黔西南市重點中學2025屆高三物理第一學期期中聯(lián)考試題含解析

黔西南市重點中學2025屆高三物理第一學期期中聯(lián)考試題注意事項1．考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置．3．請認真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、許多科學家對物理學的發(fā)展做出了巨大貢獻，也創(chuàng)造出了許多物理學方法，如理想實驗法、控制變量法、極限思想法、模型法、類比法和科學假說法，等等。以下關于物理學史和所用物理學方法的敘述正確的是（）A．牛頓巧妙地運用扭秤測出引力常量，采用了放大法B．伽利略運用理想實驗法說明了力是維持物體運動的原因C．在不需要考慮物體本身的形狀和大小時，用質點來代替物體的方法叫假設法D．在推導勻變速直線運動位移公式時，把整個運動過程劃分成很多小段，每一小段近似看做勻速直線運動，然后把各小段的位移相加之和代表物體的位移，這里采用了微元法2、小型登月器連接在航天站上，一起繞月球做圓周運動，其軌道半徑為月球半徑的3倍，某時刻，航天站使登月器減速分離，登月器沿如圖所示的橢圓軌道登月，在月球表面逗留一段時間完成科考工作后，經快速啟動仍沿原橢圓軌道返回，當第一次回到分離點時恰與航天站對接，登月器快速啟動時間可以忽略不計，整個過程中航天站保持原軌道繞月運行．已知月球表面的重力加速度為g，月球半徑為R，不考慮月球自轉的影響，則登月器可以在月球上停留的最短時間約為（）A．4.7πRg B．3.6πRg C．1.7πRg3、為了測量運動員躍起的高度，可在彈性網上安裝壓力傳感器，利用傳感器記錄運動員運動過程中對彈性網的壓力，并由計算機作出壓力-時間圖象，如圖所示。運動員在空中運動時可視為質點，不計空氣阻力，則可求運動員躍起的最大高度為（g=10m/s2）A．7.2mB．5.0mC．1.8mD．1.5m4、如圖甲所示，線圈固定于勻強磁場中，磁場方向垂直紙面向外，當磁場變化時，線圈邊所受安培力向右且變化規(guī)律如圖乙所示，則磁場的變化情況可能是下圖所示的哪一個（）A． B． C． D．5、如圖所示，甲和他的冰車總質量為M=30kg，乙和他的冰車總質量也為M=30kg，甲推著小木箱m和他一起以大小為v0=2m/s的速度滑動，乙以同樣大的速度迎面而來．為了避免相撞，甲突然將小木箱沿冰面以v=5.2m/s的速度推給乙，木箱滑到乙處時乙迅速把它抓住，這樣恰好避免了甲、乙相撞，若不計冰面的摩擦力，則小木箱的質量為A．5kg B．10kgC．15kg D．20kg6、關于場強和電勢的下列說法，不正確的是(

