內蒙古烏蘭察布集寧二中2025屆物理高二第一學期期中達標檢測模擬試題含解析

內蒙古烏蘭察布集寧二中2025屆物理高二第一學期期中達標檢測模擬試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區(qū)內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規(guī)定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、下列說法正確的是A．物體的運動速度越大，加速度也一定越大B．物體的運動速度變化越快，加速度越大C．物體的運動速度變化量越大，加速度也一定越大D．物體的運動速度越小，加速度也一定越小2、空間存在甲、乙兩相鄰的金屬球，甲球帶正電，乙球原來不帶電，由于靜電感應，兩球在空間形成了如圖所示穩(wěn)定的靜電場．實線為其電場線，虛線為其等勢線，A、B兩點與兩球球心連線位于同一直線上，C、D兩點關于直線AB對稱，則()A．A點和B點的電勢相同B．C點和D點的電場強度相同C．正電荷從A點移至B點，靜電力做正功D．負電荷從C點沿直線CD移至D點，電勢能先增大后減小3、設法維持一段金屬導線溫度不變，隨著加在導線兩端的電壓增大，則有（）A．金屬導線電阻變大B．金屬導線材質的電阻率變大C．導體內單位體積自由電子數目增多D．導體內自由電子定向移動的速率變大4、如圖所示，平行板電容器與電池相連，當二極板間的距離減小后，則二極板間的電壓U、電場強度E、電容器的電容C及電容的帶電量Q與原來相比（）A．U、E、C、Q都不變B．U不變，E、C、Q變小C．U不變，E、C、Q變大D．U、E不變，C變大，Q變小5、下列關于摩擦起電的原因，正確的說法是（）A．摩擦后產生了新的電荷B．電子和正電荷同時按相反方向轉移C．電子從一個物體轉移到另一個物體D．正電荷從一個物體轉移到另一個物體6、如圖所示，運動員把質量為的足球從水平地面踢出，足球在空中達到的最高點高度為，在最高點時的速度為，不計空氣阻力，重力加速度為，下列說法正確的是()A．運動員踢球時對足球做功B．足球上升過程重力做功C．運動員踢球時對足球做功D．足球上升過程克服重力做功二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、某同學將一直流電源的總功率PE、輸出功率PR和電源內部的發(fā)熱功率Pr隨電流I變化的圖線畫在同一坐標系內，如圖所示，根據圖線可知下列說法正確的是()A．反映Pr變化的圖線是bB．電源電動勢約為8VC．當外電阻約為2Ω時，輸出功率最大D．當電流為0.5A時，外電路的電阻約為6Ω8、如圖所示，光滑水平地面上靜置著由彈簧相連的木塊A和B，開始時彈簧處于原長狀態(tài)，現(xiàn)給A一個向右的瞬時沖量，讓A開始以速度v向右運動，若mA>mB，則（）A．當彈簧壓縮到最短時，B的速度達到最大B．當彈簧再次恢復原長時，A的速度一定向右C．當彈簧再次恢復原長時，A的速度一定小于B的速度D．當彈簧再次恢復原長時，A的速度可能大于B的速度9、平行板電容器兩極板間距為d、極板面積為S，電容為，其中ε0為常量．對此電容器充電后斷開電源．當增加兩板間距時，電容器（）A．電勢差減小 B．電容減小 C．電勢差不變 D．電荷量不變10、一電爐的電阻絲和一臺電動機線圈電阻相同，現(xiàn)將它們以串聯(lián)方式聯(lián)接，接通合適的電源后，電動機正常運轉，下列說法正確的是（）A．電爐和電動機的熱功率相等B．電動機消耗的電功率大于電爐消耗的電功率C．電爐兩端電壓小于電動機兩端電壓D．電爐和電動機兩端電壓相等三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）“測定電池的電動勢和內阻”的實驗中：(1)在如圖甲所示的電路中，為避免燒壞電表，閉合開關前，滑動變阻器的滑動觸頭應置于___________端（填“A”或“B”）。(2)如圖乙是根據實驗數據作出的U-I圖象，由圖可知，電源的電動勢E=__________V，內阻r=__________Ω。(3)實驗中如果將電壓表并連在滑動變阻器的A、B兩端，則理論上電動勢的測量值和真實值關系E測________E真，內阻的測量值和真實值r測________r真（填“＜，＞，或=”）。12．（12分）某探究小組采用如圖甲所示的電路測定一節(jié)干電池的電動勢和內阻時，發(fā)現(xiàn)量程為3V的電壓表出現(xiàn)故障不能正常使用，實驗臺上有一個量程為，內阻靈敏電流計和一個電阻箱R（）．（1）為了把靈敏電流計改裝成量程為2V的電壓表繼續(xù)實驗，電阻箱R應調整至______．（2）探究小組中一個同學用靈敏電流計和電阻箱設計了如圖乙所示的實驗電路，同樣測出了干電池的電動勢和內阻．①多次調節(jié)電阻箱，記錄靈敏電流計的示數I和電阻箱的阻值R，電源的電動勢和內阻分別用E和r表示，則和R的關系式為_____________．②然后以為縱坐標，以R為橫坐標，做出圖線為一直線，如圖丙所示，測得直線在縱軸上的截距b=134，直線的斜率，則該電池的電動勢E=______V，內阻r=______．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，水平放置的平行金屬板A、B之間有勻強電場，質量為m=5×10-8kg的帶電粒子以v0=2m/s的速度從兩板中間水平進入，已知板長L=10cm，板間距離d=2cm，A板電勢高于B板電勢。（1）當AB間加電壓UAB=500V時，帶電粒子恰好沿直線穿過電場帶電粒子的電性，電荷量為多少？（2）兩極板間所加電壓為多大時？帶電粒子恰能沿極板邊緣飛出。14．（16分）如圖所示，光滑、絕緣的水平軌道AB與四分之一圓弧軌道BC平滑連接，并均處于水平向右的勻強電場中，已知勻強電場的場強E＝5×103V/m，圓弧軌道半徑R＝0.4m．現(xiàn)有一帶電荷量q＝＋2×10－5C、質量m＝5×10－2kg的物塊(可視為質點)從距B端s＝1m處的P點由靜止釋放，加速運動到B端，再平滑進入圓弧軌道BC，重力加速度g＝10m/s2求：(1)物塊在水平軌道上加速運動的時間和到達B點的速度vB的大??；(2)物塊剛進入圓弧軌道時受到的支持力NB的大小．15．（12分）如圖所示，在勻強電場中有a、b、c三點，a、b相距5cm，b、c相距12cm．將一個帶電荷量為4×10﹣8C的電荷從a點移到b點時，電場力做功為1.2×10﹣7J。（1）a、b兩點間電勢差為多少；（2）勻強電場的場強大小E；（3）b、c兩點間電勢差為多少。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】

