2024年1月浙江省普通高校招生選考物理試題（解析版）

2024年高考真題PAGEPAGE12024年1月浙江省普通高校招生選考科目考試考生注意：1.答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用黑色字跡的簽字筆或鋼筆分別填寫在試題卷和答題紙規(guī)定的位置上。2.答題時，請按照答題紙上“注意事項”的要求，在答題紙相應的位置上規(guī)范作答，在本試題卷上的作答一律無效。3.非選擇題的〖答案〗必須使用黑色字跡的簽字筆或鋼筆寫在答題紙上相應區(qū)域內，作圖時可先使用2B鉛筆，確定后必須使用黑色字跡的簽字筆或鋼筆描黑。4.可能用到的相關參數(shù)：重力加速度g取。選擇題部分一、選擇題Ⅰ（本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個備選項中只有一個是符合題目要求的，不選、多選、錯選均不得分）1.下列屬于國際單位制基本單位符號的是（）A.s B.N C.F D.T〖答案〗A〖解析〗【詳析】國際單位制中的基本單位分別是：長度的單位是米，符號m；質量的單位是千克，符號kg；時間的單位是秒，符號s；電流的單位是安培，符號是A；熱力學溫度的單位是開爾文，符號K；物質的量單位是摩爾，符號mol；發(fā)光強度的單位是坎德拉，符號cd。故選A。2.杭州亞運會順利舉行，如圖所示為運動會中的四個比賽場景。在下列研究中可將運動員視為質點的是（）A.研究甲圖運動員的入水動作B.研究乙圖運動員的空中轉體姿態(tài)C.研究丙圖運動員在百米比賽中的平均速度D.研究丁圖運動員通過某個攀巖支點的動作〖答案〗C〖解析〗【詳析】A．研究甲圖運動員的入水動作時，運動員的形狀和體積對所研究問題的影響不能夠忽略，此時運動員不能夠看為質點，故A錯誤；B．研究乙圖運動員的空中轉體姿態(tài)時，運動員的形狀和體積對所研究問題的影響不能夠忽略，此時運動員不能夠看為質點，故B錯誤；C．研究丙圖運動員在百米比賽中的平均速度時，運動員的形狀和體積對所研究問題的影響能夠忽略，此時運動員能夠看為質點，故C正確；D．研究丁圖運動員通過某個攀巖支點的動作時，運動員的形狀和體積對所研究問題的影響不能夠忽略，此時運動員不能夠看為質點，故D錯誤。故選C。3.如圖所示，質量為m的足球從水平地面上位置1被踢出后落在位置3，在空中達到最高點2的高度為h，則足球（）A.從1到2動能減少 B.從1到2重力勢能增加C.從2到3動能增加 D.從2到3機械能不變〖答案〗B〖解析〗【詳析】AB．由足球的運動軌跡可知，足球在空中運動時一定受到空氣阻力作用，則從從1到2重力勢能增加，則1到2動能減少量大于，A錯誤，B正確；CD．從2到3由于空氣阻力作用，則機械能減小，重力勢能減小mgh，則動能增加小于，選項CD錯誤。故選B。4.磁電式電表原理示意圖如圖所示，兩磁極裝有極靴，極靴中間還有一個用軟鐵制成的圓柱。極靴與圓柱間的磁場都沿半徑方向，兩者之間有可轉動的線圈。a、b、c和d為磁場中的四個點。下列說法正確的是（）A.圖示左側通電導線受到安培力向下 B.a、b兩點的磁感應強度相同C.圓柱內的磁感應強度處處為零 D.c、d兩點的磁感應強度大小相等〖答案〗A〖解析〗【詳析】A．由左手定則可知，圖示左側通電導線受到安培力向下，選項A正確；B．a(chǎn)、b兩點的磁感應強度大小相同，但是方向不同，選項B錯誤；C．磁感線是閉合的曲線，則圓柱內的磁感應強度不為零，選項C錯誤；D．因c點處的磁感線較d點密集，可知c點的磁感應強度大于d點的磁感應強度，選項D錯誤。故選A5.如圖為某燃氣灶點火裝置的原理圖。直流電經(jīng)轉換器輸出的交流電，經(jīng)原、副線圈匝數(shù)分別為和的變壓器升壓至峰值大于，就會在打火針和金屬板間引發(fā)電火花，實現(xiàn)點火。下列正確的是（）A.B.C.用電壓表測原線圈兩端電壓，示數(shù)為D.副線圈輸出交流電壓的頻率是〖答案〗B〖解析〗【詳析】AB．原線圈兩端電壓的有效值根據(jù)電壓匝數(shù)關系有變壓器副線圈電壓的峰值根據(jù)題意有解得，故A錯誤，B正確；C．用電壓表測原線圈兩端電壓，電壓表測的是有效值，則示數(shù)為故C錯誤；D．根據(jù)解得變壓器不改變頻率，則副線圈輸出交流電壓的頻率是，故D錯誤。故選B。6.如圖所示，在同一豎直平面內，小球A、B上系有不可伸長的細線a、b、c和d，其中a的上端懸掛于豎直固定的支架上，d跨過左側定滑輪、c跨過右側定滑輪分別與相同配重P、Q相連，調節(jié)左、右兩側定滑輪高度達到平衡。已知小球A、B和配重P、Q質量均為，細線c、d平行且與水平成（不計摩擦，重力加速度g=10m/s2），則細線a、b的拉力分別為（）A.， B.， C.， D.，〖答案〗D〖解析〗【詳析】由題意可知細線c對A的拉力和細線d對B的拉力大小相等、方向相反，對A、B整體分析可知細線a的拉力大小為設細線b與水平方向夾角為α，對A、B分析分別有解得故選D。7.已知氘核質量為，氚核質量為，氦核質量為，中子質量為，阿伏加德羅常數(shù)取，氘核摩爾質量為，相當于。關于氘與氚聚變成氦，下列說法正確的是（）A.核反應方程式為B.氘核的比結合能比氦核的大C.氘核與氚核的間距達到就能發(fā)生核聚變D.氘完全參與聚變釋放出能量的數(shù)量級為〖答案〗D〖解析〗【詳析】A．核反應方程式為故A錯誤；B．氘核的比結合能比氦核的小，故B錯誤；C．氘核與氚核發(fā)生核聚變，要使它們間的距離達到以內，故C錯誤；D．一個氘核與一個氚核聚變反應質量虧損聚變反應釋放的能量是氘完全參與聚變釋放出能量數(shù)量級為，故D正確。故選D。8.如圖所示，小明取山泉水時發(fā)現(xiàn)水平細水管到水平地面的距離為水桶高的兩倍，在地面上平移水桶，水恰好從桶口中心無阻擋地落到桶底邊沿A。已知桶高為h，直徑為D，則水離開出水口的速度大小為（）A. B.C. D.