)A．在勻強電場中,電場強度在數值上等于沿電場強度方向每單位距離上降低的電勢B．處于靜電平衡狀態(tài)的導體是等勢體C．在電場中兩點間移送電荷的過程中,電場力始終不做功,則電荷所經過路徑上的各點場強一定為零D．兩個等量異號電荷連線的中垂線上各點的電勢相等二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、從足夠高的地面上空以初速度豎直上拋出一個箱子，箱子內部裝有與箱子長度相等的物體，若運動過程中箱子不翻轉，且受到的空氣阻力與其速率成正比，箱子運動的速率隨時間變化的規(guī)律如圖所示，時刻到達最高點，再落回地面，落地速率為，且落地前箱子已經做勻速運動，則下列說法中正確的是A．箱子拋出瞬間的加速度大小為B．箱內物體對箱子底部始終沒有壓力C．若箱子拋出的速度為，落地速率也為D．上升過程中物體受箱子頂部向下的壓力，且壓力逐漸增大8、如圖所示，甲為一列簡諧橫波在某一時刻的波形圖，乙為介質中x=2m處的質點P以此時刻為計時起點的振動圖象．質點Q的平衡位置位于x=3.5m處，下列說法正確的是（）A．這列波的沿x軸正方向傳播B．這列波的傳播速度是20m/sC．在0.3s時間內，質點P向右移動了3mD．t=0.1s時，質點P的加速度大于質點Q的加速度E.t=0.25s時，x=3.5m處的質點Q到達波峰位置9、某同學利用阿特伍德機研究超重和失重現(xiàn)象，其研究步驟如下：如圖所示，輕質定滑輪左側懸掛質量為m的物塊，右側懸掛質量為2m的物塊，彈簧測力計示數為mg，不計一切阻力，則（）A．若在右側懸掛的物塊上再增加質量為m的物塊，彈簧測力計的讀數是B．若在右側懸掛的物塊上再增加質量為m的物塊，彈簧測力計的讀數是C．若在左側懸掛的物塊上再增加質量為m的物塊，彈簧測力計的讀數是D．若在左側懸掛的物塊上再增加質量為m的物塊，彈簧測力計的讀數是10、兩束平行的光斜射到平行玻璃磚，經玻璃磚折射后如圖所示，則關于這兩束光的說法中正確的是A．A光的折射率比B光的折射率小B．從玻璃磚下表面射出的兩束光可能不平行C．A光在水中的傳播速度比B光在水中的傳播速度小D．增大A光在上界面的入射角，則進入玻璃磚的光線在下界面不可能發(fā)生全反射三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖所示為測量物塊與水平桌面之間動摩擦因數的實驗裝置示意圖，實驗步驟如下:①用天平測量物塊和遮光條的總質量M、重物的質量m，用游標卡尺測量遮光條的寬度d=0.950cm;用米尺測量兩光電門之間的距離s;②調整輕滑輪，使細線水平;③讓物塊從光電門A的左側由靜止釋放，用數字毫秒計分別測出遮光條經過光電門A和光電門B所用的時間和，求出加速度a;④多次重復步驟③，求a的平均值;⑤根據上述實驗數據求出物塊與水平桌面間動摩擦因數μ．回答下列問題:(1)物塊的加速度a可用d、s、和表示為a=________________．(2)動摩擦因數μ可用M、m、和重力加速度g表示為μ=_____________．(3)如果滑輪略向下傾斜，使細線沒有完全調節(jié)水平，由此測得的μ___(填“偏大”或“偏小”);這一誤差屬于______(填“偶然誤差"或“系統(tǒng)誤差")．12．（12分）如圖所示為“用打點計時器驗證機械能守恒定律”的實驗裝置。（1）關于本實驗，下列說法中正確的是_________A．必須用秒表測出重物下落的時間B．打點計時器應連接直流電源C．驗證時，一定要測量重物的質量或重力D．選擇質量較大、體積較小的重物可以減小阻力帶來的實驗誤差（2）若已知打點計時器的電源頻率為50Hz，當地的重力加速度g=9.80m/s2，重物質量為0.2kg。實驗中得到一條點跡清晰的紙帶如圖所示，打P點時，重物的速度為零，A、B、C為另外3個連續(xù)點。根據圖中的數據可知，重物由P點運動到B點的過程中，重力勢能減少量△Ep=____J，動能增加量△EK=_____J。（計算結果保留3位有效數字）（3）多次實驗表明重力勢能減少量總是大于動能增加量，可能的原因是：________________________。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，在光滑的水平平臺上，有一質量為M=2kg、長為L=3m的長木板A，長木板的左端放有一質量為mB=1kg的物塊B，物塊B通過一繞過光滑定滑輪的輕繩與重物C相連，物塊C的質量為mC=1kg，開始時用手托住重物C，使繩剛好拉直，彈力為零，物塊B與滑輪間的輕繩處于水平，物塊B與長木板A間的動摩擦因數=0.2，長木板的右端離開平臺的右端足夠遠，重物C離地面的高度足夠高．釋放物塊C后(取g=10m/s2)，求：(1)木板A和物塊Ｂ的加速度各為多大？(2)經歷多長時間物塊B會運動到長木板中點的位置？此時輕繩拉物塊B的功率大?。?4．（16分）有一顆在赤道平面內繞地球做勻速圓周運動的人造地球衛(wèi)星，其軌道距地面高為h。已知地球的半徑為R，且不考慮地球自轉的影響。（1）若要計算此衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動的周期，你認為還需要知道哪些物理量？（2）若已知地球表面處的重力加速度為，求此衛(wèi)星在軌運動的線速度大小v。（3）若已知地球質量為M，引力常量為G，求此衛(wèi)星在軌運動的線速度大小v。（4）如果從這顆衛(wèi)星上發(fā)射一個小探測器，發(fā)射的速度與衛(wèi)星在軌運動的線速度大小相等、方向相反。根據運動的相對性可知，探測器發(fā)射后其相對地心的線速度為零。①關于這個探測器落至地面所需要的時間，某同學的解答過程如下：地面的重力加速度為g，所以根據h=gt2可知，下落的時間t=。老師說該同學的上述解答是不正確的，請指出上述錯誤的原因，并分析說明探測器下落的時間t應該比該同學所計算的結果大還是??？②該探測器被發(fā)射出來時其在地面的上的投影為赤道上某一點A，當它落至地面上時，是否能落在赤道上的A點。如果能，請說明理由；如果不能，請說明實際落點在A點的東側還是西側。（5）如果衛(wèi)星在地面的上的投影位于赤道上某一點B時，從這顆衛(wèi)星上沿其軌道的切線方向發(fā)射一個小探測器，這個小探測器發(fā)射后相對于B點的速度為零。請分析說明當它落至地面上時，是否能落在赤道上的B點。如果能，請說明理由；如果不能，請說明實際落點在B點的東側還是西側。15．（12分）—個做勻變速直線運動的物體，先后經過A、B、C三點，A與B、B與C間的距離分別為22m和48m，用時分別為2s和3s，求物體通過B點的速度和加速度的大?。?/p>

