2025屆科大附中高二物理第一學期期末質量跟蹤監(jiān)視模擬試題含解析

2025屆科大附中高二物理第一學期期末質量跟蹤監(jiān)視模擬試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區(qū)內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規(guī)定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示為大型電子地磅電路圖，電源電動勢為E，內阻不計．不稱物體時，滑片P滑到A端，滑動變阻器接入電路的有效電阻最大，電流較小；稱重物時，在壓力作用下使滑片P下滑，滑動變阻器有效電阻變小，電流變大，這樣把電流對應的重量值刻在刻度盤上，就可以讀出被稱物體的重量值，若滑動變阻器上A、B間距離為L，最大阻值等于電阻阻值R0，已知兩只彈簧的總彈力與形變量成正比，其比例系數為k，所稱重物的重量G與電流大小I的關系為A.G＝2kL＋ B.G＝2kL－C.G＝＋kL D.G＝kIL2、以MN為直徑O為圓心的半圓弧上有M、N、P三點，如圖所示，其中∠MOP＝，在MN兩處各放置一條通有等大電流的長直導線垂直穿過半圓弧面，方向如圖，這時O點的磁感應強度大小為B1．若將M處長直導線移至P處，則O點的磁感應強度大小為B2，則B2與B1之比為（）A.3：1 B.：2C.1：1 D.1：23、關于電流，下列說法正確的是（）A.金屬導體中自由電子定向移動速率增大時，電流變大B.電流既有大小又有方向，所以是矢量C.通過導體橫截面積的電荷量越多，導體中電流就越大D.電流的方向就是電荷定向移動的方向4、如圖所示，正點電荷放在O點，圖中畫出它產生的電場的六條對稱分布的電場線．以水平電場線上的O’點為圓心畫一個圓，與電場線分別相交于a、b、c、d、e，下列說法正確的是（）A.b、e兩點的電場強度相同B.a點電勢高于e點電勢C.電子沿圓周由d運動到b，電場力做正功，電勢能減少D.b、c兩點間電勢差等于e、d兩點間電勢差5、某平行板電容器的電容為C，帶電量為Q，相距為d，今在板間中點放一個電量為q的點電荷，則它受到的電場力的大小為（）A. B.C. D.6、在如圖所示的電路中，A和B為兩個完全相同的燈泡，L為自感線圈(自身電阻忽略不計)，E為電源，S為開關，下列說法正確的是（）A.閉合開關S，B燈立即發(fā)光B.閉合開關S，穩(wěn)定后A燈比B燈亮C.開關S斷開后，A燈的電流逐漸減小D.開關S斷開后，B燈的電流先逐漸增大，再逐漸減小二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，在點電荷Q產生的電場中，實線MN是一條方向未標出的電場線，虛線AB是一個電子只在靜電力作用下的運動軌跡.設電子在A、B兩點的加速度大小分別為、，電勢能分別為、.下列說法正確的是()A.電子一定從A向B運動B.若>，則Q靠近M端且為正電荷C.無論Q為正電荷還是負電荷一定有<D.B點電勢可能高于A點電勢8、如圖所示，有一個磁感應強度為B的勻強磁場，磁場方向垂直紙面向里，一半徑為r金屬圓環(huán)放置在磁場中，金屬圓環(huán)所在的平面與磁場垂直．金屬桿Oa一端在O，另一端a擱在環(huán)上金屬桿Oa可繞環(huán)的圓心O旋轉，另一金屬桿Ob一端固定在O點，另一端b固定在環(huán)上，．已知Oa桿以角速度ω勻速旋轉，所有接觸點接觸良好，Ob不影響Oa的轉動，則下列說法正確的是（）A.流過Oa的電流方向為O指向aB.流過Oa的電流方向為a指向OC.Oa旋轉時產生的感應電動勢的大小為Bωr2D.Oa旋轉時產生的感應電動勢的大小為Bωr29、如圖所示，在真空中A、B兩塊平行金屬板豎直放置并接入電路．調節(jié)滑動變阻器，使A、B兩板間的電壓為U時，一質量為m，電荷量為－q的帶電粒子，以初速度v0從A板上的中心小孔沿垂直兩板的方向射入電場中，恰從A、B兩板的中點處沿原路返回（不計重力），則下列說法正確的是（）A.使初速度變?yōu)?v0時，帶電粒子恰能到達B板B.使初速度變?yōu)?v0時，帶電粒子將從B板中心小孔射出C.使初速度v0和電壓U都增加為原來的2倍時，帶電粒子恰能到達B板D.使初速度v0和電壓U都增加為原來的2倍時，帶電粒子將從B板中心小孔射出10、如圖所示，一束離子從P點垂直射入勻強電場和勻強磁場相互垂直的區(qū)域里，結果發(fā)現(xiàn)有些離子保持原來的運動方向未發(fā)生偏轉，這些離子從Q點進入另一勻強磁場中分裂為a、b、c三束。