〖答案〗C〖解析〗【詳析】設出水孔到水桶中心距離為x，則落到桶底A點時解得故選C。9.如圖所示，2023年12月9日“朱雀二號”運載火箭順利將“鴻鵠衛(wèi)星”等三顆衛(wèi)星送入距離地面約的軌道。取地球質量，地球半徑，引力常量。下列說法正確的是（）A.火箭的推力是空氣施加的 B.衛(wèi)星的向心加速度大小約C.衛(wèi)星運行的周期約 D.發(fā)射升空初始階段，裝在火箭上部的衛(wèi)星處于失重狀態(tài)〖答案〗B〖解析〗【詳析】A．根據(jù)反沖現(xiàn)象的原理可知，火箭向后噴射燃氣的同時，燃氣會給火箭施加反作用力，即推力，故A錯誤；B．根據(jù)萬有引力定律可知衛(wèi)星的向心加速度大小為故B正確；C．衛(wèi)星運行的周期為故C錯誤；D．發(fā)射升空初始階段，火箭加速度方向向上，裝在火箭上部的衛(wèi)星處于超重狀態(tài)，故D錯誤。故選B。10.如圖1所示，質量相等的小球和點光源，分別用相同的彈簧豎直懸掛于同一水平桿上，間距為，豎直懸掛的觀測屏與小球水平間距為，小球和光源做小振幅運動時，在觀測屏上可觀測小球影子的運動。以豎直向上為正方向，小球和光源的振動圖像如圖2所示，則（）A.時刻小球向上運動 B.時刻光源的加速度向上C.時刻小球與影子相位差為 D.時刻影子的位移為〖答案〗D〖解析〗【詳析】A．以豎直向上為正方向，根據(jù)圖2可知，時刻，小球位于平衡位置，隨后位移為負值，且位移增大，可知，時刻小球向下運動，故A錯誤；B．以豎直向上為正方向，時刻光源的位移為正值，光源振動圖像為正弦式，表明其做簡諧運動，根據(jù)可知，其加速度方向與位移方向相反，位移方向向上，則加速度方向向下，故B錯誤；C．根據(jù)圖2可知，小球與光源的振動步調總是相反，由于影子是光源發(fā)出的光被小球遮擋后，在屏上留下的陰影，可知，影子與小球的振動步調總是相同，即時刻小球與影子相位差為0，故C錯誤；D．根據(jù)圖2可知，時刻，光源位于最低點，小球位于最高點，根據(jù)直線傳播能夠在屏上影子的位置也處于最高點，影子位于正方向上的最大位移處，根據(jù)幾何關系有解得即時刻影子的位移為5A，故D正確。故選D。11.如圖所示，金屬極板M受到紫外線照射會逸出光電子，最大速率為。正對M放置一金屬網(wǎng)N，在M、N之間加恒定電壓U。已知M、N間距為d（遠小于板長），電子的質量為m，電荷量為e，則（）A.M、N間距離增大時電子到達N的動能也增大B.只有沿x方向逸出的電子到達N時才有最大動能C.電子從M到N過程中y方向位移大小最大為D.M、N間加反向電壓時電流表示數(shù)恰好為零〖答案〗C〖解析〗【詳析】AB．根據(jù)動能定理，從金屬板M上逸出的光電子到到達N板時則到達N板時的動能為與兩極板間距無關，與電子從金屬板中逸出的方向無關，選項AB錯誤；C．平行極板M射出的電子到達N板時在y方向的位移最大，則電子從M到N過程中y方向最大位移為解得選項C正確；D．M、N間加反向電壓電流表示數(shù)恰好為零時，則解得選項D錯誤。故選C。12.氫原子光譜按頻率展開的譜線如圖所示，此四條譜線滿足巴耳末公式，n=3、4、5、6用和光進行如下實驗研究，則（）A.照射同一單縫衍射裝置，光的中央明條紋寬度寬B.以相同的入射角斜射入同一平行玻璃磚，光的側移量小C.以相同功率發(fā)射的細光束，真空中單位長度上光的平均光子數(shù)多D.相同光強的光分別照射同一光電效應裝置，光的飽和光電流小〖答案〗C〖解析〗【詳析】A．根據(jù)巴耳末公式可知，光的波長較長。波長越長，越容易發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象，故照射同一單縫衍射裝置，光的中央明條紋寬度寬，故A錯誤；B．光的波長較長，根據(jù)可知光的頻率較小，則光的折射率較小，在平行玻璃磚的偏折較小，光的側移量小，故B錯誤；C．光的頻率較小，光的光子能量較小，以相同功率發(fā)射的細光束，光的光子數(shù)較多，真空中單位長度上光的平均光子數(shù)多，故C正確；D．若、光均能發(fā)生光電效應，相同光強的光分別照射同一光電效應裝置，光的頻率較小，光的光子能量較小，光的光子數(shù)較多，則光的飽和光電流大，光的飽和光電流小，故D錯誤。故選C。13.若通以電流I的圓形線圈在線圈內產(chǎn)生的磁場近似為方向垂直線圈平面的勻強磁場，其大?。╧的數(shù)量級為）?，F(xiàn)有橫截面半徑為的導線構成半徑為的圓形線圈處于超導狀態(tài)，其電阻率上限為。開始時線圈通有的電流，則線圈的感應電動勢大小的數(shù)量級和一年后電流減小量的數(shù)量級分別為（）A.， B.， C.， D.，〖答案〗D〖解析〗【詳析】線圈中電流的減小將在線圈內導致自感電動勢，故其中L代表線圈的自感系數(shù)，有在計算通過線圈的磁通量時，以導線附近即處的B為最大，而該處B又可把線圈當成無限長載流導線所產(chǎn)生的，根據(jù)題意則根據(jù)電阻定律有聯(lián)立解得A，V則線圈的感應電動勢大小的數(shù)量級和一年后電流減小量的數(shù)量級分別為，。故選D。二、選擇題Ⅱ（本題共2小題，每小題3分，共6分。每小題列出的四個備選項中至少有一個是符合題目要求的。全部選對的得3分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分）14.下列說法正確的是（）A.相同溫度下，黑體吸收能力最強，但輻射能力最弱B.具有相同動能的中子和電子，其德布羅意波長相同C.電磁場是真實存在的物質，電磁波具有動量和能量D.自然光經(jīng)玻璃表面反射后，透過偏振片觀察，轉動偏振片時可觀察到明暗變化〖答案〗CD〖解析〗【詳析】A．相同溫度下，黑體吸收和輻射能力最強，故A錯誤；B．根據(jù)具有相同動能的中子和電子，電子質量較小，德布羅意波長較長，故B錯誤；C．