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課時(shí)分層作業(yè)(十六)機(jī)械能守恒定律A級(jí)必備學(xué)問(wèn)基礎(chǔ)練1.如圖所示,下列說(shuō)法正確的是(全部狀況均不計(jì)摩擦、空氣阻力以及滑輪質(zhì)量)()A.甲圖中,火箭升空的過(guò)程中,若勻速升空,則機(jī)械能守恒,若加速升空,則機(jī)械能不守恒B.乙圖中,物塊在外力F的作用下勻速上滑,物塊的機(jī)械能守恒C.丙圖中,物塊A以肯定的初速度將彈簧壓縮的過(guò)程中,物塊A的機(jī)械能守恒D.丁圖中,物塊A加速下落、物塊B加速上升的過(guò)程中,A、B系統(tǒng)機(jī)械能守恒2.如圖所示,上表面有一段光滑圓弧且質(zhì)量為M的小車(chē)A置于光滑水平面上.在一質(zhì)量為m的物體B自圓弧上端自由滑下的同時(shí)釋放A,則()A.在B下滑的過(guò)程中,B的機(jī)械能守恒B.軌道對(duì)B的支持力對(duì)B不做功C.在B下滑的過(guò)程中,A和地球組成的系統(tǒng)的機(jī)械能守恒D.A、B和地球組成的系統(tǒng)的機(jī)械能守恒3.如圖所示,將質(zhì)量為m的石塊從離地面h高處以初速度v0斜向上拋出.以地面為零勢(shì)能面,不計(jì)空氣阻力,則()A.石塊落地時(shí)的動(dòng)能為mghB.石塊拋出時(shí)的機(jī)械能為1C.石塊落地時(shí)的重力勢(shì)能為mghD.石塊落地時(shí)的機(jī)械能為12mv4.[2024·安徽馬鞍山高一期末](多選)如圖所示,直立彈射裝置的輕質(zhì)彈簧頂端原來(lái)在O點(diǎn),O與管口P的距離為2x0,現(xiàn)將一個(gè)重力大小為mg的鋼珠置于彈簧頂端,再把彈簧壓縮至Q點(diǎn),壓縮量為x0,釋放彈簧后鋼珠被彈出,鋼珠運(yùn)動(dòng)到P點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能為4mgx0,不計(jì)一切阻力,下列說(shuō)法正確的是()A.彈射過(guò)程,彈簧和鋼珠組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒B.彈簧復(fù)原原長(zhǎng)時(shí),彈簧的彈性勢(shì)能全部轉(zhuǎn)化為鋼珠的動(dòng)能C.鋼珠彈射所到達(dá)的最高點(diǎn)距管口P的距離為7x0D.彈簧被壓縮至Q點(diǎn)時(shí)的彈性勢(shì)能為7mgx05.如圖所示,固定的豎直光滑長(zhǎng)桿上套有質(zhì)量為m的圓環(huán),圓環(huán)與水平狀態(tài)的輕質(zhì)彈簧一端連接,彈簧的另一端連接在墻上,且處于原長(zhǎng)狀態(tài).現(xiàn)讓圓環(huán)由靜止起先下滑,已知彈簧原長(zhǎng)為L(zhǎng),圓環(huán)下滑最大距離時(shí)彈簧的長(zhǎng)度變?yōu)?L(未超過(guò)彈性限度),則在圓環(huán)下滑到最大距離的過(guò)程中()A.圓環(huán)的機(jī)械能守恒B.彈簧彈性勢(shì)能改變了3mgLC.圓環(huán)下滑到最大距離時(shí),所受合力為零D.圓環(huán)重力勢(shì)能與彈簧彈性勢(shì)能之和保持不變6.將質(zhì)量為m的物體以初速度v0=10m/s豎直向上拋出,忽視空氣阻力,g取10m/s2,則:(1)物體上升的最大高度是多少?(2)取拋出點(diǎn)為參考平面,上升過(guò)程中,何處重力勢(shì)能與動(dòng)能相等?7.如圖所示,質(zhì)量為m的小物塊在粗糙水平桌面上做直線運(yùn)動(dòng),經(jīng)距離l后以速度v飛離桌面,最終落在水平地面上.