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專題07幾何圖形的旋轉(zhuǎn)變換問題幾何圖形的旋轉(zhuǎn)變換在中考壓軸題中的考查非常頻繁。旋轉(zhuǎn)變換的性質(zhì):圖形通過旋轉(zhuǎn),圖形中每一點都繞著旋轉(zhuǎn)中心沿相同的方向旋轉(zhuǎn)了同樣大小的角度,任意一對對應(yīng)點與旋轉(zhuǎn)中心的連線都是旋轉(zhuǎn)角,對應(yīng)點到旋轉(zhuǎn)中心的距離相等,對應(yīng)線段相等,對應(yīng)角相等,旋轉(zhuǎn)過程中,圖形的形狀、大小都沒有發(fā)生變化。在解決旋轉(zhuǎn)變換的題目時,不僅要把握旋轉(zhuǎn)的性質(zhì)和幾何圖形的性質(zhì)外,還要求考生能夠在圖形變換中找到不變的量,通過轉(zhuǎn)化等數(shù)學(xué)思想,將未知條件轉(zhuǎn)化為已知條件,陌生模型轉(zhuǎn)化為熟悉模型。 (2022·山東菏澤·統(tǒng)考中考真題)如圖1,在中,于點D,在DA上取點E,使,連接BE、CE.(1)直接寫出CE與AB的位置關(guān)系;(2)如圖2,將繞點D旋轉(zhuǎn),得到(點,分別與點B,E對應(yīng)),連接,在旋轉(zhuǎn)的過程中與的位置關(guān)系與(1)中的CE與AB的位置關(guān)系是否一致?請說明理由;(3)如圖3,當(dāng)繞點D順時針旋轉(zhuǎn)30°時,射線與AD、分別交于點G、F,若,求的長.(1)由等腰直角三角形的性質(zhì)可得∠ABC=∠DAB=45°,∠DCE=∠DEC=∠AEH=45°,可得結(jié)論;(2)通過證明,可得,由余角的性質(zhì)可得結(jié)論;(3)由等腰直角的性質(zhì)和直角三角形的性質(zhì)可得,即可求解.【答案】(1)CE⊥AB,理由見解析;(2)一致,理由見解析;(3)【詳解】(1)如圖,延長CE交AB于H,∵∠ABC=45°,AD⊥BC,∴∠ADC=∠ADB=90°,∠ABC=∠DAB=45°,∵DE=CD,∴∠DCE=∠DEC=∠AEH=45°,∴∠BHC=∠BAD+∠AEH=90°,∴CE⊥AB;(2)在旋轉(zhuǎn)的過程中與的位置關(guān)系與(1)中的CE與AB的位置關(guān)系是一致的,理由如下:如圖2,延長交于H,由旋轉(zhuǎn)可得:CD=,=AD,∵∠ADC=∠ADB=90°,∴,∵,∴,,∵+∠DGC=90°,∠DGC=∠AGH,∴∠DA+∠AGH=90°,∴∠AHC=90°,;(3)如圖3,過點D作DH于點H,∵△BED繞點D順時針旋轉(zhuǎn)30°,∴,,,∴AD=2DH,AH=DH=,,由(2)可知:,,∵AD⊥BC,CD=,∴DG=1,CG=2DG=2,∴CG=FG=2,,∴AG=2GF=4,∴AD=AG+DG=4+1=5,∴.本題是三角形綜合題,考查了等腰三角形的性質(zhì),直角三角形的性質(zhì),旋轉(zhuǎn)的性質(zhì),相似三角形的判定和性質(zhì)等知識,證明三角形相似是解題的關(guān)鍵.(2022·遼寧錦州·統(tǒng)考中考真題)如圖,在中,,D,E,F(xiàn)分別為的中點,連接.(1)如圖1,求證:;(2)如圖2,將繞點D順時針旋轉(zhuǎn)一定角度,得到,當(dāng)射線交于點G,射線交于點N時,連接并延長交射線于點M,判斷與的數(shù)量關(guān)系,并說明理由;(3)如圖3,在(2)的條件下,當(dāng)時,求的長.(1)連接,可得,根據(jù)直角三角形斜邊上的中線等于斜邊的一半可得,根據(jù)中位線定理可得,即可得證;(2)證明,根據(jù)(1)的結(jié)論即可得;(3)連接,過點作于,證明,可得,勾股定理求得,根據(jù),,可得,進(jìn)而求得,根據(jù)求得,根據(jù)(2)的結(jié)論,即可求解.【答案】(1)見解析;(2),理由見解析;(3)【詳解】(1)證明:如圖,連接,,D,E,F(xiàn)分別為的中點,,,,,(2),理由如下,連接,如圖,,D,E,F(xiàn)分別為的中點,,四邊形是平行四邊形,,,,,,,將繞點D順時針旋轉(zhuǎn)一定角度,得到,,,,,,,(3)如圖,連接,過點作于,中,,,,,,,,,中,,中,,,,,,,,,,.本題考查了勾股定理,直角三角形斜邊上的中線等于斜邊的一半,中位線的性質(zhì)定理,相似三角形的性質(zhì)與判定,求角的正確,掌握相似三角形的性質(zhì)與判定是解題的關(guān)鍵.(2022·山西·中考真題)綜合與實踐問題情境:在Rt△ABC中,∠BAC=90°,AB=6,AC=8.