電磁場是真實存在的物質，電磁波具有動量和能量，故C正確；D．自然光在玻璃、水面等表面反射時，反射光可視為偏振光，透過偏振片觀察，轉動偏振片時能觀察到明暗變化，故D正確。故選CD。15.在如圖所示的直角坐標系中，平面為介質Ⅰ和Ⅱ的分界面（z軸垂直紙面向外）。在介質I中的（0，）處有一點波源，產(chǎn)生波長為、速度為v的波。波傳到介質Ⅱ中，其速度為，圖示時刻介質Ⅱ中僅有一個波峰，與x軸和y軸分別交于R和S點，此時波源也恰好位于波峰。M為O、R連線的中點，入射波與反射波在O點相干加強，則（）A.介質Ⅱ中波的頻率為 B.S點的坐標為（0，）C.入射波與反射波在M點相干減弱 D.折射角的正弦值〖答案〗BD〖解析〗【詳析】A．波從一種介質到另一種介質，頻率不變，故介質Ⅱ中波的頻率為故A錯誤；B．在介質Ⅱ中波長為由于圖示時刻介質Ⅱ中僅有一個波峰，與x軸和y軸分別交于R和S點，故S點的坐標為（0，），故B正確；C．由于S為波峰，且波傳到介質Ⅱ中，其速度為圖示時刻介質Ⅱ中僅有一個波峰，與x軸和y軸分別交于R和S點，則R也為波峰，故P到R比P到O多一個波峰，則則由于故不在減弱點，故C錯誤；D．根據(jù)則解得故D正確。故選BD。非選擇題部分三、非選擇題（本題共5小題，共55分）16.如圖1所示是“探究加速度與力、質量的關系”的實驗裝置。（1）該實驗中同時研究三個物理量間關系是很困難的，因此我們采用的研究方法是_____；A.放大法B.控制變量法C.補償法（2）該實驗過程中操作正確的是____；A.補償阻力時小車未連接紙帶B.先接通打點計時器電源，后釋放小車C.調節(jié)滑輪高度使細繩與水平桌面平行（3）在小車質量___（選填“遠大于”或“遠小于”）槽碼質量時，可以認為細繩拉力近似等于槽碼的重力。上述做法引起的誤差為___（選填“偶然誤差”或“系統(tǒng)誤差”）。為減小此誤差，下列可行的方案是___；A.用氣墊導軌代替普通導軌，滑塊代替小車B.在小車上加裝遮光條，用光電計時系統(tǒng)代替打點計時器C.在小車與細繩之間加裝力傳感器，測出小車所受拉力大小（4）經(jīng)正確操作后獲得一條如圖2所示的紙帶，建立以計數(shù)點0為坐標原點的x軸，各計數(shù)點的位置坐標分別為0、、、。已知打點計時器的打點周期為T，則打計數(shù)點5時小車速度的表達式___；小車加速度的表達式是___。A.B.C.〖答案〗①.B②.B③.遠大于④.系統(tǒng)誤差⑤.C⑥.⑦.A〖解析〗【詳析】（1）[1]該實驗中同時研究三個物理量間關系是很困難的，因此我們可以控制其中一個物理量不變，研究另外兩個物理量之間的關系，即采用了控制變量法。故選B。（2）[2]A．補償阻力時小車需要連接紙帶，一方面是需要連同紙帶所受的阻力一并平衡，另外一方面是通過紙帶上的點間距判斷小車是否在長木板上做勻速直線運動，故A錯誤；B．由于小車速度較快，且運動距離有限，打出的紙帶長度也有限，為了能在長度有限的紙帶上盡可能多地獲取間距適當?shù)臄?shù)據(jù)點，實驗時應先接通打點計時器電源，后釋放小車，故B正確；C．為使小車所受拉力與速度同向，應調節(jié)滑輪高度使細繩與長木板平行，故C錯誤。故選B。（3）[3]設小車質量為M，槽碼質量為m。對小車和槽碼根據(jù)牛頓第二定律分別有聯(lián)立解得由上式可知在小車質量遠大于槽碼質量時，可以認為細繩拉力近似等于槽碼的重力。[4]上述做法引起的誤差是由于實驗方法或原理不完善造成的，屬于系統(tǒng)誤差。[5]該誤差是將細繩拉力用槽碼重力近似替代所引入的，不是由于車與木板間存在阻力（實驗中已經(jīng)補償了阻力）或是速度測量精度低造成的，為減小此誤差，可在小車與細繩之間加裝力傳感器，測出小車所受拉力大小。故選C。（4）[6]相鄰兩計數(shù)點間的時間間隔為打計數(shù)點5時小車速度的表達式為[7]根據(jù)逐差法可得小車加速度的表達式是故選A。17.在“觀察電容器的充、放電現(xiàn)象”實驗中，把電阻箱（）、一節(jié)干電池、微安表（量程，零刻度在中間位置）、電容器（、）、單刀雙擲開關組裝成如圖1所示的實驗電路。（1）把開關S接1，微安表指針迅速向右偏轉后示數(shù)逐漸減小到零：然后把開關S接2，微安表指針偏轉情況是___；A.迅速向右偏轉后示數(shù)逐漸減小B.向右偏轉示數(shù)逐漸增大C.迅速向左偏轉后示數(shù)逐漸減小D.向左偏轉示數(shù)逐漸增大（2）再把電壓表并聯(lián)在電容器兩端，同時觀察電容器充電時電流和電壓變化情況。把開關S接1，微安表指針迅速向右偏轉后示數(shù)逐漸減小到時保持不變；電壓表示數(shù)由零逐漸增大，指針偏轉到如圖2所示位置時保持不變，則電壓表示數(shù)為___V，電壓表的阻值為___（計算結果保留兩位有效數(shù)字）?！即鸢浮舰?C②.0.50③.3.1〖解析〗【詳析】（1）[1]把開關S接1，電容器充電，電流從右向左流過微安表，微安表指針迅速向右偏轉后示數(shù)逐漸減小到零；把開關S接2，電容器放電，電流從左向右流過微安表，則微安表指針迅速向左偏轉后示數(shù)逐漸減小。故選C。（2）[2]由題意可知電壓表應選用0~3V量程，由圖2可知此時分度值0.1V，需要估讀到0.01V，則讀數(shù)為0.50V。[3]當微安表示數(shù)穩(wěn)定時，電容器中不再有電流通過，此時干電池、電阻箱、微安表和電壓表構成回路，根據(jù)閉合電路歐姆定律有根據(jù)串聯(lián)電路規(guī)律有聯(lián)立可得18.在探究熱敏電阻的特性及其應用的實驗中，測得熱敏電阻，在不同溫度時的阻值如下表溫度/℃4.19.014.320.028.038.245.560.4電阻/（）2201601006045302515某同學利用上述熱敏電阻、電動勢（內阻不計）的電源、定值電阻R（阻值有、、三種可供選擇）、控制開關和加熱系統(tǒng)，設計了A、B、C三種電路。