已知l=1.4m,v=3.0m/s,m=0.10kg,物塊與桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.25,桌面高h(yuǎn)=0.45m.不計(jì)空氣阻力,重力加速度g取10m/s2.求:(1)小物塊落地點(diǎn)距飛出點(diǎn)的水平距離s;(2)小物塊落地時(shí)的動(dòng)能Ek;(3)小物塊的初速度大小v0.B級(jí)關(guān)鍵實(shí)力提升練8.如圖所示,P、Q兩球質(zhì)量相等,起先兩球靜止,將P上方的細(xì)繩燒斷,在Q落地之前,下列說(shuō)法正確的是(不計(jì)空氣阻力)()A.在任一時(shí)刻,兩球動(dòng)能相等B.在任一時(shí)刻,兩球加速度相等C.在任一時(shí)刻,系統(tǒng)動(dòng)能和重力勢(shì)能之和保持不變D.在任一時(shí)刻,系統(tǒng)機(jī)械能是不變的9.[2024·遼寧沈陽(yáng)質(zhì)檢]2024年2月,我國(guó)“天問(wèn)一號(hào)”火星探測(cè)器勝利實(shí)施近火捕獲制動(dòng),順當(dāng)進(jìn)入環(huán)火軌道,成為我國(guó)放射的第一顆火星的人造衛(wèi)星.關(guān)于該次近火捕獲制動(dòng),下列說(shuō)法正確的是()A.假如制動(dòng)時(shí)間過(guò)短,速度減得少,探測(cè)器會(huì)撞上火星B.假如制動(dòng)時(shí)間過(guò)長(zhǎng),速度減得多,探測(cè)器會(huì)飛離火星C.制動(dòng)過(guò)程中由于開(kāi)動(dòng)發(fā)動(dòng)機(jī),探測(cè)器的機(jī)械能會(huì)增加D.捕獲勝利后沿環(huán)火軌道運(yùn)動(dòng),探測(cè)器機(jī)械能保持不變10.一半徑為R的圓柱體水平固定,橫截面如圖所示.長(zhǎng)度為πR、不行伸長(zhǎng)的輕細(xì)繩,一端固定在圓柱體最高點(diǎn)P處,另一端系一個(gè)小球.小球位于P點(diǎn)右側(cè)同一水平高度的Q點(diǎn)時(shí),繩剛好拉直.將小球從Q點(diǎn)由靜止釋放,當(dāng)與圓柱體未接觸部分的細(xì)繩豎直時(shí),小球的速度大小為(重力加速度為g,不計(jì)空氣阻力)()A.2+πg(shù)RB.C.21+πg(shù)RD.11.如圖所示,在豎直平面內(nèi)有由14圓弧AB和12圓弧BC組成的光滑固定軌道,兩者在最低點(diǎn)B平滑連接.AB弧的半徑為R,BC弧的半徑為R2.一小球在A點(diǎn)正上方與A相距R4處由靜止(1)求小球在B、A兩點(diǎn)的動(dòng)能之比;(2)通過(guò)計(jì)算推斷小球能否沿軌道運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn).課時(shí)分層作業(yè)(十六)機(jī)械能守恒定律1.解析:題圖甲中,無(wú)論是勻速升空還是加速升空,推力均對(duì)火箭做正功,火箭的機(jī)械能增加,A錯(cuò)誤;題圖乙中,物塊勻速上滑的過(guò)程中,動(dòng)能不變,重力勢(shì)能增加,則機(jī)械能增加,B錯(cuò)誤;題圖丙中,在物塊A壓縮彈簧的過(guò)程中,由于彈簧的彈力對(duì)物塊A做負(fù)功,所以物塊A的機(jī)械能削減,C錯(cuò)誤;題圖丁中,對(duì)物塊A、B組成的系統(tǒng),由于不計(jì)空氣阻力,所以只有重力做功,則A、B組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒,D正確.答案:D2.