2025屆上海市徐匯區(qū)市級名校高二物理第一學(xué)期期中統(tǒng)考模擬試題含解析

2025屆上海市徐匯區(qū)市級名校高二物理第一學(xué)期期中統(tǒng)考模擬試題注意事項：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標(biāo)號。回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示,長0.5m的輕質(zhì)細(xì)桿,一端固定有一個質(zhì)量為3kg的小球,另一端由電動機(jī)帶動,使桿繞O點在豎直平面內(nèi)做勻速圓周運動,小球的速率為2m/s。取g=10m/s2,下列說法正確的是A．小球通過最高點時,對桿的拉力大小是24NB．小球通過最高點時,對桿的壓力大小是6NC．小球通過最低點時,對桿的拉力大小是24ND．小球通過最低點時,對桿的拉力大小是6N2、某物體受到－個－2N·s的沖量作用，則A．物體的末動量一定是負(fù)值 B．物體的動量一定減少C．物體的動量改變量的方向一定與規(guī)定的正方向相反D．物體原來的動量方向一定與這個沖量的方向相反3、下面說法正確的是（）A．根據(jù)磁感應(yīng)強(qiáng)度定義式，磁場中某點的磁感應(yīng)強(qiáng)度B與F成正比，與IL乘積成反比B．磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向與小磁針N極所受磁場力的方向相同C．一小段通電直導(dǎo)線在某處不受磁場力作用，則該處的磁感應(yīng)強(qiáng)度一定為零D．磁感線總是從磁鐵的N極出發(fā)，到S極終止4、下列說法不正確是A．一個電阻和一根無電阻的理想導(dǎo)線并聯(lián)總電阻為零B．并聯(lián)電路任一支路電阻都大于電路的總電阻C．串聯(lián)電路中任一電阻增大(其它電阻不變)總電阻一定增大D．并聯(lián)電路中任一電阻增大(其它電阻不變)總電阻可能減少5、將懸掛在細(xì)線上的帶正電的小球A放在不帶電的金屬空心球C內(nèi)(不與球接觸)，另有一個懸掛在細(xì)線上的帶負(fù)電的小球B向C靠近，如圖所示，于是有()A．.A向左偏離豎直方向，B向右偏離豎直方向B．A的位置不變，B向右偏離豎直方向C．.A向左偏離豎直方向，B的位置不變D．.A和B的位置都不變6、有A、B兩個電阻，它們的I-U圖線如圖所示，從圖線可以判斷（）A．電阻A的電阻率大于電阻B的電阻率B．電阻A的阻值小于電阻B的阻值C．兩電阻并聯(lián)時,流過電阻A的電流強(qiáng)度較小D．兩電阻串聯(lián)時,電阻A消耗的功率較大二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、一個微型吸塵器的直流電動機(jī)的額定電壓為U，額定電流為I，線圈電阻為R，將它接在電動勢為E，內(nèi)阻為r的直流電源的兩極間，電動機(jī)恰好能正常工作，則A．電動機(jī)消耗的總功率為UIB．電源的效率為1-C．電源的輸出功率為EID．電動機(jī)消耗的熱功率為U8、如圖所示是電阻R的I-U圖象，圖中α=45°，由此得出()A．通過電阻的電流與兩端電壓成正比B．電阻R=0.5ΩC．電阻R=1.0ΩD．在R兩端加上6.0V的電壓時，每秒通過電阻橫截面的電荷量是3.0C9、使用多用電表的歐姆擋測電阻時，下列說法正確的是_______。A．測量前，待測電阻應(yīng)跟別的元件和電源斷開B．每一次換檔，都要重新進(jìn)行一次歐姆調(diào)零C．紅表筆的電勢比黑表筆高D．測量時，若指針偏轉(zhuǎn)很小（靠近∞附近），應(yīng)換倍率更小的擋進(jìn)行測量E.用歐姆表的擋時，指針指在刻度20~40的正中央，則被測電阻的阻值為300Ω10、如圖所示，在等量異種電荷形成的電場中，畫一正方形ABCD，對角線AC與兩點電荷連線重合，兩對角線交點O恰為電荷連線的中點。下列說法正確的是A．A點的電場強(qiáng)度大于B點的電場強(qiáng)度且兩點電場強(qiáng)度方向相同B．B、D兩點的電場強(qiáng)度及電勢均相同C．一電子由B點沿B→C→D路徑移至D點，電勢能先減小后增大D．一質(zhì)子由C點沿C→O→A路徑移至A點，電場力對其先做負(fù)功后做正功三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）圖甲，用“碰撞實驗器”可以驗證動量守恒定律，即研究兩個小球在軌道水平部分碰撞前后的動量關(guān)系。