2025屆廣東省深圳南頭中學物理高二上期中統(tǒng)考模擬試題含解析

2025屆廣東省深圳南頭中學物理高二上期中統(tǒng)考模擬試題注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區(qū)域內。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，帶箭頭的線段表示某一電場的電場線，在電場力作用下（不計重力）一帶電粒子經(jīng)過A點飛向B點，徑跡如圖中虛線所示，以下判斷正確的是A．粒子帶正電B．A、B兩點相比較，A點電勢低C．A、B兩點相比較，粒子在A點時加速度大D．A、B兩點相比較，粒子在B點的電勢能大2、如圖所示，一寬40cm的勻強磁場區(qū)域，磁場方向垂直紙面向里，一邊長為20cm的正方形線框位于紙面內，以垂直于磁場邊界的恒定速度v=20cm/s通過磁場區(qū)域。在運動過程中，線框有一邊始終與磁場邊界平行，取它剛進入磁場的時刻t=0，在下列圖線中，正確反映電流強度隨時間變化規(guī)律的是（）A． B．C． D．3、如圖所示，、是兩個等量異種點電荷，、是、連線的中垂線上且與連續(xù)距離相等的兩點，則（）A．在、連線的中垂線上，從到，各點電勢相等，場強方向都相同B．在、連線的中垂線上，從到，場強先增大后減小，電勢先升高后降低C．在、連線的中垂線上，從到，場強先減小后增大，各點的電勢都相等D．在、連線上，從到，場強先減小后增大，電勢逐漸升高4、如圖所示為閉合電路電源的輸出功率隨電流變化的圖象，由此圖象可以判斷A．電源的內耗功率最大為9WB．電源的效率最大為50%C．輸出功率最大時，外電路的總電阻為4ΩD．電源的電動勢為12V5、一個質點做簡諧運動，當它每次經(jīng)同一位置（位移最大位置除外）時，不一定相同的物理量是A．機械能B．加速度C．回復力D．動量6、在如圖所示的電路中，輸入電壓U=8V，燈泡L標有“3V6W”字樣，M為電動機．若燈泡恰能正常發(fā)光時，電動機的輸入電壓是A．3V B．5V C．8V D．11V二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、A、B、C為三塊水平放置的金屬板，與電路連接如圖所示，三塊板正中央各有一小孔，A板接地，電源內阻為r，三個定值電阻,電路中電表均為理想電表，滑片P開始置于R2中點，現(xiàn)有一質量為m、電量為+q的液滴從A板小孔正上方距離為h的D點靜止釋放，恰好能到達C板，不計空氣阻力和極板外電場，下列說法中正確的是A．滑片P由R2中點往左移動，則B板電勢降低B．滑片P由R2中點往左移動,則電流表A1的示數(shù)減小，A2的示數(shù)增大C．滑片P由R2中點往左移動，仍將該液滴從D點由靜止釋放，則帶電液滴不能到達C板D．滑片P由R2中點往左移動，則不變，的值變小(U為電壓表V示數(shù)，I2為電流表A2，為電流表A2示數(shù)的改變量)8、如圖所示，在邊長為a的等邊三角形區(qū)域內有勻強磁場B，其方向垂直紙面向外．一個邊長也為a的等邊三角形導線框架EFG正好與上述磁場區(qū)域的邊界重合，當它以周期T繞其中心O點在紙面內勻速轉動時，框架EFG中產(chǎn)生感應電動勢，若經(jīng)T/6線框轉到圖中的虛線位置，則在T/6時間內（）A．平均感應電動勢大小等于B．平均感應電動勢大小等于C．順時針方向轉動時感應電流方向為D．逆時針方向轉動時感應電流方向為9、如上圖所示，虛線a、b、c為三個同心圓面，圓心處為一個點電荷，現(xiàn)從c外面一點P以相同的速率發(fā)射兩個電荷量、質量都相同的帶電粒子，分別沿PM、PN運動到M、N，M、N兩點都位于圓周c上，以下判斷正確的是()A．兩粒子帶同種電荷B．兩粒子帶異種電荷C．到達M、N時兩粒子速率仍相等D．到達M、N時兩粒子速率不相等10、A、B、C是三個不同規(guī)格的燈泡，按圖所示方式連接恰好能正常發(fā)光，已知電源的電動勢為E，內電阻為r，將滑動變阻器的滑片P向左移動少許，設燈泡不會燒壞，則（）A．整個電路的總功率一定變大B．電源的輸出功率一定變小C．A、B燈比原來亮，C燈變暗D．