因環(huán)境溫度低于，現(xiàn)要求將室內溫度控制在范圍，且1、2兩端電壓大于，控制開關開啟加熱系統(tǒng)加熱，則應選擇的電路是___，定值電阻R的阻值應選___，1、2兩端的電壓小于___V時，自動關閉加熱系統(tǒng)（不考慮控制開關對電路的影響）。A.B.C.〖答案〗①.C②.3③.1.8〖解析〗【詳析】[1]A．電路A，定值電阻和熱敏電阻并聯(lián)，電壓不變，故不能實現(xiàn)電路的控制，故A錯誤；B．定值電阻和熱敏電阻串聯(lián)，溫度越低，熱敏電阻的阻值越大，定值電阻分得電壓越小，無法實現(xiàn)1、2兩端電壓大于，控制開關開啟加熱系統(tǒng)加熱。故B錯誤；C．定值電阻和熱敏電阻串聯(lián)，溫度越低，熱敏電阻的阻值越大，熱敏電阻分得電壓越大，可以實現(xiàn)1、2兩端電壓大于，控制開關開啟加熱系統(tǒng)加熱。故C正確。故選C。[2]由熱敏電阻在不同溫度時的阻值表可知，的阻值為由題意可知解得[3]時關閉加熱系統(tǒng)，此時熱敏電阻阻值為，此時1、2兩點間的電壓為則1、2兩端的電壓小于1.8V時，自動關閉加熱系統(tǒng)。19.如圖所示，一個固定在水平面上的絕熱容器被隔板A分成體積均為的左右兩部分。面積為的絕熱活塞B被鎖定，隔板A的左側為真空，右側中一定質量的理想氣體處于溫度、壓強的狀態(tài)1。抽取隔板A，右側中的氣體就會擴散到左側中，最終達到狀態(tài)2。然后解鎖活塞B，同時施加水平恒力F，仍使其保持靜止，當電阻絲C加熱時，活塞B能緩慢滑動（無摩擦），使氣體達到溫度的狀態(tài)3，氣體內能增加。已知大氣壓強，隔板厚度不計。（1）氣體從狀態(tài)1到狀態(tài)2___（選填“可逆”或“不可逆”）過程，分子平均動能____（選填“增大”、“減小”或“不變”）；（2）求水平恒力F的大??；（3）求電阻絲C放出的熱量Q?！即鸢浮剑?）氣體從狀態(tài)1到狀態(tài)2是不可逆過程，分子平均動能不變；（2）；（3）〖解析〗【詳析】（1）根據(jù)熱力學第二定律可知，氣體從狀態(tài)1到狀態(tài)2是不可逆過程，由于隔板A的左側為真空，可知氣體從狀態(tài)1到狀態(tài)2，氣體不做功，又沒有發(fā)生熱傳遞，所以氣體的內能不變，氣體的溫度不變，分子平均動能不變。（2）氣體從狀態(tài)1到狀態(tài)2發(fā)生等溫變化，則有解得狀態(tài)2氣體的壓強為解鎖活塞B，同時施加水平恒力F，仍使其保持靜止，以活塞B為對象，根據(jù)受力平衡可得解得（3）當電阻絲C加熱時，活塞B能緩慢滑動（無摩擦），使氣體達到溫度的狀態(tài)3，可知氣體做等壓變化，則有可得狀態(tài)3氣體的體積為該過程氣體對外做功為根據(jù)熱力學第一定律可得解得氣體吸收的熱量為可知電阻絲C放出的熱量為20.某固定裝置的豎直截面如圖所示，由傾角的直軌道，半徑的圓弧軌道，長度、傾角為的直軌道，半徑為R、圓心角為的圓弧管道組成，軌道間平滑連接。在軌道末端F的右側光滑水平面上緊靠著質量滑塊b，其上表面與軌道末端F所在的水平面平齊。質量的小物塊a從軌道上高度為h靜止釋放，經(jīng)圓弧軌道滑上軌道，軌道由特殊材料制成，小物塊a向上運動時動摩擦因數(shù)，向下運動時動摩擦因數(shù)，且最大靜摩擦力等于滑動摩擦力。當小物塊a在滑塊b上滑動時動摩擦因數(shù)恒為，小物塊a運動到滑塊右側的豎直擋板能發(fā)生完全彈性碰撞。（其它軌道均光滑，小物塊視為質點，不計空氣阻力，，）（1）若，求小物塊①第一次經(jīng)過C點的向心加速度大?。虎谠谏辖?jīng)過的總路程；③在上向上運動時間和向下運動時間之比。（2）若，滑塊至少多長才能使小物塊不脫離滑塊?！即鸢浮剑?）①16m/s2；②2m；③1∶2；（2）02m〖解析〗【詳析】（1）①對小物塊a從A到第一次經(jīng)過C的過程，根據(jù)機械能守恒定律有第一次經(jīng)過C點的向心加速度大小為②小物塊a在DE上時，因為所以小物塊a每次在DE上升至最高點后一定會下滑，之后經(jīng)過若干次在DE上的滑動使機械能損失，最終小物塊a將在B、D間往復運動，且易知小物塊每次在DE上向上運動和向下運動的距離相等，設其在上經(jīng)過的總路程為s，根據(jù)功能關系有解得③根據(jù)牛頓第二定律可知小物塊a在DE上向上運動和向下運動的加速度大小分別為將小物塊a在DE上的若干次運動等效看作是一次完整的上滑和下滑，則根據(jù)運動學公式有解得（2）對小物塊a從A到F的過程，根據(jù)動能定理有解得設滑塊長度為l時，小物塊恰好不脫離滑塊，且此時二者達到共同速度v，根據(jù)動量守恒定律和能量守恒定律有解得21.如圖1所示，掃描隧道顯微鏡減振裝置由絕緣減振平臺和磁阻尼減振器組成。平臺通過三根關于軸對稱分布的相同輕桿懸掛在輕質彈簧的下端O，彈簧上端固定懸掛在點，三個相同的關于軸對稱放置的減振器位于平臺下方。如圖2所示，每個減振器由通過絕緣輕桿固定在平臺下表面的線圈和固定在桌面上能產(chǎn)生輻向磁場的鐵磁體組成，輻向磁場分布關于線圈中心豎直軸對稱，線圈所在處磁感應強度大小均為B。處于靜止狀態(tài)的平臺受到外界微小擾動，線圈在磁場中做豎直方向的阻尼運動，其位移隨時間變化的圖像如圖3所示。已知時速度為，方向向下，、時刻的振幅分別為，。平臺和三個線圈的總質量為m，彈簧的勁度系數(shù)為k，每個線圈半徑為r、電阻為R。當彈簧形變量為時，其彈性勢能為。不計空氣阻力，求（1）平臺靜止時彈簧的伸長量；（2）時，每個線圈所受到安培力F的大??；（3）在時間內，每個線圈產(chǎn)生的焦耳熱Q；（4）在時間內，彈簧彈力沖量的大小?！即鸢浮剑?）