同，場強(qiáng)大小相等，所以兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度不相同。故AB錯(cuò)誤；C．C圖中的ab兩點(diǎn)，b點(diǎn)的電場線比較密，所以b點(diǎn)的場強(qiáng)大。故C錯(cuò)誤；D．D圖中的兩點(diǎn)所在的電場為勻強(qiáng)電場，兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小相等，方向相同，場強(qiáng)相同，故D正確；故選D。3、C【解析】根據(jù)庫侖定律及胡克定律列式分析，電荷量變化，庫侖力變化，兩球的距離變化，彈力變化，根據(jù)平衡條件列方程計(jì)算即可【詳解】設(shè)彈簧的勁度系數(shù)為K,原長為x.當(dāng)系統(tǒng)平衡時(shí),彈簧的伸長量為x0，則有：…①A.保持Q不變，將q變?yōu)?q時(shí)，平衡時(shí)有：Kx1=…②由①②解得：x1<2x0，故A錯(cuò)誤；B.同理可以得到保持q不變，將Q變?yōu)?Q，平衡時(shí)彈簧的伸長量小于2x0，故B錯(cuò)誤；C.保持Q不變,將q變?yōu)?q，如果縮短量等于x0，則靜電力大于彈力，故會進(jìn)一步壓縮彈簧，故平衡時(shí)彈簧的縮短量大于x0，故C正確；D.保持q不變，將Q變?yōu)?Q，如果縮短量等于x0，則靜電力大于彈力，故會進(jìn)一步壓縮彈簧，故平衡時(shí)彈簧的縮短量大于x0，故D錯(cuò)誤故選C4、D【解析】靜電計(jì)是測量電勢差的儀器，電勢差的大小是通過指針張開的角度來體現(xiàn)的；又電容器充完電后與電源分開，說明電容器的電量不變，根據(jù)電容公式可知當(dāng)增大時(shí)，減小，由可知，電勢差增大，那么變大；A.與分析不符，故A錯(cuò)誤；B.與分析不符，故B錯(cuò)誤；C.與分析不符，故C錯(cuò)誤；D.與分析相符，故D正確5、D【解析】A．電流的方向?yàn)檎姾傻囊苿臃较?，故A錯(cuò)誤；B．庫倫定律適用的研究對象是點(diǎn)電荷，當(dāng)兩個(gè)電荷距離太近則不能視為點(diǎn)電荷，庫倫定律不再適用，故B錯(cuò)誤；C．磁場方向和電流方向相同，通電導(dǎo)線不受安培力，但磁感應(yīng)強(qiáng)度不為零，故C錯(cuò)誤；D．電源電動勢反映了電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電勢能的本領(lǐng)，故D正確。故選D6、A【解析】開關(guān)S閉合瞬間，因線圈L的電流增大，磁通量增大，產(chǎn)生自感電動勢，根據(jù)楞次定律可知，自感電動勢阻礙電流的增大，通過a燈的電流逐漸增大，所以b、c先亮，a后亮，故A正確；合上開關(guān)一會兒后，因線圈中電流逐漸穩(wěn)定；斷開開關(guān)S的瞬間，由電感的特性可知：L和a、b組成的回路中有電流，電流的方向與L中原來電流的方向相同，方向?yàn)椋篖→N→b→M→a→L，可知N點(diǎn)電勢高于M點(diǎn)．故B錯(cuò)誤；合上開關(guān)一會兒后，因線圈有電阻，則當(dāng)電路中電流穩(wěn)定時(shí)，a的電流小于b；斷開開關(guān)S的瞬間，由電感的特性可知：L和a、b組成的回路中有電流，導(dǎo)致a、b一起緩慢熄滅；而c沒有電流，馬上熄滅．由于原來a的電流小于b，開關(guān)斷開的瞬間，通過a、b和線圈回路的電流從a燈原來的電流減小，所以兩燈都不會閃亮，故C錯(cuò)誤，D錯(cuò)誤；故選A【點(diǎn)睛】本題考查了電感線圈對電流的阻礙作用，特別是開關(guān)閉合、斷開瞬間的判斷，要根據(jù)燈泡中電流有無增大，分析是否存在閃亮現(xiàn)象二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、BD【解析】A．粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動，則有，則速度不同的同種帶電粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動的周期相等，對著圓心入射的粒子，速度越大在磁場中軌跡半徑越大，弧長越長，軌跡對應(yīng)的圓心角越小，由知，運(yùn)動時(shí)間t越小，故A錯(cuò)誤；B．帶電粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動，設(shè)軌跡圓心為，粒子出射點(diǎn)為，根據(jù)幾何知識可知≌則即對著圓心入射的粒子，其出射方向的反向延長線也一定過圓心，故B正確；C．