A、B、C三盞燈都比原來亮三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在“測定金屬的電阻率”的實驗中，需要用刻度尺測出被測金屬絲的長度l。用螺旋測微器測出金屬絲的直徑d，用電流表和電壓表測出金屬絲的電阻Rx.①請寫出測金屬絲電阻率的表達式：ρ=_______(用上述測量量的字母表示).②若實驗中測量金屬絲的長度和直徑時，刻度尺和螺旋測微器的示數(shù)分別如圖1，則金屬絲長度的測量值為l=______cm，金屬絲直徑的測量值為d=______mm.③利用如圖2電路進行測量Rx，實驗的主要操作過程是：第一步：先將R2的滑動頭調到最左端,單刀雙擲開關S2向1閉合,閉合電鍵S1,調節(jié)滑動變阻器R1和R2,使電壓表和電流表的示數(shù)盡大些(不超過量程),讀出此時電壓表和電流表的示數(shù)U1、I1.第二步：保持兩滑動變阻器的滑動頭位置不變,將單刀雙擲開關S2向2閉合,讀出此時電壓表和電流表的示數(shù)U2、I2。請寫出由以上記錄數(shù)據(jù)計算被測電阻Rx的表達式Rx=________________（用U1、I1、U2、I2表示）12．（12分）在測定一節(jié)干電池的電動勢和內阻的實驗中，備有下列器材：A．待測的干電池（電動勢約為1.5V，內阻小于1.0Ω）B．電流表A1（量程為0～3mA，內阻Rg1=10Ω）C．電流表A2（量程為0～0.6A，內阻Rg2=0.1Ω）D．滑動變阻器R1（0～20Ω，10A）E.滑動變阻器R2（0～200Ω，1A）F.定值電阻R0（990Ω）G.開關和導線若干(1)某同學發(fā)現(xiàn)上述器材中雖然沒有電壓表，但給了兩個電流表，于是他設計了如圖甲所示的a、b兩個實驗電路，其中合理的是_____圖所示的電路；在該電路中，為了操作方便且能準確進行測量，滑動變阻器應該選_____（填寫器材前的字母代號）(2)圖乙是該同學根據(jù)（1）中選出的合理的實驗電路，利用測出的數(shù)據(jù)繪出I1-I2圖像（I1為電流表A1的示數(shù)，I2為電流表A2的示數(shù)，且I2的數(shù)值遠大于I1的數(shù)值），則由圖像可得被測電池的電動勢E=_____V，內阻r=_____Ω；(結果保留到小數(shù)點后兩位)(3)若將圖像的縱坐標改為_____，則圖線與縱坐標的交點的物理含義即為被測電池的電動勢．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）已知電流表的內阻Rg＝120Ω，滿偏電流Ig＝3mA，（1）要把它改裝成量程是15V的電壓表，應串聯(lián)多大的電阻？改裝后的電壓表內阻是多少？（2）要把它改裝成量程是2A的電流表，應并聯(lián)多大的電阻？（結果保留兩位有效數(shù)字）14．（16分）如圖，在直角三角形OPN區(qū)域內存在勻強磁場，磁感應強度大小為B、方向垂直于紙面向外．一帶正電的粒子從靜止開始經(jīng)電壓U加速后，沿平行于x軸的方向射入磁場；一段時間后，該粒子在OP邊上某點以垂直于x軸的方向射出．已知O點為坐標原點，N點在y軸上，OP與x軸的夾角為30°，粒子進入磁場的入射點與離開磁場的出射點之間的距離為d，不計重力．求（1）帶電粒子的比荷；（2）帶電粒子從射入磁場到運動至x軸的時間．15．（12分）如圖所示，兩平行金屬導軌間的距離L=0.40m，金屬導軌所在的平面與水平面夾角θ=37°，在導軌所在平面內，分布著磁感應強度B=0.50T、方向垂直于導軌所在平面的勻強磁場．金屬導軌的一端接有電動勢E=4.5V、內阻r=0.50Ω的直流電源．現(xiàn)把一個質量m=0.040kg的導體棒ab放在金屬導軌上，導體棒恰好靜止．導體棒與金屬導軌垂直且接觸良好，導體棒與金屬導軌接觸的兩點間的電阻R0=1.5Ω，金屬導軌電阻不計，g取10m/s1．已知sin37°=0.60、cos37°=0.80，求：（1）通過導體棒的電流；（1）導體棒受到的安培力；（3）導體棒受到的摩擦力．（4）若將磁場方向改為豎直向上，要使金屬桿繼續(xù)保持靜止，且不受摩擦力左右，求此時磁場磁感應強度B1的大??？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】