；（2）；（3）；（4）〖解析〗【詳析】（1）平臺靜止時，穿過三個線圈的的磁通量不變，線圈中不產(chǎn)生感應電流，線圈不受到安培力作用，O點受力平衡，因此由胡克定律可知此時彈簧的伸長量（2）在時速度為，設每個線圈的周長為L，由電磁感應定律可得線圈中產(chǎn)生的感應電流每個線圈所受到安培力F的大小（3）由減震器的作用平臺上下不移動，由能量守恒定律可得平臺在時間內，振動時能量的減少量為，由能量守恒定律在時間內，振動時能量的減少轉化為線圈的焦耳熱，可知每個線圈產(chǎn)生的焦耳熱（4）取向上為正方向，全程由動量定理可得其中聯(lián)立解得彈簧彈力沖量的大小為22.類似光學中的反射和折射現(xiàn)象，用磁場或電場調控也能實現(xiàn)質子束的“反射”和“折射”。如圖所示，在豎直平面內有三個平行區(qū)域Ⅰ、Ⅱ和Ⅲ；Ⅰ區(qū)寬度為d，存在磁感應強度大小為B、方向垂直平面向外的勻強磁場，Ⅱ區(qū)的寬度很小。Ⅰ區(qū)和Ⅲ區(qū)電勢處處相等，分別為和，其電勢差。一束質量為m、電荷量為e的質子從O點以入射角射向Ⅰ區(qū)，在P點以出射角射出，實現(xiàn)“反射”；質子束從P點以入射角射入Ⅱ區(qū)，經(jīng)Ⅱ區(qū)“折射”進入Ⅲ區(qū)，其出射方向與法線夾角為“折射”角。已知質子僅在平面內運動，單位時間發(fā)射的質子數(shù)為N，初速度為，不計質子重力，不考慮質子間相互作用以及質子對磁場和電勢分布的影響。（1）若不同角度射向磁場的質子都能實現(xiàn)“反射”，求d的最小值；（2）若，求“折射率”n（入射角正弦與折射角正弦的比值）（3）計算說明如何調控電場，實現(xiàn)質子束從P點進入Ⅱ區(qū)發(fā)生“全反射”（即質子束全部返回Ⅰ區(qū)）（4）在P點下方距離處水平放置一長為的探測板（Q在P的正下方），長為，質子打在探測板上即被吸收中和。若還有另一相同質子束，與原質子束關于法線左右對稱，同時從O點射入Ⅰ區(qū)，且，求探測板受到豎直方向力F的大小與U之間的關系?！即鸢浮剑?）；（2）；（3）；（4）見〖解析〗〖解析〗【詳析】（1）根據(jù)牛頓第二定律不同角度射向磁場的質子都能實現(xiàn)“反射”，d的最小值為（2）設水平方向為方向，豎直方向為方向，方向速度不變，方向速度變小，假設折射角為，根據(jù)動能定理解得根據(jù)速度關系解得（3）全反射的臨界情況：到達Ⅲ區(qū)的時候方向速度為零，即可得即應滿足（4）臨界情況有兩個：1、全部都能打到，2、全部都打不到的情況，根據(jù)幾何關系可得所以如果情況下，折射角小于入射角，兩邊射入的粒子都能打到板上，分情況討論如下：①當時又解得全部都打不到板的情況②根據(jù)幾何知識可知當從Ⅱ區(qū)射出時速度與豎直方向夾角為時，粒子剛好打到D點，水平方向速度為所以又解得即當時③部分能打到的情況，根據(jù)上述分析可知條件為（），此時僅有O點右側的一束粒子能打到板上，因此又解得2024年1月浙江省普通高校招生選考科目考試考生注意：1.答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用黑色字跡的簽字筆或鋼筆分別填寫在試題卷和答題紙規(guī)定的位置上。2.答題時，請按照答題紙上“注意事項”的要求，在答題紙相應的位置上規(guī)范作答，在本試題卷上的作答一律無效。3.非選擇題的〖答案〗必須使用黑色字跡的簽字筆或鋼筆寫在答題紙上相應區(qū)域內，作圖時可先使用2B鉛筆，確定后必須使用黑色字跡的簽字筆或鋼筆描黑。4.可能用到的相關參數(shù)：重力加速度g取。選擇題部分一、選擇題Ⅰ（本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個備選項中只有一個是符合題目要求的，不選、多選、錯選均不得分）1.下列屬于國際單位制基本單位符號的是（）A.s B.N C.F D.T〖答案〗A〖解析〗【詳析】國際單位制中的基本單位分別是：長度的單位是米，符號m；質量的單位是千克，符號kg；時間的單位是秒，符號s；電流的單位是安培，符號是A；熱力學溫度的單位是開爾文，符號K；物質的量單位是摩爾，符號mol；發(fā)光強度的單位是坎德拉，符號cd。故選A。2.杭州亞運會順利舉行，如圖所示為運動會中的四個比賽場景。在下列研究中可將運動員視為質點的是（）A.研究甲圖運動員的入水動作B.研究乙圖運動員的空中轉體姿態(tài)C.研究丙圖運動員在百米比賽中的平均速度D.研究丁圖運動員通過某個攀巖支點的動作〖答案〗C〖解析〗【詳析】A．研究甲圖運動員的入水動作時，運動員的形狀和體積對所研究問題的影響不能夠忽略，此時運動員不能夠看為質點，故A錯誤；B．研究乙圖運動員的空中轉體姿態(tài)時，運動員的形狀和體積對所研究問題的影響不能夠忽略，此時運動員不能夠看為質點，故B錯誤；C．研究丙圖運動員在百米比賽中的平均速度時，運動員的形狀和體積對所研究問題的影響能夠忽略，此時運動員能夠看為質點，故C正確；D．研究丁圖運動員通過某個攀巖支點的動作時，運動員的形狀和體積對所研究問題的影響不能夠忽略，此時運動員不能夠看為質點，故D錯誤。故選C。3.如圖所示，質量為m的足球從水平地面上位置1被踢出后落在位置3，在空中達到最高點2的高度為h，則足球（）A.從1到2動能減少 B.從1到2重力勢能增加C.從2到3動能增加 D.從2到3機械能不變〖答案〗B〖解析〗【詳析】AB．由足球的運動軌跡可知，足球在空中運動時一定受到空氣阻力作用，則從從1到2重力勢能增加，則1到2動能減少量大于，A錯誤，B正確；CD．從2到3由于空氣阻力作用，則機械能減小，重力勢能減小mgh，則動能增加小于，選項CD錯誤。故選B。4.磁電式電表原理示意圖如圖所示，兩磁極裝有極靴，極靴中間還有一個用軟鐵制成的圓柱。極靴與圓柱間的磁場都沿半徑方向，兩者之間有可轉動的線圈。a、b、c和d為磁場中的四個點。下列說法正確的是（）A.圖示左側通電導線受到安培力向下 B.a、b兩點的磁感應強度相同C.圓柱內的磁感應強度處處為零 D.c、d兩點的磁感應強度大小相等〖答案〗A〖解析〗【詳析】A．