關于這三束離子下列說法正確的是（）A.a、b、c的速度大小一定相同B.a、b、c的電量一定不同C.a、b、c的比荷一定不同D.a、b、c的動能可能相同三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖，當一個帶正電荷的物體C靠近原來不帶電的導體時，由于電荷間相互吸引或排斥，使導體靠近帶電物體的A端帶______（填“正”或“負”）電荷，遠離帶電物體的B端帶_____（填“正”或“負”）電荷12．（12分）有以下可供選用的器材及導線若干條，要求使用個數最少的儀器盡可能精確地測量一個電流表的滿偏電流A．被測電流表A1：滿偏電流約700～800，內阻約100Ω，刻度均勻、總格數為N；B．電流表A2：量程0.6A，內阻0.1Ω；C．電壓表V：量程3V，內阻3kΩ；D．滑動變阻器R1：最大阻值200Ω；E．滑動變阻器R2：最大阻值1kΩ；F．電源E：電動勢3V、內阻1.5Ω；G．開關一個.（1）選用器材應為_____________．（填A→G字母代號）（2）在虛線框內畫出實驗電路圖，并在每個選用儀器旁標上題目所給的字母序號（）（3）測量過程中測出多組數據，其中一組數據中待測電流表A1的指針偏轉了n格，可算出滿偏電流Ig=________，式中除N、n外，其他字母符號代表的物理量是_____________四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，在高度為L、足夠寬的區(qū)域MNPQ內，有垂直紙面向里的勻強磁場，磁感應強度為B.質量為m、邊長為L、電阻為R的正方形導線框abcd，在MN上方某一高度由靜止開始自由下落．當bc邊進入磁場時，導線框恰好做勻速運動．已知重力加速度為g，不計空氣阻力，求：(1)導線框剛下落時，bc邊距磁場上邊界MN的高度h；(2)導線框離開磁場的過程中，通過導線框某一橫截面的電荷量q；(3)導線框穿越磁場整個過程中，導線框中產生的熱量Q.14．（16分）如圖所示，質量為m0=1kg的長木板靜止在光滑水平面上，現(xiàn)有一質量為m=0.5kg的小滑塊(可視為質點)以v0=3m/s的初速度從左端沿木板上表面沖上木板，帶動木板向前滑動。已知滑塊與木板上表面間的動摩擦因數μ=0.1，重力加速度g取10m/s2，木板足夠長。求:（1）滑塊在木板上滑動過程中，長木板受到的摩擦力大小和方向;（2）滑塊在木板上滑動過程中，滑塊相對于地面的加速度a的大小;（3）滑塊與木板A達到的共同速度v的大小。15．（12分）如圖所示，N＝30匝矩形閉合導線框ABCD位于磁感應強度大小B＝的水平勻強磁場中，并與一理想變壓器原線圈相連，變壓器的副線圈連接一規(guī)格為“110V，30W”的小燈泡。已知線框面積S＝0.5m2，線框電阻不計。若線框以角速度ω＝200rad/s繞垂直于磁場方向的OO′軸勻速轉動。求：（1）在圖示位置穿過線框的磁通量；（2）從圖示位置開始計時，線框中產生的電動勢e隨時間t變化的瞬時表達式；（3）要使小燈泡正常發(fā)光，求變壓器原、副線圈的匝數比。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】由于滑片P的移動,所以接入電路的電阻隨重物的增加而減小,設所稱重物的重力為G時,彈簧壓縮x(AP=x),則電路中的總電阻為R0+R0,由歐姆定律可得E=I(R0+R0),①由胡克定律得G=kx②由①②兩式解得G=2kL-,故選項A正確.2、B【解析】依題意，每根導線在O點產生的磁感強度為，方向豎直向下，則當M移至P點時，O點合磁感強度大小為：則B2與B1之比為A.3：1與分析不相符，故A項與題意不相符；B.：2分析相符，故B項與題意相符；C.1：1與分析不相符，故C項與題意不相符；D.1：2與分析不相符，故D項與題意不相符3、A【解析】由I=nevs可知，金屬導體中自由電子的定向移動的速率增加時，電流變大，故A正確．電流雖然既有大小又有方向，但是電流是標量，選項B錯誤；根據I=q/t可知，通過導體橫截面積的電荷量越多，導體中電流不一定越大，選項C錯誤；電流的方向就是正電荷定向移動的方向，選項D錯誤；故選A.4、D【解析】電場強度是矢量，只有大小和方向都相同時兩點的電場強度才相同；電勢根據順著電場線方向電勢降低進行判斷；根據對稱性分析b、c兩點間電勢差與b、e間電勢差的關系．根據電勢高低，判斷電場力對電子做功的正負【詳解】由圖看出，b、e兩點電場強度大小相等，但方向不同，而電場強度是矢量，所以b、e兩點的電場強度不同，故A錯誤；根據順著電場線電勢逐漸降低可知，離點電荷O越遠，電勢越低，故a點電勢低于e點電勢，故B錯誤；d點的電勢高于b點的電勢，電子沿圓周由d到b，電勢降低，但電勢能升高，電場力做負功，故C錯誤；根據對稱性可知，d、c的電勢相等，同理b、e的電勢相等．