A．電場線的方向向上，根據(jù)粒子的運動的軌跡可以判斷得出粒子受到的電場力的方向為向下，與電場線的方向相反，所以該離子帶負電，故A錯誤；B．沿電場線的方向，電勢降低，所以A點電勢比B點電勢高，故B錯誤；C．電場線密的地方電場的強度大，所以粒子在B點受到的電場力大，在B點時的加速度較大，故C錯誤；D．從A到B的過程中，電場力對粒子做負功，所以粒子的動能減小，電勢能增加，故D正確。2、C【解析】

在內，線框進入磁場區(qū)域，穿過線框的磁通量垂直紙面向內且大小增加，根據(jù)楞次定律，線框中產(chǎn)生逆時針方向的感應電流阻礙磁通量的增加，此時感應電流為在內，整個線框在勻強磁場中運動，穿過線框的磁通量不變，線框中不產(chǎn)生感應電流；在內，線框出磁場，穿過線框的磁通量垂直紙面向里且大小減小，根據(jù)楞次定律，線框中產(chǎn)生順時針方向的感應電流阻礙磁通量的變化，此時感應電流為綜上所訴，ABD錯誤，C正確。故選C。3、A【解析】在等量異種電荷形成的電場中，其連線的中垂線上，從中垂點向左右兩邊遞減，并且中垂線為零等勢線，故從點到點，粒子受到的電場力先增大后減小，方向不變，電勢大小不變，A正確BC錯誤；在兩電荷連線上電場強度從上到下先減小后增大，電場方向從M指向N，故從到的過程中，電場先減小后增大，沿電場線方向電勢降低，故過程中電勢減少，D錯誤．4、D【解析】

A．由P=I2r可得，隨著電流的增大，內耗功率增大，故A錯誤；B．隨著電流的減小，電源的效率增大，最大可以接近100%，故B錯誤；CD．由圖可知，當電流為1.5A時電源的輸出功率最大，這里內耗功率等于輸出功率為9W，電源的效率為50%，這時電源總功率為18W，根據(jù)P=IE可得，電源的電動勢為12V，由P=I2r可知，電源的內阻為4Ω，由于不能明確外電路是否為純電阻電路，故無法求得電阻大小，故C錯誤，故D正確。故選C。5、D【解析】

A．每次經(jīng)同一位置時，速度大小相同，則動能相同，彈性勢能也相同，則機械能相同，選項A不符合題意；BC．振子每次經(jīng)過相同位置時，都具有相同的位移，根據(jù)回復力公式F=-kx可知，回復力一定相同，再根據(jù)牛頓第二定律可知，加速度一定相同，選項BC不符合題意；D．經(jīng)過同一位置時，速度方向可能不同，故速度不一定相同，動量不一定相同，選項D符合題意；6、B【解析】

輸入電壓U=8V，小燈泡額定電壓為3V，正常發(fā)光，說明小燈泡的電壓為3V，由于小燈泡和電動機串聯(lián),故電動機的電壓：；故ACD錯誤，B正確；二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】A、滑片P由R2中點往左移動時使并聯(lián)部分電阻減小從而使整個電路電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律可得干路電流增大，即A2的示數(shù)增大，則兩端電壓增大，即B板電勢降低，故選項A正確；B、滑片P由R2中點往左移動時使并聯(lián)部分電阻減小從而使整個電路電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律可得干路電流增大，即A2的示數(shù)增大，路端電壓減小，由于、電壓增大，則并聯(lián)部分電壓降低，根據(jù)并聯(lián)電路特點可以知道電流表A1的示數(shù)增大，故選項B錯誤；C、滑片P由R2中點往左移動時，電路總電流增大，則兩端電壓增大，即電容器AB電壓增大，液滴加速運動，路端電壓減小，則電容器BC電壓減小，液滴減速運動，液滴將穿過C板，故選項C錯誤；D、根據(jù)閉合電路歐姆定律可知：，則為定值，不變，根據(jù)歐姆定律可知為本身并聯(lián)之后與串聯(lián)的總電阻，即減小，故選項D正確．點睛：本題考查閉合電路歐姆定律的動態(tài)分析問題，注意電容器兩端電壓的問題．8、AC【解析】

如圖所示，兩等邊三角形所夾的小三角形為等邊三角形，小三角形高為，根據(jù)對稱性可知，小三角形的底邊長為，則小三角形的面積為，根據(jù)法拉第電磁感應定律可知，，聯(lián)立以上兩式解得，A正確B錯誤；當導體沿逆時針轉動時，穿過導體框的磁通量減少，根據(jù)楞次定律可知，感應電流的方向應是逆時針E→F→G→E方向，C正確；當導體沿順時針轉動時，穿過導體框的磁通量也減少，根據(jù)楞次定律可知，感應電流的方向仍然是逆時針E→F→G→E方向，D錯誤．9、BD【解析】