解析:A、B、C錯(cuò):B下滑時(shí)對(duì)A有壓力,A對(duì)B有支持力.A向左滑動(dòng),水平方向發(fā)生位移,B對(duì)A做正功,A對(duì)B做負(fù)功.因而A、B各自的機(jī)械能不守恒.D對(duì):A、B和地球組成的系統(tǒng)沒(méi)有與外界發(fā)朝氣械能的轉(zhuǎn)移,也沒(méi)有摩擦,機(jī)械能沒(méi)有轉(zhuǎn)化為其他形式的能,系統(tǒng)的機(jī)械能守恒.答案:D3.解析:不計(jì)空氣阻力,石塊的機(jī)械能守恒,以地面為零勢(shì)能面,石塊落地時(shí)高度為0,則重力勢(shì)能為0,落地時(shí)的動(dòng)能Ek=mgh+eq\f(1,2)mveq\o\al(\s\up1(2),\s\do1(0)),A、C錯(cuò)誤;不計(jì)空氣阻力,石塊的機(jī)械能守恒,又本題中機(jī)械能等于重力勢(shì)能與動(dòng)能之和,則石塊拋出時(shí)及落地時(shí)機(jī)械能均為E=mgh+eq\f(1,2)mveq\o\al(\s\up1(2),\s\do1(0)),B錯(cuò)誤,D正確.答案:D4.解析:彈射過(guò)程,只有鋼珠的重力和彈簧的彈力做功,故彈簧和鋼珠組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒,A正確;彈簧復(fù)原原長(zhǎng)時(shí),彈簧的彈性勢(shì)能全部轉(zhuǎn)化為鋼珠的機(jī)械能(動(dòng)能和重力勢(shì)能),B錯(cuò)誤;鋼珠運(yùn)動(dòng)到P點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能為4mgx0,接著上升過(guò)程據(jù)動(dòng)能定理可得Ek=mgh,解得h=4x0,故鋼珠彈射所到達(dá)的最高點(diǎn)距管口P的距離為4x0,C錯(cuò)誤;鋼球從Q到最高點(diǎn)過(guò)程,彈性勢(shì)能全部轉(zhuǎn)化為重力勢(shì)能,重力勢(shì)能增加7mgx0,故彈簧被壓縮至Q點(diǎn)時(shí)的彈性勢(shì)能為7mgx0,D正確.答案:AD5.解析:A、D錯(cuò):圓環(huán)沿桿下滑的過(guò)程中,圓環(huán)與彈簧組成的系統(tǒng)動(dòng)能、彈性勢(shì)能、重力勢(shì)能之和守恒.B對(duì):彈簧長(zhǎng)度為2L時(shí),圓環(huán)下落的高度h=eq\r(3)L,此時(shí)圓環(huán)的動(dòng)能為零,重力勢(shì)能削減了ΔEp=mgh=eq\r(3)mgL.依據(jù)機(jī)械能守恒定律知,此時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能增加了eq\r(3)mgL.C錯(cuò):圓環(huán)釋放后下滑,當(dāng)速度最大時(shí),所受合力為零.下滑到最大距離時(shí),具有向上的加速度,合力不為零.答案:B6.解析:(1)據(jù)機(jī)械能守恒定律,到達(dá)最高點(diǎn)過(guò)程有:mgH=eq\f(1,2)mveq\o\al(\s\up1(2),\s\do1(0)),解得最大高度H=5m.(2)設(shè)h高處的重力勢(shì)能與動(dòng)能相等,則有:mgh=Ek,因機(jī)械能守恒,則有:mgh+Ek=eq\f(1,2)mveq\o\al(\s\up1(2),\s\do1(0)),兩式聯(lián)立解得h=eq\f(veq\o\al(\s\up1(2),\s\do1(0)),4g)=eq\f(102,4×10)m=2.5m.7.