所以b、c兩點間電勢差與e、d兩點間電勢差相等，故D正確；故選D【點睛】常見電場的電場線分布要求我們能熟練掌握，并要注意沿電場線的方向電勢是降低的，同時注意點電荷形成電場的對稱性．加強基礎知識的學習，掌握住電場線的特點，即可解決本題5、C【解析】由公式聯(lián)立解得故選C。6、C【解析】A．電感線圈L因自感會阻礙電流的增大，則閉合開關S時，B燈的支路電流慢慢增大，B燈慢慢發(fā)光，故A錯誤；B．電路穩(wěn)定后的線圈L因無自身電阻而看成導線，則A和B兩并聯(lián)電路的電阻相同，則兩燈的功率相同，亮度一樣，故B錯誤；CD．開關S斷開后，線圈L阻礙電流減小而充當了新電源的作用，因穩(wěn)定時流過L的電流和A的相同，則兩燈泡都是逐漸變暗，也不會出現(xiàn)先閃亮后變暗的現(xiàn)象，故C正確，D錯誤。故選C。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】由于不知道電子速度變化，由運動軌跡圖不能判斷電子向那個方向運動，故A錯誤；若aA＞aB，則A點離點電荷Q更近即Q靠近M端；又由運動軌跡可知，電場力方向指向凹一側即左側，所以，在MN上電場方向向右，那么Q靠近M端且為正電荷，故B正確；由B可知，電子所受電場力方向指向左側，那么，若電子從A向B運動，則電場力做負功，電勢能增加；若電子從B向A運動，則電場力做正功，電勢能減小，所以，一定有EpA＜EpB求解過程與Q所帶電荷無關，只與電場線方向相關，故C正確；由B可知，電場線方向由M指向N，那么A點電勢高于B點，故D錯誤；故選BC8、AD【解析】oa桿以角速度勻速旋轉，切割磁感線產生感應電動勢，相當于電源，其余部分為外電路．當oa轉到最高點時，外電路總電阻最大，通過oa的電流最小；當oa與ob重合時，環(huán)的電阻為0，外電路總電阻最小，通過oa的電流最大．根據E=BLv和歐姆定律求解，其中v是速度的平均值【詳解】A、B項：根據右手定則可知，流過oa電流方向為由o指向a，故A正確，B錯誤；C、D項：oa桿切割磁感線產生感應電動勢為E=，故C錯誤，D正確故選AD【點睛】本題一要會求解感應電動勢，由于oa桿上各點切割速度不同，要用平均速度求解；二要知道最大值與最小值的條件，運用歐姆定律求解9、BC【解析】AB．A、B兩塊平行金屬間距為，粒子在極板間運動，應用能量守恒定律：解得：根據題意，粒子的初速度為時：使粒子初速度變?yōu)闀r：可知帶電粒子將從B板中心小孔射出，A錯誤，B正確；CD．使初速度v0和電壓U都增加為原來2倍時：可知帶電粒子恰能到達B板，C正確，D錯誤。故選BC分卷II10、ACD【解析】A．因為粒子進入電場和磁場正交區(qū)域時，不發(fā)生偏轉，說明粒子所受電場力和洛倫茲力平衡，有得出能不偏轉的粒子速度應滿足所以a、b、c的速度大小一定相同，A正確；BCD．粒子進入磁場后受洛倫茲力作用，粒子做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，即所以圓周運動的半徑由于粒子又分裂成幾束，也就是粒子做勻速圓周運動的半徑不同，進入第二個勻強磁場時，粒子具有相同大小的速度，由半徑公式可知，所以粒子能分裂成幾束的粒子的比值不同，則比荷一定不相同，而質量可能相同，則動能也可能相同，B錯誤，CD正確。故選ACD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.負②.正【解析】解：靜電感應不是創(chuàng)造電荷，而是使導體上的正負電荷分開，當一個帶正電荷的物體靠近原來不帶電的導體時，由于靜電感應，導體兩端就會帶等量異號電荷，其中導體靠近帶電物體的一端帶負電，遠離帶電物體的一端帶正電故答案為負，正【點評】考查了靜電感應現(xiàn)象，導體靠近帶電物體的一端帶上與點電荷相反電性的電荷，遠離帶電物體的一端帶上與點電荷電性相同的電荷12、①.ACDFG②.③.④.U為電壓表讀數，RV為電壓表內阻【解析】（1）[1]．其中AFG為必選器材，為了滑動方便，應選擇最大阻值較小的滑動變阻器，以及電壓表V，題目中的電流表量程0.6安，指針偏角過小誤差較大，舍去；故選擇的器材有：ACDFG；（2）[2]．電壓表量程3V，內阻3kΩ，滿偏電流為，與待測電流表類似，可以當作電流表使用；與待測電流表串聯(lián)即可；因為要求精確，故采用滑動變阻器分壓式接法，電壓可以