由左手定則可知，圖示左側通電導線受到安培力向下，選項A正確；B．a(chǎn)、b兩點的磁感應強度大小相同，但是方向不同，選項B錯誤；C．磁感線是閉合的曲線，則圓柱內的磁感應強度不為零，選項C錯誤；D．因c點處的磁感線較d點密集，可知c點的磁感應強度大于d點的磁感應強度，選項D錯誤。故選A5.如圖為某燃氣灶點火裝置的原理圖。直流電經(jīng)轉換器輸出的交流電，經(jīng)原、副線圈匝數(shù)分別為和的變壓器升壓至峰值大于，就會在打火針和金屬板間引發(fā)電火花，實現(xiàn)點火。下列正確的是（）A.B.C.用電壓表測原線圈兩端電壓，示數(shù)為D.副線圈輸出交流電壓的頻率是〖答案〗B〖解析〗【詳析】AB．原線圈兩端電壓的有效值根據(jù)電壓匝數(shù)關系有變壓器副線圈電壓的峰值根據(jù)題意有解得，故A錯誤，B正確；C．用電壓表測原線圈兩端電壓，電壓表測的是有效值，則示數(shù)為故C錯誤；D．根據(jù)解得變壓器不改變頻率，則副線圈輸出交流電壓的頻率是，故D錯誤。故選B。6.如圖所示，在同一豎直平面內，小球A、B上系有不可伸長的細線a、b、c和d，其中a的上端懸掛于豎直固定的支架上，d跨過左側定滑輪、c跨過右側定滑輪分別與相同配重P、Q相連，調節(jié)左、右兩側定滑輪高度達到平衡。已知小球A、B和配重P、Q質量均為，細線c、d平行且與水平成（不計摩擦，重力加速度g=10m/s2），則細線a、b的拉力分別為（）A.， B.， C.， D.，〖答案〗D〖解析〗【詳析】由題意可知細線c對A的拉力和細線d對B的拉力大小相等、方向相反，對A、B整體分析可知細線a的拉力大小為設細線b與水平方向夾角為α，對A、B分析分別有解得故選D。7.已知氘核質量為，氚核質量為，氦核質量為，中子質量為，阿伏加德羅常數(shù)取，氘核摩爾質量為，相當于。關于氘與氚聚變成氦，下列說法正確的是（）A.核反應方程式為B.氘核的比結合能比氦核的大C.氘核與氚核的間距達到就能發(fā)生核聚變D.氘完全參與聚變釋放出能量的數(shù)量級為〖答案〗D〖解析〗【詳析】A．核反應方程式為故A錯誤；B．氘核的比結合能比氦核的小，故B錯誤；C．氘核與氚核發(fā)生核聚變，要使它們間的距離達到以內，故C錯誤；D．一個氘核與一個氚核聚變反應質量虧損聚變反應釋放的能量是氘完全參與聚變釋放出能量數(shù)量級為，故D正確。故選D。8.如圖所示，小明取山泉水時發(fā)現(xiàn)水平細水管到水平地面的距離為水桶高的兩倍，在地面上平移水桶，水恰好從桶口中心無阻擋地落到桶底邊沿A。已知桶高為h，直徑為D，則水離開出水口的速度大小為（）A. B.C. D.〖答案〗C〖解析〗【詳析】設出水孔到水桶中心距離為x，則落到桶底A點時解得故選C。9.如圖所示，2023年12月9日“朱雀二號”運載火箭順利將“鴻鵠衛(wèi)星”等三顆衛(wèi)星送入距離地面約的軌道。取地球質量，地球半徑，引力常量。下列說法正確的是（）A.火箭的推力是空氣施加的 B.衛(wèi)星的向心加速度大小約C.衛(wèi)星運行的周期約 D.發(fā)射升空初始階段，裝在火箭上部的衛(wèi)星處于失重狀態(tài)〖答案〗B〖解析〗【詳析】A．根據(jù)反沖現(xiàn)象的原理可知，火箭向后噴射燃氣的同時，燃氣會給火箭施加反作用力，即推力，故A錯誤；B．根據(jù)萬有引力定律可知衛(wèi)星的向心加速度大小為故B正確；C．衛(wèi)星運行的周期為故C錯誤；D．發(fā)射升空初始階段，火箭加速度方向向上，裝在火箭上部的衛(wèi)星處于超重狀態(tài)，故D錯誤。故選B。10.如圖1所示，質量相等的小球和點光源，分別用相同的彈簧豎直懸掛于同一水平桿上，間距為，豎直懸掛的觀測屏與小球水平間距為，小球和光源做小振幅運動時，在觀測屏上可觀測小球影子的運動。以豎直向上為正方向，小球和光源的振動圖像如圖2所示，則（）A.時刻小球向上運動 B.時刻光源的加速度向上C.時刻小球與影子相位差為 D.時刻影子的位移為〖答案〗D〖解析〗【詳析】A．以豎直向上為正方向，根據(jù)圖2可知，時刻，小球位于平衡位置，隨后位移為負值，且位移增大，可知，時刻小球向下運動，故A錯誤；B．以豎直向上為正方向，時刻光源的位移為正值，光源振動圖像為正弦式，表明其做簡諧運動，根據(jù)可知，其加速度方向與位移方向相反，位移方向向上，則加速度方向向下，故B錯誤；C．根據(jù)圖2可知，小球與光源的振動步調總是相反，由于影子是光源發(fā)出的光被小球遮擋后，在屏上留下的陰影，可知，影子與小球的振動步調總是相同，即時刻小球與影子相位差為0，故C錯誤；D．根據(jù)圖2可知，時刻，光源位于最低點，小球位于最高點，根據(jù)直線傳播能夠在屏上影子的位置也處于最高點，影子位于正方向上的最大位移處，根據(jù)幾何關系有解得即時刻影子的位移為5A，故D正確。故選D。11.如圖所示，金屬極板M受到紫外線照射會逸出光電子，最大速率為。正對M放置一金屬網(wǎng)N，在M、N之間加恒定電壓U。已知M、N間距為d（遠小于板長），電子的質量為m，電荷量為e，則（）A.M、N間距離增大時電子到達N的動能也增大B.只有沿x方向逸出的電子到達N時才有最大動能C.電子從M到N過程中y方向位移大小最大為D.M、N間加反向電壓時電流表示數(shù)恰好為零〖答案〗C〖解析〗【詳析】AB．根據(jù)動能定理，從金屬板M上逸出的光電子到到達N板時則到達N板時的動能為與兩極板間距無關，與電子從金屬板中逸出的方向無關，選項AB錯誤；C．平行極板M射出的電子到達N板時在y方向的位移最大，則電子從M到N過程中y方向最大位移為解得選項C正確；D．M、N間加反向電壓電流表示數(shù)恰好為零時，則解得選項D錯誤。故選C。12.氫原子光譜按頻率展開的譜線如圖所示，此四條譜線滿足巴耳末公式，n=3、4、5、6用和光進行如下實驗研究，則（）A.照射同一單縫衍射裝置，光的中央明條紋寬度寬B.