(1)實驗中，直接測定小球碰撞前后的速度是不容易的。但是，可以通過僅測量__________（填選項前的符號），間接地解決這個問題。A．小球開始釋放的高度hB．小球拋出點距地面的高度HC．小球做平拋運動的射程(2)圖甲中O點是小球拋出點在地面上的垂直投影。實驗時，先讓入射球m1多次從斜軌上S位置由靜止釋放，找到其平均落地點的位置______，測量平拋射程______。然后，把被碰小球m2靜置于軌道上O點正上方，再將入射球m1從斜軌上S位置由靜止釋放，與小球m2相碰，并多次重復(fù)。接下來要完成的必要步驟是_____。（填選項前的符號）A．用天平測量兩個小球的質(zhì)量m1、m2B．測量小球m1，開始釋放的高度hC．測量拋出點距地面的高度HD．分別找到m1、m2相碰后平均落地點的位置M、NE．測量平拋射程OM、ON(3)若兩球相碰前后的動量守恒，其表達(dá)式可表示為__________（用(2)中測量的量表示）；若碰撞是彈性碰撞，那么還應(yīng)滿足的表達(dá)式為__________（用(2)中測量的量表示）。12．（12分）一實驗小組準(zhǔn)備探究某種元件Q的伏安特性曲線，他們設(shè)計了如圖所示的電路圖．請回答下列問題：（1）請將圖中的實物連線按電路圖補(bǔ)充完整_________．（2）考慮電表內(nèi)阻的影響，該元件電阻的測量值_____（選填“大于”、“等于”或“小于”）真實值．（3）在電路圖中閉合開關(guān)S，電流表、電壓表均有示數(shù)，但無論怎樣移動變阻器滑動片，總不能使電壓表的示數(shù)調(diào)為零．原因可能是圖中的________（選填a、b、c、d、e、f）處接觸不良．（4）實驗測得表格中的7組數(shù)據(jù)．請在坐標(biāo)紙上作出該元件的I-U圖線_____．（5）為了求元件Q在I-U圖線上某點的電阻，甲同學(xué)利用該點的坐標(biāo)I、U，由求得．乙同學(xué)作出該點的切線，求出切線的斜率k，由求得．其中__（選填“甲”、“乙”）同學(xué)的方法正確．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，坐標(biāo)系xOy平面內(nèi)，第一、二象限內(nèi)有與y軸平行的勻強(qiáng)電場（圖中未面出），第三、四象限內(nèi)有垂直于xOy平面向內(nèi)的勻強(qiáng)磁場，從第一象限的點P（20cm，5cm）沿x軸負(fù)方向以大小為v0=100m/s的速度拋出一質(zhì)量m=l×l0﹣6kg、電荷量q=0.5C的帶負(fù)電粒子，粒子從x軸的點A（10cm，0）進(jìn)入第四象限，在第四象限巾運動一段時間后又恰好從坐標(biāo)原點進(jìn)入第二象限．不計粒子重力和空氣阻力．求：（1）第一、二象限中電場的電場強(qiáng)度大小E和方向．（2）第三、四象限中磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B．（3）t=5.5×10﹣3s時粒子的位置坐標(biāo)．（取π=3）14．（16分）一個帶電荷量的物體放在絕緣的水平地面上，如圖甲所示，空間若加上水平方向的變化電場，其加速度隨電場力變化的圖像如圖乙所示.現(xiàn)從靜止開始計時，改用圖丙中周期性變化的水平電場作用.(g取10m/s2)(1)求物體的質(zhì)量及物體與地面間的動摩擦因數(shù)；(2)在如圖丙所示周期性變化的水平電場作用下，求物體在一個周期內(nèi)的位移大??；(3)在如圖丙所示周期性變化的水平電場作用下，求25s內(nèi)電場力對物體所做的功.15．（12分）如圖所示，水平地面上有兩個可視為質(zhì)點，用繃直的輕質(zhì)細(xì)線連接的質(zhì)量分別為、的A、B滑塊，其中A不帶電，B帶正電且電荷量為，兩滑塊均處于水平向右，大小為的勻強(qiáng)電場中。某時刻開始A、B由靜止釋放，到達(dá)2s時A、B間細(xì)繩突然斷開。已知A、B與水平面間的動摩擦因數(shù)均為，重力加速度大小。求：(1)第2s時輕繩斷前瞬間，繩子拉力對A做功的功率；(2)由開始運動至物體A速度再次為零過程中，系統(tǒng)的摩擦生熱。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】