A．物體的速度大，速度變化不一定快，加速度不一定大，故A錯誤．B．加速度是反映速度變化快慢的物理量，速度變化越快，加速度越大，故B正確．C．物體的速度變化量大，速度變化不一定快，加速度不一定大，故C錯誤．D．加速度和速度沒有直接的關系，物體的運動速度越小，加速度不一定越小，故D錯誤．2、C【解析】

A．A點和B點不在同一個等勢面上，所以它們的電勢不同，故A錯誤。B．根據電場的對稱性可知，C點和D點的電場強度的大小相同，但是它們的方向不同，則電場強度不同，故B錯誤。C．從A點移至B點，電勢降低，所以正電荷從A點移至B點，電場力做正功，故C正確。D．C點和D點在同一個等勢面上，負電荷在CD兩點電勢能相等；負電荷從C點沿直線CD移至D點，電場力先做正功，后做負功，電勢能先減小后增大原來的值，故D錯誤。3、D【解析】

A、B項：導體的電阻率與導體本身的性質和溫度有關，由電阻定律R=ρLS可知，導體的電阻不變，故C、D項：導體內單位體積自由電子數由導體本身的性質決定，由公式I=UR可知，電壓變大，電阻不變，電流變大，由公式I=nqvS可知，導體內自由電子定向移動的速率變大，故C錯誤，故應選：D。4、C【解析】

平行板電容器與電池相連，則U不變；當兩極板間距減小時，d減小，由C=εS4πkd可知C變大，根據Q=CU可知Q變大；根據E=U/d可知，E【點睛】本題是電容器動態(tài)變化分析問題，是常見的題型，關鍵抓住不變量：電容器與電源保持相連，其電壓不變；充電后與電源斷開，其電量不變．較為簡單．5、C【解析】

摩擦起電過程中，電子從一個物體轉移到另一個物體，失去電子的物體帶正電，得到電子的物體帶負電，在摩擦起電過程中沒有產生新電荷，只是電子發(fā)生轉移；，故C正確，ABD錯誤．故選C．6、C【解析】

