福建省泉州五校2024-2025學(xué)年高三上學(xué)期11月期中聯(lián)考物理試題 含解析

福建省泉州市2025屆高三五校聯(lián)考物理試卷本試卷滿分100分，考試用時(shí)75分鐘。注意事項(xiàng)：1.答題前，考生務(wù)必將自己的姓名、考生號(hào)、考場(chǎng)號(hào)、座位號(hào)填寫在答題卡上。2.回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑。如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號(hào)?；卮鸱沁x擇題時(shí)，將答案寫在答題卡上。寫在本試卷上無(wú)效。3.考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題4分，共16分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1.下列情形中，可以把人或物體看成質(zhì)點(diǎn)的是（）A.研究地球的自轉(zhuǎn) B.研究跳水運(yùn)動(dòng)員的空中姿態(tài)C.測(cè)量馬拉松運(yùn)動(dòng)員的比賽時(shí)間 D.觀察蘇炳添百米賽跑的起跑動(dòng)作【答案】C【解析】【詳解】A．研究地球的自轉(zhuǎn)時(shí)，需要考慮地球的大小和形狀，不能把地球看成質(zhì)點(diǎn)。故A錯(cuò)誤；B．研究跳水運(yùn)動(dòng)員的空中姿態(tài)時(shí)，需要考慮運(yùn)動(dòng)員的大小和形狀，不能把運(yùn)動(dòng)員看成質(zhì)點(diǎn)。故B錯(cuò)誤；C．測(cè)量馬拉松運(yùn)動(dòng)員的比賽時(shí)間時(shí)，可以忽略運(yùn)動(dòng)員的大小和形狀，可以把運(yùn)動(dòng)員看成質(zhì)點(diǎn)。故C正確；D．觀察蘇炳添百米賽跑的起跑動(dòng)作時(shí)，需要考慮蘇炳添的大小和形狀，不能把蘇炳添看成質(zhì)點(diǎn)。故D錯(cuò)誤。故選C。2.小凡和小成用軟件模擬拋體運(yùn)動(dòng)過(guò)程，如圖所示，在一個(gè)傾角為的斜面上，以一與斜面成角的初速度拋出一個(gè)小球，他們發(fā)現(xiàn)當(dāng)滿足（不考慮小球的二次反彈）時(shí)，小球落回斜面時(shí)速度與斜面垂直。若已知，小球的初速度大小為，重力加速度取g，不計(jì)空氣阻力，下列說(shuō)法正確的是（）A.改變拋出角度，使得小球水平落到斜面上，則B.改變拋出角度，使得小球水平落到斜面上，小球距離斜面最遠(yuǎn)距離為C.改變拋出角度，使得小球垂直落到斜面上，小球運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為D.改變拋出角度，使得小球垂直落到斜面上，落球點(diǎn)與拋出點(diǎn)距離為【答案】D【解析】【詳解】A．小球水平落到斜面上，采用逆向思維，看成小球做平拋運(yùn)動(dòng)落在斜面上，位移偏轉(zhuǎn)角為，速度偏轉(zhuǎn)角為，所以故A錯(cuò)誤；B．采用逆向思維，看成小球做平拋運(yùn)動(dòng)落在斜面上，平拋運(yùn)動(dòng)初速度速度v垂直于斜面的分量重力加速度垂直于斜面的分量小球距離斜面最遠(yuǎn)距離為故B錯(cuò)誤；C．小球垂直落到斜面上，此時(shí)小球初速度沿斜面方向的分量為0，即根據(jù)題意，此時(shí)由于則聯(lián)立得故C錯(cuò)誤；D．小球垂直落到斜面上，落球點(diǎn)與拋出點(diǎn)距離為故D正確故選D。3.踢毽子是一種深受學(xué)生喜愛(ài)的體育運(yùn)動(dòng)。在無(wú)風(fēng)天氣里，毽子受到的空氣阻力大小與其下落的速度大小成正比。一毽子從很高處由靜止豎直下落到地面的過(guò)程中，運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t，下落的高度h、速度大小為v、重力勢(shì)能為、動(dòng)能為。以地面的重力勢(shì)能為零。則下列圖像中可能正確的是（）A. B.C. D.【答案】C【解析】【詳解】AB．