解析:(1)小物塊飛離桌面后做平拋運(yùn)動(dòng),依據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律,有豎直方向h=eq\f(1,2)gt2水平方向s=vt解得水平距離s=veq\r(\f(2h,g))=0.90m.(2)小物塊從飛離桌面到落地的過(guò)程中機(jī)械能守恒,依據(jù)機(jī)械能守恒定律可得小物塊落地時(shí)的動(dòng)能為Ek=eq\f(1,2)mv2+mgh=0.90J.(3)小物塊在桌面上運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中,依據(jù)動(dòng)能定理,有-μmg·l=eq\f(1,2)mv2-eq\f(1,2)mveq\o\al(\s\up1(2),\s\do1(0))解得小物塊的初速度大小v0=eq\r(2μgl+v2)=4.0m/s.答案:(1)0.90m(2)0.90J(3)4.0m/s8.解析:細(xì)繩燒斷瞬間,彈力不突變,球Q受力不變,球P受力改變,兩球加速度關(guān)系為aP>aQ,兩球速度不同,兩球的動(dòng)能不相等,選項(xiàng)A、B錯(cuò)誤;彈簧長(zhǎng)度發(fā)生改變,彈性勢(shì)能發(fā)生改變,系統(tǒng)的動(dòng)能和重力勢(shì)能之和就發(fā)生改變,選項(xiàng)C錯(cuò)誤;Q落地前,兩球及彈簧組成的系統(tǒng)只有重力和彈簧的彈力做功,整個(gè)系統(tǒng)的機(jī)械能守恒,選項(xiàng)D正確.答案:D9.解析:假如制動(dòng)時(shí)間過(guò)短,速度減得少,即速度大,所須要的向心力大,萬(wàn)有引力不足以供應(yīng)所需的向心力,探測(cè)器會(huì)飛離火星,故A錯(cuò)誤;假如制動(dòng)時(shí)間過(guò)長(zhǎng),速度減得多,即速度小,所須要的向心力小,萬(wàn)有引力大于所需的向心力,探測(cè)器會(huì)做近心運(yùn)動(dòng),甚至撞上火星,故B錯(cuò)誤;制動(dòng)過(guò)程中開(kāi)動(dòng)發(fā)動(dòng)機(jī)讓探測(cè)器做減速運(yùn)動(dòng),除重力外的力做了負(fù)功,探測(cè)器機(jī)械能削減,故C錯(cuò)誤;捕獲勝利后,探測(cè)器只受重力(萬(wàn)有引力),所以探測(cè)器機(jī)械能保持不變,故D正確.答案:D10.解析:當(dāng)與圓柱體未接觸部分的細(xì)繩豎直時(shí),其狀態(tài)如圖所示,則小球下落的高度為(R+eq\f(πR,2)).依據(jù)機(jī)械能守恒定律有mg(R+eq\f(πR,2))=eq\f(1,2)mv2,解得v=eq\r((2+π)gR),選項(xiàng)A正確.答案:A11.解析:(1)設(shè)小球的質(zhì)量為m,由機(jī)械能守恒定律知,小球在A點(diǎn)的動(dòng)能為EkA=mgeq\f(R,4),小球在B點(diǎn)的動(dòng)能EkB=mgeq\f(5R,4),則小球在B、A兩點(diǎn)的動(dòng)能之比eq\f(EkB,EkA)=5∶1.(2)若小球能沿軌道運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn),則小球在C點(diǎn)所受軌道的正壓力FN應(yīng)滿意FN≥0.設(shè)小球在C點(diǎn)的速度大小為vC,由牛頓其次定律有:FN+mg=meq\f(veq\o\al(\s\up1(2),\s\do1(C)),\f(R,2)),整理得vC應(yīng)滿意mg≤meq\f(2veq\o\
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