直角三角板EDF中∠EDF=90°,將三角板的直角頂點D放在Rt△ABC斜邊BC的中點處,并將三角板繞點D旋轉(zhuǎn),三角板的兩邊DE,DF分別與邊AB,AC交于點M,N,猜想證明:(1)如圖①,在三角板旋轉(zhuǎn)過程中,當(dāng)點M為邊AB的中點時,試判斷四邊形AMDN的形狀,并說明理由;問題解決:(2)如圖②,在三角板旋轉(zhuǎn)過程中,當(dāng)時,求線段CN的長;(3)如圖③,在三角板旋轉(zhuǎn)過程中,當(dāng)AM=AN時,直接寫出線段AN的長.(1)由三角形中位線定理得到,證明∠A=∠AMD=∠MDN=90°,即可證明結(jié)論;(2)證明△NDC是等腰三角形,過點N作NG⊥BC于點G,證明△CGN∽△CAB,利用相似三角形的性質(zhì)即可求解;(3)延長ND,使DH=DN,證明△BDH≌△CDN,推出BH=CN,∠DBH=∠C,證明∠MBH=90°,設(shè)AM=AN=x,在Rt△BMH中,利用勾股定理列方程,解方程即可求解.【答案】(1)四邊形AMDN為矩形;理由見解析;(2);(3).【詳解】解:(1)四邊形AMDN為矩形.理由如下:∵點M為AB的中點,點D為BC的中點,∴,∴∠AMD+∠A=180°,∵∠A=90°,∴∠AMD=90°,∵∠EDF=90°,∴∠A=∠AMD=∠MDN=90°,四邊形AMDN為矩形;(2)在Rt△ABC中,∠A=90°,AB=6,AC=8,∴∠B+∠C=90°,.∵點D是BC的中點,∴CD=BC=5.∵∠EDF=90°,∴∠MDB+∠1=90°.∵∠B=∠MDB,∴∠1=∠C.∴ND=NC.過點N作NG⊥BC于點G,則∠CGN=90°.∴CG=CD=.∵∠C=∠C,∠CGN=∠CAB=90°,∴△CGN∽△CAB.∴,即,∴;(3)延長ND至H,使DH=DN,連接MH,NM,BH,∵M(jìn)D⊥HN,∴MN=MH,∵D是BC中點,∴BD=DC,又∵∠BDH=∠CDN,∴△BDH≌△CDN,∴BH=CN,∠DBH=∠C,∵∠BAC=90°,∵∠C+∠ABC=90°,∴∠DBH+∠ABC=90°,∴∠MBH=90°,設(shè)AM=AN=x,則BM=6-x,BH=CN=8-x,MN=MH=x,在Rt△BMH中,BM2+BH2=MH2,∴(6-x)2+(8-x)2=(x)2,解得x=,∴線段AN的長為.本題考查了全等三角形的判定和性質(zhì),相似三角形的判定和性質(zhì),矩形的判定,勾股定理,解第(3)問的關(guān)鍵是學(xué)會利用參數(shù)構(gòu)建方程解決問題.1.(2022·山東德州·統(tǒng)考二模)如圖,在矩形中,,,平分交于點.連接,點是上一動點,過點作交于點.將繞點旋轉(zhuǎn)得到.(1)連接,,求證:;(2)當(dāng)點恰好落在直線上時,若,求的值.2.(2022·內(nèi)蒙古包頭·包鋼第三中學(xué)校考三模)已知中,點、分別在邊、上,且,將繞點逆時針旋轉(zhuǎn).設(shè)旋轉(zhuǎn)角為(1)試說明;(2)若,,當(dāng)時,若點恰好落在邊中點處,求的值;(3)若,,當(dāng)點恰好落在邊上時,延長交于,若,求的值.3.(2022·浙江紹興·校聯(lián)考二模)如圖,在Rt△ABC中,∠C=90°,AC=8,BC=6,P為線段BC上一動點,設(shè)PC=x.(1)如圖①,當(dāng)x=2時,求AQ的長;(2)如圖②,當(dāng)x=3時,把△CPQ繞點C逆時針旋轉(zhuǎn)β度,(0<β<90°),求此時AQ的長;(3)如圖③,將△PCQ沿PQ翻折,得到△PQM,點M是否可以落在△ABC的某邊的中垂線上?如果可以,求出相應(yīng)的x的值;如果不可以,說明理由。4.(2022·浙江金華·校聯(lián)考二模)如圖,菱形ABCD中,,,點E是射線AC上的一個動點,將線段BE繞點E順時針旋轉(zhuǎn)90°到EF,連接DE、DF.(1)求證:;(2)如圖2,連接BD,CF,當(dāng)與相似時,求CE的長;(3)當(dāng)點D關(guān)于直線EF的對稱點落在菱形的邊上時,求AE的長.5.(2022·遼寧沈陽·統(tǒng)考二模)在正方形ABCD中,,E是邊CD上一動點(不與點C,D重合),分別連接AE,BE,將線段AE繞點E順時針方向旋轉(zhuǎn)90°得到EF,將線段BE繞點E逆時針方向旋轉(zhuǎn)90°得到EG,連接DF,CG.(1)如圖1,當(dāng)點E是CD的中點時,求證:;(2)如圖2,當(dāng)時.直接寫出的值;(3)如圖3,當(dāng)時,取AB的中點H,連接EH.①EH的長為;②DE的長為.6.(2022·海南??凇そy(tǒng)考二模)如圖1,在邊長為1的正方形ABCD中,
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