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】

A．卡文迪許巧妙地運用扭秤測出引力常量，采用了放大法，故A錯誤；B．伽利略為了說明力不是維持物體運動的原因用了理想實驗法，故B錯誤；C．在不需要考慮物體本身的形狀和大小時，用質點來代替物體的方法叫理想模型法，故C錯誤；D．在推導勻變速直線運動位移公式時，把整個運動過程劃分成很多小段，每一小段近似看做勻速直線運動，然后把各小段的位移相加之和代表物體的位移，這里采用了微元法，故D正確。故選D。2、A【解析】

設登月器和航天飛機在半徑3R的軌道上運行時的周期為T，因其繞月球作圓周運動，所以應用牛頓第二定律有Gr=3R解得：T=2在月球表面的物體所受重力近似等于萬有引力，有：G所以有T=6π設登月器在小橢圓軌道運行的周期是T1，航天飛機在大圓軌道運行的周期是T1．對登月器和航天飛機依據開普勒第三定律分別有：T2為使登月器仍沿原橢圓軌道回到分離點與航天飛機實現(xiàn)對接，登月器可以在月球表面逗留的時間t應滿足t=nT2-T聯(lián)立解得：t=6πn3Rg當n=1時，登月器可以在月球上停留的時間最短，即為t=4.7A.4.7πRg與分析相符，故AB.3.6πRg與分析不相符，故BC.1.7πRg與分析不相符，故CD.1.4πRg與分析不相符，故D3、B【解析】

由圖可知運動員在空中的最長時間為：t=4.3s-2.3s=2s；運動員做豎直上拋運動，根據運動的對稱性，所以下落過程的最長時間為t下=12t=1s，則運動員躍起最大高度為：h=12gt下2=5.0m。故B正確，ACD【點睛】豎直上拋運動的對稱性特點，是對豎直上拋運動考查的重點，要熟練掌握和應用．要讀懂圖象的意義，找出運動員在空中運動的時間．4、D【解析】

根據題意可知安培力的方向向右，根據左手定則，感應電流的方向由B到A；再由右手定則，當垂直向外的磁場在增加時，會產生由B到A的感應電流；由法拉第電磁感應定律，結合閉合電路歐姆定律，則安培力的表達式因安培力的大小不變，則是定值，是B-t圖的斜率。當磁感應強度B增大，則減??；當磁感應強度B減小，則增大；故D正確，ABC錯誤；故選D。5、C【解析】

設推出箱子后甲的速度為，乙的速度為，取向右方向為正方向，根據動量守恒得：當甲與乙恰好不相撞時，則有：聯(lián)立解得：A．與分析不符，故A錯誤；B．與分析不符，故B錯誤；C．與分析相符，故C正確；D．與分析不符，故D錯誤。6、C【解析】

A．由勻強電場中電場強度的表達式：可知，在勻強電場中，電場強度在數值上等于沿電場強度方向每單位距離上降低的電勢，故A不符題意；B．處于靜電平衡狀態(tài)的導體是等勢體，其表面是等勢面，故B不符題意；C．由電場力做功與電勢差的關系：W=qU可知，在電場中兩點間移送電荷的過程中，電場力始終不做功，則電荷所經過路徑上的各點的電勢相等，而電勢與場強無關，故各點場強的關系未知，故C符合題意；D．由于兩個等量異號電荷連線的中垂線上各點的場強均垂直于中垂面，故沿中垂面移動電荷，電場力不做功，故該面上各點的電勢相等，故D不符題意.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】