AB．設(shè)在最高點桿子表現(xiàn)為拉力，則有：代入數(shù)據(jù)得：F=-6N，則桿子表現(xiàn)為支持力，大小為6N．所以小球?qū)U子表現(xiàn)為壓力，大小為6N．故A錯誤，B正確．CD．在最低點桿子表現(xiàn)為拉力，有：代入數(shù)據(jù)得：F=54N．故C錯誤，D錯誤．2、C【解析】試題分析：根據(jù)動量定理得：，說明物體的動量增量一定與規(guī)定的正方向相反，不能說明原末動量的方向和大小，故C正確．考點：動量定理應(yīng)用3、B【解析】

A．磁場中某點的磁感應(yīng)強(qiáng)度是由磁場本身決定的物理量與通電導(dǎo)線所受的安培力F以及IL乘積無關(guān)，選項A錯誤；B．磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向與小磁針N極所受磁場力的方向相同，選項B正確；C．一小段通電直導(dǎo)線在某處不受磁場力作用，可能是導(dǎo)線與磁場方向平行，該處的磁感應(yīng)強(qiáng)度不一定為零，選項C錯誤；D．磁感線在磁體的外部從N極到S極，在磁體內(nèi)部是從S極到N極，組成閉合的曲線，故D錯誤。4、D【解析】A、一個電阻和一根無電阻的理想導(dǎo)線并聯(lián)，設(shè)，由總電阻，得知，，故A正確；

B、由，由數(shù)學(xué)知識得，則得，即并聯(lián)電路任一支路的電阻都大于電路的總電阻，同時任意電阻增大，會導(dǎo)致并聯(lián)總電阻變大，故B正確，D錯誤；

C、在串聯(lián)電路中，總電阻，則可以知道在串聯(lián)電路中任一電阻增大(其它電阻不變)總電阻一定增大，故選項C正確。點睛：本題需要掌握串聯(lián)電路和并聯(lián)電路的特點，知道如何計算串聯(lián)和并聯(lián)電路的總電阻。5、B【解析】A在空心金屬球內(nèi)，由于靜電感應(yīng)，使得C外表面帶正電，B、C相互吸引，所以B向右偏；

而金屬空腔C可以屏蔽外部的B的電場，所以B的電荷對空腔C的內(nèi)部無影響，所以A位置不變．故B正確，ACD錯誤；故選B．點睛：考查靜電感應(yīng)現(xiàn)象，掌握同種電荷相互排斥，異種電荷相互吸引．并理解外部電場對空心球內(nèi)部沒有影響，即為靜電屏蔽．6、B【解析】

AB．圖線的斜率表示電阻的倒數(shù)，A圖線的斜率大,則A的電阻小.又因為不清楚兩個電阻的材料及橫截面積，故不能判定電阻率的大小，所以A錯誤，B正確.C．兩電阻并聯(lián)，電壓相等,作出垂直橫軸的直線，如圖所示，豎直線與AB的交點即表示并聯(lián)時的工作情況，由圖可以知道A中電流較大；故C錯誤;

D．兩電阻串聯(lián)時電流相等，由：可以知道電阻

A

消耗的功率較小，故D錯誤.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AB【解析】試題分析：電動機(jī)消耗的總功率應(yīng)該用P=IU來計算，所以總功率為IU，所以A正確；電動機(jī)消耗的熱功率應(yīng)該用P=I2R來計算，所以熱功率P=I2R，所以D錯誤．電源的輸出功率等于電動機(jī)的輸入功率，得P出=UI．故C錯誤．電源的總功率為IE，內(nèi)部發(fā)熱的功率為I2r，所以電源的效率為IE-I考點：功率【名師點睛】對于電功率的計算，一定要分析清楚是不是純電阻電路，對于非純電阻電路，總功率和發(fā)熱功率的計算公式是不一樣的。8、AD【解析】根據(jù)圖象可知，通過電阻的電流與兩端電壓成正比，故A正確；根據(jù)電阻的定義式：，故BC錯誤；由圖知，當(dāng)U=6V時，I=3A，則每秒通過電阻橫截面的電荷量是q=It=3×1C=3.0C，故D正確。所以AD正確，BC錯誤。9、AB【解析】