AC.足球被踢起后在運動過程中，只受到重力作用，只有重力做功，足球的機械能守恒，足球到達最高點時，機械能為：由于足球的機械能守恒，則足球剛被踢起時的機械能為：足球獲得的機械能等于運動員對足球所做的功，因此運動員對足球做功：故A錯誤，C正確；BD.足球上升過程重力做功：足球上升過程中克服重力做功：克故B、D錯誤．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、CD【解析】電源內部的發(fā)熱功率Pr=I2r，Pr-I圖象是拋物線，而且是增函數，則反映Pr變化的圖線是c，故A錯誤；直流電源的總功率PE=EI，P-I圖象的斜率等于電動勢E，則有：，故B錯誤；圖中I=2A時，電源內部的發(fā)熱功率Pr與電源的總功率相等，則有Pr=I2r，得到，故C正確；當電流為0.5A時，根據閉合電路歐姆定律得：，解得：，故D錯誤．所以CD正確，AB錯誤．8、BC【解析】

A、A開始壓縮彈簧，A做減速運動，B做加速運動，當兩者速度相等時，彈簧壓縮最短，然后B繼續(xù)做加速運動，A繼續(xù)做減速運動，所以彈簧壓縮到最短時，B的速度不是達到最大，A錯誤；BCD、彈簧壓縮到最短時，兩者速度相等，然后B繼續(xù)做加速，A繼續(xù)做減速運動，直到彈簧恢復原長，此時B的速度達到最大，大于A的速度，接著A加速，B減速，彈簧被拉伸，當彈簧被拉伸到最長時，AB共速，A繼續(xù)加速，B繼續(xù)減速，再次恢復原長時，A的速度增加到，此時B的速度為零，當彈簧再次恢復原長時，A的速度一定向右，故BD正確；C錯誤。故選BD．9、BD【解析】

增加兩板間距時，根據電容的決定式，可知電容減小，故B正確；對此電容器充電后斷開電源，故電量Q一定，故D正確；根據Q＝UC，由上可知電勢差增加，故AC錯誤。所以BD正確，AC錯誤。10、ABC【解析】

A.電爐電路和電動機電路焦耳定律都適用．根據焦耳定律:得電爐和電動機的電阻相同，電流相同，則在相同的時間內電爐和電動機產生的電熱相等．故A正確．B.電動機消耗的電能一部分轉化為內能，另一部分轉化為機械能，電爐消耗的電能全部轉化為內能，而相等時間內它們產生的熱量相等，則在相同的時間內，電動機消耗的電能大于電爐消耗的電能，電動機消耗的功率大于電爐消耗的功率．故B正確．CD.設電流為I，則電爐兩端電壓：電動機兩端電壓，所以，即電動機兩端電壓大于電爐兩端電壓．故C正確，D錯誤．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、A1.51.0=＞【解析】

（1）滑動變阻器在開始時應調節(jié)到使電路中電流最小的位置；（2）由圖可知，圖象由縱坐標的交點為電動勢；根據圖象的斜率絕對值表示內電阻可求得內電阻．（3）將電壓表并連在滑動變阻器的A．B兩端，誤差來自由沒有分析電流表與電壓表的內阻，則通過電表對電路的影響作出真實值與測量值間的圖象，由圖象可分析其誤差情況．【詳解】（1）為保證實驗安全，在開始時電路中電流應為最小值，故滑動變阻器應接入最大阻值，由圖可知，滑動變阻器接入部分為右半部分；故滑片應接到A端；

（2）在U-I圖象中縱坐標的截距代表的是電源的電動勢，直線的斜率絕對值代表的是電源的內阻的大?。甎-I圖可知，電源的電動勢E=1.5V；U-I圖象斜率的絕對值等于內阻，所以；

（3）圖中由于電壓表測量值小于電源真實的路端電壓；但當外電路斷開時，電流表的分壓可以忽略，故本接法中電動勢是準確的．而測量的電壓小于真實值，故由圖象可知測量的內阻大于真實值．

【點睛】本題考查實驗的連接和數據的處理等內容，要求能正確理解電路的接法及實驗安全性的要求，并能正確根據圖象得出電動勢和內電阻．12、38001.51.0【解析】解：（1）將電流計改裝成電壓表，應串聯(lián)一個大電阻，根據串并聯(lián)電路的規(guī)律可知：（2）①根據閉合電路歐姆定律可知：變形可得：②根據圖象和公式可知：，根據題意可知：E=1.5V；r=1.0Ω；四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）帶負電，q=2x10-11C（2）剛好能由A邊緣飛出去時U1=900V，剛好能從下板邊緣飛出時U2=100V【解析】（1）當時，粒子做直線運動，根據二力平衡：有，解得，因為電場力豎直向上，所以粒子帶負電。(2)當電壓比較大時，，粒子向上偏，根據牛