速度不同，半徑不同，軌跡對應(yīng)的圓心角不同，對著圓心入射的粒子，出射后不一定垂直打在MN上，與粒子的速度有關(guān)，故C錯(cuò)誤；D．速度滿足v=時(shí)，粒子的軌跡半徑為r==R，入射點(diǎn)、出射點(diǎn)、O點(diǎn)與軌跡的圓心構(gòu)成菱形，射出磁場時(shí)的軌跡半徑與最高點(diǎn)的軌跡半徑平行，粒子的速度一定垂直打在MN板上，故D正確。故選BD?！军c(diǎn)睛】帶電粒子射入磁場后做勻速圓周運(yùn)動，對著圓心入射，必將沿半徑離開圓心，根據(jù)洛倫茲力充當(dāng)向心力，求出時(shí)軌跡半徑，確定出速度的偏向角。對著圓心入射的粒子，速度越大在磁場中通過的弧長越長，軌跡對應(yīng)的圓心角越小，即可分析時(shí)間關(guān)系。8、AD【解析】據(jù)回旋加速器的工作原理知，粒子由回旋加速器的中心附近進(jìn)入加速器，且在電場中加速，通過磁場回旋，所以從電場中獲得能量，故選AD【點(diǎn)睛】回旋加速器的工作原理是利用電場加速，磁場偏轉(zhuǎn)，且二者的周期相同，被加速離子由加速器的中心附近進(jìn)入加速器，而從邊緣離開加速器；洛倫茲力并不做功，而電場力對帶電離子做功，即可加速正電荷也可加速負(fù)電荷9、BD【解析】A．粒子在電場中向左偏轉(zhuǎn)，所受的電場力水平向左，而粒子帶負(fù)電荷，故電場強(qiáng)度的方向水平向右，A錯(cuò)誤；B．從到，電場力先做負(fù)功，后做正功，電場力為恒力，做負(fù)功的位移小于做正功的位移，所以電場力做的總功為正功，故粒子的電勢能減小，則粒子在點(diǎn)的電勢能大于在點(diǎn)的電勢能，B正確；C．粒子電場力水平，將初速度分解為水平和豎直向下的分速度，故水平方向向右勻減速、再向左勻加速，豎直方向向下勻速，軌跡的最右端在點(diǎn)的右側(cè)，即電場力做負(fù)功的最大位移處在A點(diǎn)的右側(cè)，所以電勢能最大位置在點(diǎn)右側(cè)，C錯(cuò)誤；D．粒子在電場中運(yùn)動過程，僅受電場力做功，電勢能和動能總和保持不變，相互轉(zhuǎn)化，到達(dá)點(diǎn)時(shí)電場力做正功最大，電勢能最小，動能最大，D正確。故選BD。10、BC【解析】A.電路穩(wěn)定時(shí)，通過電阻R1的電流為零，移動滑動變阻器滑片P1，電容器的極板間電壓不發(fā)生改變，故A錯(cuò)誤；B.滑片P2向下移動，總電阻減小，電流增大，內(nèi)電阻和R3的電壓增大，R2電壓減小，電容器與R2并聯(lián)，電容器的極板間電壓等于R2兩端的電壓，變小，故B正確；C.如果僅將極板A向下移動，那么，平行板兩極電壓不變，平行板間電場強(qiáng)度增大，M點(diǎn)與零勢點(diǎn)的電勢差增大，M點(diǎn)的電勢升高，故C正確，D錯(cuò)誤。故選：BC三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.①E

②.②0.3；③.0.5【解析】①為方便實(shí)驗(yàn)操作應(yīng)選擇最大阻值較小的滑動變阻器⑥根據(jù)實(shí)驗(yàn)電路圖應(yīng)用串并聯(lián)電路特點(diǎn)與歐姆定律求出圖象的函數(shù)表達(dá)式，然后根據(jù)圖示圖象解題【詳解】①為方便實(shí)驗(yàn)操作，滑動變阻器應(yīng)選擇E；⑥通過電流表的電流：，I-圖象是截距：b=Ig=0.3A，圖象的斜率：k=IgRg==0.15，電表內(nèi)阻：；【點(diǎn)睛】本題考查了實(shí)驗(yàn)器材的選擇、求電表內(nèi)阻與量程、電壓表的改裝問題，要掌握實(shí)驗(yàn)器材的選擇原則，根據(jù)電路圖應(yīng)用并聯(lián)電路特點(diǎn)與歐姆定律求出圖象的函數(shù)表達(dá)式是解題的關(guān)鍵12、(1).黑(2).2.2(3).×10(4).30(5).45【解析】①[1]歐姆檔內(nèi)部電源的正極接黑表筆；[2]根據(jù)歐姆檔倍率關(guān)系，可知閉合開關(guān)可以將電流表量程變?yōu)樵瓉淼谋叮鶕?jù)分流特點(diǎn)：解得：；②[3]當(dāng)電鍵斷開時(shí)，電流表的量程較小，在相同的電壓下，根據(jù)閉合歐姆定律：可知電流越小，能夠接入的電阻越大，所以當(dāng)電鍵斷開時(shí)，對應(yīng)檔；③[4]假設(shè)歐姆檔內(nèi)部電阻為，根據(jù)閉合歐姆定律：則處對應(yīng)的阻值：；④[5]根據(jù)閉合電路歐姆定律：解得：。四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）2g（2）（3）【解析】(1)兩物體的加速度大