以相同的入射角斜射入同一平行玻璃磚，光的側移量小C.以相同功率發(fā)射的細光束，真空中單位長度上光的平均光子數(shù)多D.相同光強的光分別照射同一光電效應裝置，光的飽和光電流小〖答案〗C〖解析〗【詳析】A．根據(jù)巴耳末公式可知，光的波長較長。波長越長，越容易發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象，故照射同一單縫衍射裝置，光的中央明條紋寬度寬，故A錯誤；B．光的波長較長，根據(jù)可知光的頻率較小，則光的折射率較小，在平行玻璃磚的偏折較小，光的側移量小，故B錯誤；C．光的頻率較小，光的光子能量較小，以相同功率發(fā)射的細光束，光的光子數(shù)較多，真空中單位長度上光的平均光子數(shù)多，故C正確；D．若、光均能發(fā)生光電效應，相同光強的光分別照射同一光電效應裝置，光的頻率較小，光的光子能量較小，光的光子數(shù)較多，則光的飽和光電流大，光的飽和光電流小，故D錯誤。故選C。13.若通以電流I的圓形線圈在線圈內產(chǎn)生的磁場近似為方向垂直線圈平面的勻強磁場，其大?。╧的數(shù)量級為）。現(xiàn)有橫截面半徑為的導線構成半徑為的圓形線圈處于超導狀態(tài)，其電阻率上限為。開始時線圈通有的電流，則線圈的感應電動勢大小的數(shù)量級和一年后電流減小量的數(shù)量級分別為（）A.， B.， C.， D.，〖答案〗D〖解析〗【詳析】線圈中電流的減小將在線圈內導致自感電動勢，故其中L代表線圈的自感系數(shù)，有在計算通過線圈的磁通量時，以導線附近即處的B為最大，而該處B又可把線圈當成無限長載流導線所產(chǎn)生的，根據(jù)題意則根據(jù)電阻定律有聯(lián)立解得A，V則線圈的感應電動勢大小的數(shù)量級和一年后電流減小量的數(shù)量級分別為，。故選D。二、選擇題Ⅱ（本題共2小題，每小題3分，共6分。每小題列出的四個備選項中至少有一個是符合題目要求的。全部選對的得3分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分）14.下列說法正確的是（）A.相同溫度下，黑體吸收能力最強，但輻射能力最弱B.具有相同動能的中子和電子，其德布羅意波長相同C.電磁場是真實存在的物質，電磁波具有動量和能量D.自然光經(jīng)玻璃表面反射后，透過偏振片觀察，轉動偏振片時可觀察到明暗變化〖答案〗CD〖解析〗【詳析】A．相同溫度下，黑體吸收和輻射能力最強，故A錯誤；B．根據(jù)具有相同動能的中子和電子，電子質量較小，德布羅意波長較長，故B錯誤；C．電磁場是真實存在的物質，電磁波具有動量和能量，故C正確；D．自然光在玻璃、水面等表面反射時，反射光可視為偏振光，透過偏振片觀察，轉動偏振片時能觀察到明暗變化，故D正確。故選CD。15.在如圖所示的直角坐標系中，平面為介質Ⅰ和Ⅱ的分界面（z軸垂直紙面向外）。在介質I中的（0，）處有一點波源，產(chǎn)生波長為、速度為v的波。波傳到介質Ⅱ中，其速度為，圖示時刻介質Ⅱ中僅有一個波峰，與x軸和y軸分別交于R和S點，此時波源也恰好位于波峰。M為O、R連線的中點，入射波與反射波在O點相干加強，則（）A.介質Ⅱ中波的頻率為 B.S點的坐標為（0，）C.入射波與反射波在M點相干減弱 D.折射角的正弦值〖答案〗BD〖解析〗【詳析】A．波從一種介質到另一種介質，頻率不變，故介質Ⅱ中波的頻率為故A錯誤；B．在介質Ⅱ中波長為由于圖示時刻介質Ⅱ中僅有一個波峰，與x軸和y軸分別交于R和S點，故S點的坐標為（0，），故B正確；C．由于S為波峰，且波傳到介質Ⅱ中，其速度為圖示時刻介質Ⅱ中僅有一個波峰，與x軸和y軸分別交于R和S點，則R也為波峰，故P到R比P到O多一個波峰，則則由于故不在減弱點，故C錯誤；D．根據(jù)則解得故D正確。故選BD。非選擇題部分三、非選擇題（本題共5小題，共55分）16.如圖1所示是“探究加速度與力、質量的關系”的實驗裝置。（1）該實驗中同時研究三個物理量間關系是很困難的，因此我們采用的研究方法是_____；A.放大法B.控制變量法C.補償法（2）該實驗過程中操作正確的是____；A.補償阻力時小車未連接紙帶B.先接通打點計時器電源，后釋放小車C.調節(jié)滑輪高度使細繩與水平桌面平行（3）在小車質量___（選填“遠大于”或“遠小于”）槽碼質量時，可以認為細繩拉力近似等于槽碼的重力。上述做法引起的誤差為___（選填“偶然誤差”或“系統(tǒng)誤差”）。為減小此誤差，下列可行的方案是___；A.用氣墊導軌代替普通導軌，滑塊代替小車B.在小車上加裝遮光條，用光電計時系統(tǒng)代替打點計時器C.在小車與細繩之間加裝力傳感器，測出小車所受拉力大?。?）經(jīng)正確操作后獲得一條如圖2所示的紙帶，建立以計數(shù)點0為坐標原點的x軸，各計數(shù)點的位置坐標分別為0、、、。已知打點計時器的打點周期為T，則打計數(shù)點5時小車速度的表達式___；小車加速度的表達式是___。A.B.C.〖答案〗①.B②.B③.遠大于④.系統(tǒng)誤差⑤.C⑥.⑦.A〖解析〗【詳析】（1）[1]該實驗中同時研究三個物理量間關系是很困難的，因此我們可以控制其中一個物理量不變，研究另外兩個物理量之間的關系，即采用了控制變量法。故選B。（2）[2]A．補償阻力時小車需要連接紙帶，一方面是需要連同紙帶所受的阻力一并平衡，另外一方面是通過紙帶上的點間距判斷小車是否在長木板上做勻速直線運動，故A錯誤；B．由于小車速度較快，且運動距離有限，打出的紙帶長度也有限，為了能在長度有限的紙帶上盡可能多地獲取間距適當?shù)臄?shù)據(jù)點，實驗時應先接通打點計時器電源，后釋放小車，故B正確；C．為使小車所受拉力與速度同向，應調節(jié)滑輪高度使細繩與長木板平行，故C錯誤。故選B。（3）[3]設小車質量為M，槽碼質量為m。