A．因為用歐姆檔自帶電源，所以測量前，待測電阻應(yīng)跟別的元件和電源斷開，選項A正確；B．換擋后多用電表必須調(diào)零，選項B正確；C．電流的方向是“紅進(jìn)黑出”，所以黑表筆電勢高于紅表筆，選項C錯誤；D．測量時，若指針偏轉(zhuǎn)很?。拷薷浇砻魉x擇的檔位太小，導(dǎo)致示數(shù)偏大，所以應(yīng)換倍率大一些的擋進(jìn)行測量，選項D錯誤；E．因為歐姆檔的表盤刻度不均勻，所以指針指在刻度20~40的正中央，電阻不是300Ω，選項E錯誤。故選AB。10、AB【解析】

A．在如圖所示的電場中EA＞EO＞EB，且電場方向都水平向右，故A正確；B．由于B、D兩點關(guān)于O點對稱，因此其場強(qiáng)大小相等，方向均水平向右，中垂線為零等勢線，故B正確；C．電子由B沿B→C運動到C過程中，靠近負(fù)電荷遠(yuǎn)離正電荷，因此電場力做負(fù)功，電勢能增大，沿C→D運動到D過程中，靠近正電荷遠(yuǎn)離負(fù)電荷，電場力做正功，電勢能減小，故整個過程中電勢能先增大后減小，故C錯誤；D．圖中兩電荷連線電場方向水平向右，即由A指向C，質(zhì)子受電場力水平向右，故質(zhì)子由C點沿C→O→A路徑移至A點過程中電場力做負(fù)功，故D錯誤。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、CPOPADE【解析】

(1)[1]小球離開軌道后做平拋運動，由于小球拋出點的高度相等，它們在空中的運動時間相等，小球的水平位移與小球的初速度成正比，可以用小球的水平位移代替其初速度，即測量射程，故C正確。(2)[2][3][4]和碰撞后，的動能減小，則速度減小，落點在M，碰撞后速度比更大，落點在N，沒有發(fā)生碰撞時，的落點在P；驗證動量守恒定律實驗中，質(zhì)量可測，而瞬時速度較難測得。因此采用了落地高度不變的情況下，水平射程來反映平拋的初速度大小，所以僅測量小球拋出的水平射程來間接測出速度。所以要先讓入射球m1多次從斜軌上S位置由靜止釋放，找到其平均落地點的位置P，測量平拋射程OP。要驗證動量守恒定律定律，即驗證小球離開軌道后做平拋運動，它們拋出點的高度相等，在空中的運動時間t相等，上式兩邊同時乘以t得得因此實驗需要測量：兩球的質(zhì)量、小球的水平位移，為了測量位移，應(yīng)找出落點位置；故ADE正確，BC錯誤。故選ADE。(3)[5][6]由(2)知，實驗需要驗證如果碰撞過程機(jī)械能守恒，則兩邊同時乘以得則可得12、小于f甲【解析】

（1）根據(jù)電路圖連接實物圖如答案所示．注意不要將正負(fù)極連接錯誤．（2）根據(jù)歐姆定律可知測得的電阻是待測電阻與電壓表的并聯(lián)電阻，所以測量值小于真實值．（3）在電路圖中閉合開關(guān)S，電流表、電壓表均有示數(shù)，但無論怎樣移動變阻器滑動片，總不能使電壓表的示數(shù)調(diào)為零．說明電路沒斷，即f點出現(xiàn)問題．（4）處理圖像如答案，注意不要連成折線．（5）I-U圖線上某點的電阻即斜率的倒數(shù)才是電阻，即甲同學(xué)說法正確．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）第一、二象限中電場的電場強(qiáng)度大小E為0.2N/C，方向：豎直向上．（2）第三、四象限中磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B為4×10﹣3T．（3）t=5.5×10﹣3s時粒子的位置坐標(biāo)為：（﹣40cm，5cm）．【解析】（1）粒子在第一象限內(nèi)做類平拋運動，粒子向y軸負(fù)方向偏轉(zhuǎn)，粒子所受電場力豎直向下，由于粒子帶負(fù)電，則電場強(qiáng)度豎直向上；粒子做類平拋運動，水平方向：x=xP﹣xA=v0t1，在豎直方向：y=yP=12at12，加速度：a=qE解得：E=0.2N/V，t1=1×10﹣3s；（2）粒子在A點沿y軸負(fù)方向的速度：vy=at1，解得：vy=100m/s，粒子的速度：v=v02+vy2粒子運動軌跡如圖所示：由幾何知識得：xA=2r，軌道半徑：r=220粒子在第四象限做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：qvB=mv解得：B=4×10﹣3T；（3）粒子在磁場中從A到O恰好運動四分之一圓周，運動時間：t2=T/4=πm2qB，解得：t2=7.5×10﹣4粒子在第二象限中，從O運動到Q點所用時間也為t1，粒子從P到Q運動的總時間：t=2t