由軌跡看出，點電荷左側的帶電粒子有排斥力，與中心點電荷電性相同；對右側的帶電粒子有吸引力，與中心點電荷電性相反，則兩粒子帶異種電荷。故A正確，B錯誤。由題，M、N兩點都處于圓周c上，電勢相等，兩帶電粒子又是從同一點P出發(fā)，則電勢差UPM=UPN，電場力對兩個帶電粒子做功大小相等，而從P到M的粒子電場力總功為負功，從P到N的粒子電場力總功為正功，根據(jù)動能定理得到，到達M、N時兩粒子速率vM＜vN．故C錯誤，D正確。故選AD。【點睛】本題是軌跡問題，根據(jù)軌跡的彎曲方向要能判斷出帶電粒子所受的電場力大體方向．電場力做功與初末位置間電勢差成正比．10、AC【解析】試題分析：滑動變阻器的滑片P向左移動時，接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律得知，干路電流增大，則A燈變亮，根據(jù)可知，總功率增大，并聯(lián)部分分擔的電壓減小，則C燈變暗．由于通過B燈的電流等于干路電流與通過C燈電流之差，干路電流增大，而通過C燈的電流減小，則通過B燈的電流增大，變亮，原來三盞燈都正常發(fā)光，通過三盞燈的電流相等，功率相等，滑動變阻器的滑片P向左移動時，通過B燈的電流增大量大于C燈的電流減小，根據(jù)數(shù)學知識可知，B燈增加的功率比C燈減小的功率大，而A燈功率增大，所以燈的總功率增大，故AC正確，BD錯誤．考點：閉合電路的歐姆定律、電功、電功率【名師點睛】本題為混聯(lián)電路，電路情況較復雜，不過只要認真分析，則可以看出電路是由兩電阻并聯(lián)后再與一電阻串聯(lián)而成，可以分成兩部分求解．所以分析電路是解答問題的關鍵．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、πd2Rx4l；36.50；【解析】

(1)根據(jù)電阻定律求出電阻率的表達式；(2)根據(jù)圖示刻度尺確定其分度值，金屬絲兩端點所對應刻度尺示數(shù)之差是金屬絲的長度；螺旋測微器固定刻度與可動刻度示數(shù)之和是螺旋測微器的示數(shù)；(3)單刀雙擲開關S2合向1，由電壓表和電流表的示數(shù)U1和I1，可求出Rx、電流表、變阻器串聯(lián)的電阻；將單刀雙擲開關S2合向2，讀出此時電壓表和電流表的示數(shù)U2和I2，可求出電流表和變阻器串聯(lián)的電阻；兩個阻值之差等于被測電阻。根據(jù)歐姆定律寫出表達式?！驹斀狻?1)由電阻定律可知，金屬絲電阻Rx=ρl(2)由圖示刻度尺可知，其分度值為1mm，金屬絲的長度l=36.50cm；由圖示螺旋測微器可知，螺旋測微器固定刻度示數(shù)為0.5mm，可動刻度示數(shù)為29.6×0.01mm=0.296mm，螺旋測微器示數(shù)為0.5mm+0.296m=0.796mm；(3)將單刀雙擲開關S2合向1時，電壓表和電流表的示數(shù)U1、I1．根據(jù)歐姆定律得：R+R將單刀雙擲開關S2向2閉合時，電壓表和電流表的示數(shù)U2、I2．根據(jù)歐姆定律得：R聯(lián)立上兩式得：R=U【點睛】本題考查了電阻定律的應用、刻度尺與螺旋測微器的讀數(shù)，應用電阻定律即可求出電阻率的表達式；螺旋測微器固定刻度與可動刻度示數(shù)之和是螺旋測微器的示數(shù)，螺旋測微器需要估讀。第3題本題實驗設計比較巧妙，利用伏安法測量兩次電阻，有效消除系統(tǒng)誤差，來源于書本，又高于書本。12、bD1.48（±0.04）0.84（±0.03）I1（R0+Rg1）【解析】

（1）[1]沒有電壓表，可利用電流表改裝，給的定值電阻阻值為990Ω，電壓表量程應能準確測的1.5V電壓即可，與電源電動勢接近，故應將電流表A1與定值電阻串聯(lián)使用，故合理的是b圖；[2]電源電動勢約為1.5V，內阻約為1歐姆，為方便實驗操作,滑動變阻器應選D．（2）[3][4]由電路圖可知,在閉合電路中,電源電動勢:，則:,由圖象可知,圖象的截距:，則電源電動勢為:圖象斜率:；電源內阻為:．(3)[5]由閉合電路歐姆定律可知，在圖線中,圖線與縱坐標軸的交點的物理含義即為電動勢的大小，故當圖線的縱坐標改為時，圖線與縱坐標軸的交點的物理含義即為電動勢的大?。军c睛】難度較大，掌握一些基本儀器的讀數(shù)