根據(jù)牛頓第二定律可得可知毽子由靜止下落過(guò)程，隨著速度的增加，加速度逐漸減小，所以毽子做加速度逐漸減小的加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)空氣阻力等于重力時(shí)，毽子勻速下落；根據(jù)圖像的切線斜率表示速度，可知圖像的切線斜率先增大后保持不變；根據(jù)圖像的切線斜率表示加速度，可知圖像的切線斜率逐漸減小，故AB錯(cuò)誤；C．以地面的重力勢(shì)能為零，設(shè)初始位置離地的高度為，根據(jù)重力勢(shì)能表達(dá)式可得故C正確；D．根據(jù)動(dòng)能定理可知，圖像的切線斜率表示合力，而毽子下落過(guò)程所受合力逐漸減小，則圖像的切線斜率逐漸減小，故D錯(cuò)誤。故選C。4.某同學(xué)用的力將質(zhì)量為的足球踢出，足球以的初速度沿水平草坪滾出后靜止，則足球在水平草坪上滾動(dòng)過(guò)程中克服阻力做的功是（）A.23J B.46J C.132J D.18000J【答案】A【解析】【詳解】根據(jù)功能關(guān)系可知，足球在水平草坪上滾動(dòng)過(guò)程中克服阻力做的功等于足球動(dòng)能改變量的負(fù)值，即故選A。5.如圖所示是甲、乙兩個(gè)點(diǎn)電荷電場(chǎng)的電場(chǎng)線，P、Q為同一電場(chǎng)線上的兩點(diǎn)，下列說(shuō)法正確的是（）A.P點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度小于Q點(diǎn)B.P點(diǎn)的電勢(shì)高于Q點(diǎn)C.電子在P點(diǎn)時(shí)的電勢(shì)能大于在Q點(diǎn)時(shí)的電勢(shì)能D.若電子從Q點(diǎn)由靜止釋放，只受電場(chǎng)力作用，則電子會(huì)沿電場(chǎng)線運(yùn)動(dòng)到P點(diǎn)【答案】B【解析】【詳解】A．電場(chǎng)先分布的疏密程度表示電場(chǎng)的強(qiáng)弱，根據(jù)圖像，P點(diǎn)的電場(chǎng)線分布比Q點(diǎn)的電場(chǎng)線分布密集一些，則P點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大于Q點(diǎn)，故A錯(cuò)誤；B．沿電場(chǎng)線，電勢(shì)降低，根據(jù)圖像可知，P點(diǎn)的電勢(shì)高于Q點(diǎn)，故B正確；C．電子帶負(fù)電，電子在電場(chǎng)中的由于而電勢(shì)能的正負(fù)表示大小，可知，電子在P點(diǎn)時(shí)的電勢(shì)能小于在Q點(diǎn)時(shí)的電勢(shì)能，故C錯(cuò)誤；D．電子在電場(chǎng)中僅僅受到電場(chǎng)力，靜止釋放，若電子沿電場(chǎng)線運(yùn)動(dòng)，則電場(chǎng)線必定為一條直線，由于圖中Q點(diǎn)位置的電場(chǎng)線為曲線，可知，若電子從Q點(diǎn)由靜止釋放，只受電場(chǎng)力作用，則電子不會(huì)沿電場(chǎng)線運(yùn)動(dòng)到P點(diǎn)，故D錯(cuò)誤。故選B。6.如圖甲所示，100匝總阻值為0.3kΩ的圓形線圈兩端M、N與一個(gè)阻值為1.2kΩ的電壓表相連，其余電阻不計(jì)，線圈內(nèi)有垂直紙面指向紙內(nèi)方向的磁場(chǎng)，線圈中的磁通量在按圖乙所示規(guī)律變化。下列說(shuō)法正確的是（）A.線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電流沿順時(shí)針?lè)较駼.電壓表的正接線柱接線圈的N端C.線圈中磁通量的變化率為0.05Wb/sD.電表的讀數(shù)為40V【答案】D【解析】【詳解】AB．根據(jù)楞次定律判斷，線圈中產(chǎn)生感應(yīng)電流沿逆時(shí)針?lè)较?，所以電壓表的正接線柱接線圈的M端，故AB錯(cuò)誤；C．由圖乙知，線圈中磁通量變化率為故C錯(cuò)誤；D．感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為電表的讀數(shù)為故D正確。故選D。7.