對小車和槽碼根據(jù)牛頓第二定律分別有聯(lián)立解得由上式可知在小車質量遠大于槽碼質量時，可以認為細繩拉力近似等于槽碼的重力。[4]上述做法引起的誤差是由于實驗方法或原理不完善造成的，屬于系統(tǒng)誤差。[5]該誤差是將細繩拉力用槽碼重力近似替代所引入的，不是由于車與木板間存在阻力（實驗中已經(jīng)補償了阻力）或是速度測量精度低造成的，為減小此誤差，可在小車與細繩之間加裝力傳感器，測出小車所受拉力大小。故選C。（4）[6]相鄰兩計數(shù)點間的時間間隔為打計數(shù)點5時小車速度的表達式為[7]根據(jù)逐差法可得小車加速度的表達式是故選A。17.在“觀察電容器的充、放電現(xiàn)象”實驗中，把電阻箱（）、一節(jié)干電池、微安表（量程，零刻度在中間位置）、電容器（、）、單刀雙擲開關組裝成如圖1所示的實驗電路。（1）把開關S接1，微安表指針迅速向右偏轉后示數(shù)逐漸減小到零：然后把開關S接2，微安表指針偏轉情況是___；A.迅速向右偏轉后示數(shù)逐漸減小B.向右偏轉示數(shù)逐漸增大C.迅速向左偏轉后示數(shù)逐漸減小D.向左偏轉示數(shù)逐漸增大（2）再把電壓表并聯(lián)在電容器兩端，同時觀察電容器充電時電流和電壓變化情況。把開關S接1，微安表指針迅速向右偏轉后示數(shù)逐漸減小到時保持不變；電壓表示數(shù)由零逐漸增大，指針偏轉到如圖2所示位置時保持不變，則電壓表示數(shù)為___V，電壓表的阻值為___（計算結果保留兩位有效數(shù)字）?！即鸢浮舰?C②.0.50③.3.1〖解析〗【詳析】（1）[1]把開關S接1，電容器充電，電流從右向左流過微安表，微安表指針迅速向右偏轉后示數(shù)逐漸減小到零；把開關S接2，電容器放電，電流從左向右流過微安表，則微安表指針迅速向左偏轉后示數(shù)逐漸減小。故選C。（2）[2]由題意可知電壓表應選用0~3V量程，由圖2可知此時分度值0.1V，需要估讀到0.01V，則讀數(shù)為0.50V。[3]當微安表示數(shù)穩(wěn)定時，電容器中不再有電流通過，此時干電池、電阻箱、微安表和電壓表構成回路，根據(jù)閉合電路歐姆定律有根據(jù)串聯(lián)電路規(guī)律有聯(lián)立可得18.在探究熱敏電阻的特性及其應用的實驗中，測得熱敏電阻，在不同溫度時的阻值如下表溫度/℃4.19.014.320.028.038.245.560.4電阻/（）2201601006045302515某同學利用上述熱敏電阻、電動勢（內阻不計）的電源、定值電阻R（阻值有、、三種可供選擇）、控制開關和加熱系統(tǒng)，設計了A、B、C三種電路。因環(huán)境溫度低于，現(xiàn)要求將室內溫度控制在范圍，且1、2兩端電壓大于，控制開關開啟加熱系統(tǒng)加熱，則應選擇的電路是___，定值電阻R的阻值應選___，1、2兩端的電壓小于___V時，自動關閉加熱系統(tǒng)（不考慮控制開關對電路的影響）。A.B.C.〖答案〗①.C②.3③.1.8〖解析〗【詳析】[1]A．電路A，定值電阻和熱敏電阻并聯(lián)，電壓不變，故不能實現(xiàn)電路的控制，故A錯誤；B．定值電阻和熱敏電阻串聯(lián)，溫度越低，熱敏電阻的阻值越大，定值電阻分得電壓越小，無法實現(xiàn)1、2兩端電壓大于，控制開關開啟加熱系統(tǒng)加熱。故B錯誤；C．定值電阻和熱敏電阻串聯(lián)，溫度越低，熱敏電阻的阻值越大，熱敏電阻分得電壓越大，可以實現(xiàn)1、2兩端電壓大于，控制開關開啟加熱系統(tǒng)加熱。故C正確。故選C。[2]由熱敏電阻在不同溫度時的阻值表可知，的阻值為由題意可知解得[3]時關閉加熱系統(tǒng)，此時熱敏電阻阻值為，此時1、2兩點間的電壓為則1、2兩端的電壓小于1.8V時，自動關閉加熱系統(tǒng)。19.如圖所示，一個固定在水平面上的絕熱容器被隔板A分成體積均為的左右兩部分。面積為的絕熱活塞B被鎖定，隔板A的左側為真空，右側中一定質量的理想氣體處于溫度、壓強的狀態(tài)1。抽取隔板A，右側中的氣體就會擴散到左側中，最終達到狀態(tài)2。然后解鎖活塞B，同時施加水平恒力F，仍使其保持靜止，當電阻絲C加熱時，活塞B能緩慢滑動（無摩擦），使氣體達到溫度的狀態(tài)3，氣體內能增加。已知大氣壓強，隔板厚度不計。（1）氣體從狀態(tài)1到狀態(tài)2___（選填“可逆”或“不可逆”）過程，分子平均動能____（選填“增大”、“減小”或“不變”）；（2）求水平恒力F的大??；（3）求電阻絲C放出的熱量Q。〖答案〗（1）氣體從狀態(tài)1到狀態(tài)2是不可逆過程，分子平均動能不變；（2）；（3）〖解析〗【詳析】（1）根據(jù)熱力學第二定律可知，氣體從狀態(tài)1到狀態(tài)2是不可逆過程，由于隔板A的左側為真空，可知氣體從狀態(tài)1到狀態(tài)2，氣體不做功，又沒有發(fā)生熱傳遞，所以氣體的內能不變，氣體的溫度不變，分子平均動能不變。（2）氣體從狀態(tài)1到狀態(tài)2發(fā)生等溫變化，則有解得狀態(tài)2氣體的壓強為解鎖活塞B，同時施加水平恒力F，仍使其保持靜止，以活塞B為對象，根據(jù)受力平衡可得解得（3）當電阻絲C加熱時，活塞B能緩慢滑動（無摩擦），使氣體達到溫度的狀態(tài)3，可知氣體做等壓變化，則有可得狀態(tài)3氣體的體積為該過程氣體對外做功為根據(jù)熱力學第一定律可得解得氣體吸收的熱量為可知電阻絲C放出的熱量為20.某固定裝置的豎直截面如圖所示，由傾角的直軌道，半徑的圓弧軌道，長度、傾角為的直軌道，半徑為R、圓心角為的圓弧管道組成，軌道間平滑連接。在軌道末端F的右側光滑水平面上緊靠著質量滑塊b，其上表面與軌道末端F所在的水平面平齊。質量的小物塊a從軌道上高度為h靜止釋放，經(jīng)圓弧軌道滑上軌道，軌道由特殊材料