空氣阻力與速率成正比，箱子落地前已經做勻速直線運動，由平衡條件可以求出空氣阻力的比例系數，根據箱子的受力情況應用牛頓第二定律求出箱子拋出時的加速度大小；分析清楚箱子的運動過程，判斷箱子的加速大小如何變化、加速度方向如何，然后分析箱子內物體與箱子間的作用力如何變化?！驹斀狻肯渥酉侣溥^程最后做運動直線運動，勻速運動的速度為，由題意可知，此時箱子受到的空氣阻力，箱子做勻速直線運動，由平衡條件得：，解得：，箱子剛跑出瞬間受到的空氣阻力：，此時，由牛頓第二定律得：，故A正確；箱子向下運動過程受到豎直向上的空氣阻力，箱子所示合力：，由牛頓第二定律可知，箱子下落過程的加速度a小于重力加速度g，對箱子內的物體，由牛頓第二定律得：，，該過程箱子底部對物體有向上的支持力，則物體對箱子底部有豎直向下的壓力，故B錯誤；若箱子拋出的速度為，箱子上升的最大高度比以拋出時的高度更高，箱子下落的高度更大，向下加速運動速度一定達到，此時箱子所示空氣阻力與重力相等而做勻速運動，箱子落地的速度為，故C正確；箱子向上運動過程所受空氣阻力f向下，箱子所示合力，由牛頓第二定律可知，箱子的加速度大?。?，箱子內物體的加速度與箱子加速度相等大于重力加速度，則箱子上部對物體有向下的壓力，箱子向上運動過程速度不斷減小，空氣阻力不斷減小，箱子的加速度不斷減小，則箱子內物體的加速度不斷減小，由牛頓第二定律可知：，由于a減小，則箱子對物體向下的壓力N不斷減小，故D錯誤；故選AC。8、ACD【解析】從圖乙中可以看出P點起振方向沿y軸正方向，根據“上下坡法”可得這列波沿x軸正方向傳播，A正確；從圖甲中可得λ＝4m，從圖乙中可得T＝0.4s，故這列波的速度為，B錯誤；機械波在傳播過程中，波上的各個質點只在平衡位置上下振動，不隨波遷移，C錯誤；當t＝0.1s時，質點P處于最大位移處，據簡諧運動的特點可知，此時加速度最大，而質點Q此時不在最大位移處，所以質點P的加速度大于質點Q的加速度，故D正確；據圖象可知t＝0時刻，x＝1m的質點正處于波峰，該點與質點Q相距Δx＝3.5m－1m＝2.5m，從t＝0時刻起，質點Q到達波峰所需要的時間，故E正確．故選ADE.【點睛】波的圖象往往先判斷質點的振動方向和波的傳播方向間的關系．同時，熟練要分析波動形成的過程，分析物理量的變化情況，基礎題．9、BC【解析】

AB.若在右側懸掛的物塊上再增加質量為m的物塊，對整體根據牛頓第二定律得：對左側物塊根據牛頓第二定律得：解得：所以彈簧測力計的讀數是，選項B正確A錯誤；CD.若在左側懸掛的物塊上再增加質量為m的物塊，對整體根據牛頓第二定律得：對左側物塊根據牛頓第二定律得：解得：所以彈簧測力計的讀數是，選項C正確D錯誤。10、CD【解析】試題分析：從圖中可得玻璃磚對A光的偏折較大，所以A光的折射率比B光的折射率大，根據公式n=c考點：考查了光的折射【名師點睛】解決本題的突破口根據光的偏折程度比較光的折射率大小，根據公式n=c三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、偏大系統(tǒng)誤差【解析】

(1)[1]物塊經過點時的速度：物塊經過點時的速度：物塊做勻變速直線運動，由速度位移公式得：解得加速度：(2)[2]以、組成的系統(tǒng)為研究對象，由牛頓第二定律得：解得：(3)[3]如果滑輪略向下傾斜，使細線沒有完全調節(jié)水平，則滑塊對接觸面的正壓力測量值偏大，測得的加速度偏小，根據動摩擦因數的表達式知，動摩擦因數測量值偏大，[4]該誤差屬于系統(tǒng)誤差。12、D0.09820.0960摩擦阻力做功使一部分機械能轉化為了內能【解析】

（1）[1]．A．打點計時器就是計時工具，不需要用秒表測出重物下落的時間，選項A錯誤；B．打點計時器應連接交流電源，選項B錯誤；C．驗證時需要驗證，兩邊的質量m消掉，則實驗時不需要測量重物的質量或重力，選項C錯誤；D．選擇質量較大、體積較小的重物可以減小阻力帶來的實驗誤差