小明同學(xué)在空氣干燥的教室里進(jìn)行一個(gè)小實(shí)驗(yàn)，將一塑料扁帶撕成細(xì)絲后，一端打結(jié)，做成“章魚”的造型，用毛巾順著細(xì)絲向下捋幾下，同樣用毛巾來(lái)回摩擦PVC（塑料）管。將“章魚”拋向空中，然后把PVC管從下方靠近它，直到“章魚”處于懸停狀態(tài)，則下列正確的是（）A.PVC管帶電方式屬于感應(yīng)起電B.塑料扁帶絲由于帶上異種電荷會(huì)向四周散開(kāi)C.用毛巾摩擦后，“章魚”與PVC管帶同種電荷DPVC管與“章魚”相互靠近過(guò)程中，兩者間相互吸引【答案】C【解析】【詳解】A．PVC管帶電方式屬于摩擦起電，故A錯(cuò)誤；B．塑料扁帶絲由于帶上同種電荷而排斥，向四周散開(kāi)，故B錯(cuò)誤；C．用毛巾摩擦后，“章魚”與PVC管帶同種電荷，故C正確；D．PVC管與“章魚”相互靠近過(guò)程中，兩者間相互排斥，從而處于懸停，故D錯(cuò)誤。故選C。二、多選題8.很多電風(fēng)扇都可以在吹風(fēng)的同時(shí)左右搖頭，如圖甲所示為電風(fēng)扇搖頭齒輪傳動(dòng)的部分結(jié)構(gòu)圖，如圖乙所示為其中銷釘小齒輪與曲柄齒輪的傳動(dòng)示意圖，其中銷釘小齒輪的齒數(shù)為12，曲柄齒輪的齒數(shù)為60，A、B分別為銷釘小齒輪和曲柄齒輪邊緣上兩點(diǎn)，則兩齒輪勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)（）A.銷釘小齒輪與曲柄齒輪的轉(zhuǎn)動(dòng)周期之比為1∶5 B.銷釘小齒輪與曲柄齒輪的轉(zhuǎn)動(dòng)周期之比為5∶1C.A、B兩點(diǎn)做圓周運(yùn)動(dòng)的向心加速度之比為1∶5 D.A、B兩點(diǎn)做圓周運(yùn)動(dòng)的向心加速度之比為5∶1【答案】AD【解析】【詳解】由題意可知，小齒輪與大齒輪的半徑之比為由于A、B兩點(diǎn)的線速度大小相等，根據(jù)可得銷釘小齒輪與曲柄齒輪的轉(zhuǎn)動(dòng)周期之比為根據(jù)可得A、B兩點(diǎn)做圓周運(yùn)動(dòng)的向心加速度之比為故選AD。9.如圖所示，空間中有正交的勻強(qiáng)磁場(chǎng)和勻強(qiáng)電場(chǎng)，磁場(chǎng)方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，勻強(qiáng)電場(chǎng)方向豎直向下，電場(chǎng)強(qiáng)度為E，將一質(zhì)量為m，帶電荷量為的小球水平向左射入場(chǎng)區(qū)中，速度大小為v。已知，g為重力加速度，電磁場(chǎng)空間范圍足夠大。則在小球之后運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，以下說(shuō)法正確的是（）A.電場(chǎng)力對(duì)小球做正功，故小球機(jī)械能一直增大B.小球運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的最大速度為C.小球運(yùn)動(dòng)過(guò)程連續(xù)兩次速度最大時(shí)的位置間的距離為D.小球偏離入射方向的最大距離為【答案】BD【解析】【詳解】BCD．將初速度v分解為與初速度方向相同即向左的和方向相反即向右的分運(yùn)動(dòng)對(duì)應(yīng)的洛倫茲力大小故粒子以向右做勻速直線運(yùn)動(dòng)，另一分速度在洛倫茲力的作用下逆時(shí)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，有解得周期為當(dāng)轉(zhuǎn)至與同向時(shí)速度有最大值其運(yùn)動(dòng)過(guò)程中偏離入射方向的最大距離即為圓周運(yùn)動(dòng)的直徑，即連續(xù)兩次速度達(dá)到最大值的時(shí)間間隔為T，故其間距為故BD正確，C錯(cuò)誤；A．由BCD分析可知，在一個(gè)周期內(nèi)，電場(chǎng)力一半時(shí)間做正功，一半時(shí)間做負(fù)功，因此小球機(jī)械能并不是一直增大，故A錯(cuò)誤。故選BD。10.如圖所示，一小物塊（不計(jì)重力）以大小為a＝4m/s2的向心加速度做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，半徑R＝1m，則下列說(shuō)法正確的是（）A.小物塊運(yùn)動(dòng)的角速度為2rad/sB.小物塊做圓周運(yùn)動(dòng)的周期為πsC.小物塊在內(nèi)通過(guò)的位移大小為D.小物塊在πs內(nèi)通過(guò)的路程為零【答案】AB【解析】【詳解】A．依據(jù)a＝ω2R，物塊運(yùn)動(dòng)的角速度故A正確；B．周期故B正確；C．根據(jù)v＝ωr，知v＝2m/s內(nèi)通過(guò)的位移大小故C錯(cuò)誤；D．小球在πs內(nèi)通過(guò)的路程為l＝vt＝2×πm＝2πm故D錯(cuò)誤。故選AB。三、實(shí)驗(yàn)題11.某同學(xué)為研究“合力做功和物體功能改變的關(guān)系”，設(shè)計(jì)了如下實(shí)驗(yàn)，他的操作步驟是：A.按如圖所示擺好實(shí)驗(yàn)裝置B.將質(zhì)量M=0.20kg的小車?yán)酱螯c(diǎn)計(jì)時(shí)器附近，并按住小車C.在質(zhì)量m分別為10g、30g、50g的三種鉤碼中，挑選了一個(gè)質(zhì)量為50g的鉤碼掛在拉線的掛鉤上D.接通打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的電源（電源頻率為f=50Hz），然后釋放小車，打出一條紙帶（1）多次重復(fù)實(shí)驗(yàn)，從中挑選一條點(diǎn)跡清晰的紙帶如圖所示，把打下的第一點(diǎn)記作“0”，然后依次取若干個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)，相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有4個(gè)點(diǎn)未畫出，用毫米刻度尺測(cè)得各計(jì)數(shù)點(diǎn)到0點(diǎn)距離分別為，，，，，，他把鉤碼重力（當(dāng)?shù)刂亓铀俣龋┳鳛樾≤囁芎狭λ愠龃蛳隆?”點(diǎn)到打下“5”點(diǎn)合力做的功，則合力做功W=______J，（結(jié)果均保留2位有效數(shù)字），打下“0”點(diǎn)到打下“5”點(diǎn)，小車動(dòng)能的改變量。（2）此次實(shí)驗(yàn)研究的結(jié)果，他沒(méi)能得到“合力對(duì)物體做的功等于物體動(dòng)能的增量”的結(jié)論，且誤差很大，顯然，在實(shí)驗(yàn)探究過(guò)程中忽視了各種產(chǎn)生誤差的因素，請(qǐng)你根據(jù)該同學(xué)的實(shí)驗(yàn)裝置和操作過(guò)程幫助分析一下，造成較大誤差的主要原因可能是（）A.鉤碼質(zhì)量沒(méi)有遠(yuǎn)小于小車質(zhì)量 B.小車釋放時(shí)離打點(diǎn)計(jì)時(shí)器太近C.鉤碼質(zhì)量太小 D.小車與長(zhǎng)木板間有摩擦【答案】（1）0.092（2）AD【解析】【小問(wèn)1詳解】由于實(shí)驗(yàn)中把鉤碼重力作為小車所受合力算出打下“0”點(diǎn)到打下“5”點(diǎn)合力做的功，則合力做功為【小問(wèn)2詳解】A．釋放小車后，鉤碼也在向下做加速運(yùn)動(dòng)，加速度方向向下，則鉤碼的重力大于細(xì)繩的拉力，若實(shí)驗(yàn)中已經(jīng)平衡摩擦力，對(duì)小車進(jìn)行分析有對(duì)鉤碼進(jìn)行分析有解得當(dāng)時(shí)，則有可知，鉤碼質(zhì)量沒(méi)有遠(yuǎn)小于小車質(zhì)量是造成較大誤差的主要原因之一，故A正確；B．小車釋放時(shí)離打點(diǎn)計(jì)時(shí)器過(guò)近時(shí)并不影響合力做功值與動(dòng)能增加量之間的差異，故B錯(cuò)誤；C．結(jié)合上述可知，若平衡摩擦力，鉤碼質(zhì)量越小，實(shí)驗(yàn)誤差越小，故C錯(cuò)誤；D．小車與長(zhǎng)木板間有摩擦，實(shí)驗(yàn)中若沒(méi)有平衡摩擦力，則實(shí)際上小車的合力值為細(xì)繩的彈力與摩擦力之差，結(jié)合上述可知，該差值小于鉤碼的重力，即小車與長(zhǎng)木板間有摩擦是引起實(shí)驗(yàn)誤差的主要原因，故D正確。故選AD。12.某同學(xué)利用圖甲所示裝置探究彈簧彈力與形變量的關(guān)系。把彈簧上端固定在鐵架臺(tái)的橫桿上，記錄彈簧自由下垂時(shí)下端在刻度尺的位置。在彈簧下端懸掛不同質(zhì)量的鉤碼，記錄彈簧的長(zhǎng)度。以彈簧的彈力F為縱軸，彈簧的長(zhǎng)度x為橫軸建立直角坐標(biāo)系，繪制的圖像如圖乙所示。由圖像可知，該彈簧的勁度系數(shù)為_(kāi)__________N/m（計(jì)算結(jié)果保留3位有效數(shù)字）?！敬鸢浮?3.8【解析】【詳解】設(shè)豎直懸掛時(shí)，彈簧的原長(zhǎng)為，根據(jù)胡克定律可知圖像的斜率表示勁度系數(shù)，該彈簧的勁度系數(shù)為四、解答題13.如圖甲為一測(cè)量電解液電阻率的玻璃容器，P、Q為電極，設(shè)，，，當(dāng)里面注滿某電解液，且P、Q間加上電壓后，其圖像如圖乙所示，當(dāng)時(shí)，求電解液的電阻率ρ是多少？【答案】【解析】【詳解】由題圖乙可求得時(shí)，電解液的電阻由題圖甲可知電解液容器長(zhǎng)截面積結(jié)合電阻定律得14.如圖甲所示，曲線OP上方有沿方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，其場(chǎng)強(qiáng)大小為，曲線左側(cè)有一粒子源AB，B端位于x軸上，能夠持續(xù)不斷地沿方向發(fā)射速度為，質(zhì)量為m、電荷量為q的粒子束，這些粒子經(jīng)電場(chǎng)偏轉(zhuǎn)后均能夠通過(guò)O點(diǎn)，已知從A點(diǎn)入射粒子恰好從P點(diǎn)進(jìn)入電場(chǎng)，不計(jì)重力及粒子間的相互作用。（1）寫出勻強(qiáng)電場(chǎng)邊界OP段的邊界方程（粒子入射點(diǎn)的坐標(biāo)y和x間的關(guān)系式）：（2）若第四象限內(nèi)存在邊界平行于坐標(biāo)軸的矩形勻強(qiáng)磁場(chǎng)（未畫出），磁場(chǎng)方向垂直紙面向外。自O(shè)點(diǎn)射入的粒子束，經(jīng)磁場(chǎng)偏轉(zhuǎn)后均能夠返回y軸，若粒子在第四象限運(yùn)動(dòng)時(shí)始終未離開(kāi)磁場(chǎng)，求磁場(chǎng)的最小面積；（3）若第一象限與第四象限間存在多組緊密相鄰的勻強(qiáng)磁場(chǎng)和勻強(qiáng)電場(chǎng)（如圖乙），電磁場(chǎng)邊界與y軸平行，寬度均為d，長(zhǎng)度足夠長(zhǎng)。勻強(qiáng)磁場(chǎng)，方向垂直紙面向里，勻強(qiáng)電場(chǎng)，方向沿x軸正方向，現(xiàn)僅考慮自A端射入的粒子，經(jīng)勻強(qiáng)電場(chǎng)偏轉(zhuǎn)后，恰好與y軸負(fù)方向成從O點(diǎn)射入，試確定該粒子將在第幾個(gè)磁場(chǎng)區(qū)域拐彎（即速度恰好與y軸平行）?！敬鸢浮浚?）；（2）；（3）3【解析】【詳解】（1）粒子在電場(chǎng)E1區(qū)域做類平拋運(yùn)動(dòng)，則解得（2）設(shè)粒子經(jīng)過(guò)O點(diǎn)的速度為v，與y軸的夾角為θ，則由可得粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)，在y軸上的偏移量?y恒定，故所有粒子均擊中y軸上的同一位置，即處；在x軸上從B端射入的粒子到達(dá)的x軸上坐標(biāo)的最遠(yuǎn)距離為得磁場(chǎng)的最小面積（3）粒子經(jīng)過(guò)O點(diǎn)時(shí)與y軸負(fù)方向成角，可得粒子的速度為設(shè)粒子在第n+1個(gè)磁場(chǎng)區(qū)域拐彎，則電場(chǎng)中共加速n次：由動(dòng)能定理可得在y軸方向上由動(dòng)量定理可得可得解得由于n只能取整數(shù)，故n只能取2，即粒子將在第3個(gè)磁場(chǎng)區(qū)域拐彎。15.水平放置的兩塊平行金屬板板長(zhǎng)l=5.0cm，兩板間距d=1.0cm，兩板間電壓為90V，且上板為正極板，一個(gè)電子沿水平方向以速度v0=2.