河南省林州市2024-2025學年高一物理上學期開學檢測實驗班試題

試卷第=page11頁，總=sectionpages33頁參考答案1．C【詳解】第一個加速過程的加速度大小為其次個加速過程的加速度大小為則汽車在前后兩個加速過程中的加速度大小之比為故選C。2．A【詳解】A．AB段物體的位移不隨時間變更，速度為零，處于靜止狀態(tài)，故A正確；B．位移等于縱坐標的變更量。BC段發(fā)生的位移為12m－4m=8m，CD段發(fā)生的位移為0－12m=－12m，大小為12m，所以CD段發(fā)生的位移大于BC段發(fā)生的位移，故B錯誤；C．CD段斜率為負值，速度為負值，表示物體的運動方向與正方向相反，BC段斜率為正值，速度為正，方向與正方向相同。所以CD段運動方向和BC段運動方向相反。故C錯誤；D．由圖得知CD段斜率最大，速度最大，物體運動最快，故D錯誤。故選A。3．C【詳解】依據(jù)解得依據(jù)圖像得解得小車的運動時間為解得。故選C。4．C【詳解】AD．圖像的斜率等于加速度，則物體在第2s末加速度方向沒有發(fā)生變更，且在2s末加速度不為0，選項AD錯誤；B．圖像與坐標軸圍成的面積等于位移，橫軸上方位移為正，下方位移為負，則物體在4s內(nèi)的位移為0，選項B錯誤；C．物體在6s內(nèi)的路程為選項C正確；故選C。5．B【詳解】設細線的長度為L，第一個小球著地后，另一個小球運動的位移為L，在L內(nèi)運行的時間，即為兩球落地的時間差，第一個球著地的速度為另一個小球在位移L內(nèi)的初速度。高度越高，落地的速度越大，則可知高度越高，另一個小球在位移L內(nèi)的初速度越大，依據(jù)L=v0t+gt2，初速度越大，時間越短．所以△t2＜△t1。故選B。6．B【詳解】A．車頭經(jīng)過站臺上立柱AC段的平均速度由圖可知，B點是AC段的位置中點，所以B點的瞬時速度應當大于AC段的平均速度，故A錯誤；B．車頭經(jīng)過立柱A、B的平均速度為故B正確；C．依據(jù)中間時刻的速度等于平均速度得，動車的加速度為故C錯誤；D．車頭通過立柱B、C過程速度的變更量為故D錯誤；故選B。7．B【詳解】A．航班晚點20分鐘，其中20分鐘指時間，A錯誤；B．午睡課從12點25分起先，其中12點25分指時刻，B正確；C．某同學的反應時間約為0.2秒，其中0.2秒指的是時間，C錯誤；D．火車離站已有3分鐘，其中3分鐘指的是時間，D錯誤。故選B。8．BD【詳解】AB．在位移—時間圖象中，相遇就是位移相等，兩個圖象相交，B正確，A錯誤；CD．而在速度—時間圖象中，相遇就是圖象與時間軸圍成的面積相等，因此D正確，C錯誤。故選BD。9．AD【詳解】A．限速牌上的速度是指按規(guī)定行駛的最大速度，為瞬時速度，故A正確；B．香蕉球的運動很困難，向前運動的同時還在轉(zhuǎn)動，若將其看成質(zhì)點，則無法把握其運動特點，故B錯誤；C．鏈球成果是指從地面上的某一規(guī)定位置到鏈球落地點的位移大小，故C錯誤；D．從水平勻速飛行的飛機上釋放的物體（不計空氣阻力），以飛機為參考系時做自由落體運動，軌跡為直線；以地面為參考系時做平拋運動，軌跡為曲線，故D正確。故選AD。10．ABC【詳解】AD．若加速度與速度同向，物體做加速運動，速度漸漸增大，當加速度減小到零時，速度最大，做勻速運動，所以物體先做加速運動，后做勻速運動，物體的運動方向不會變更，A正確，D錯誤；B．若加速度與速度反向，物體做減速運動，若速度先減小到零，則物體先減速到靜止，再反向加速，B正確；C．若加速度與速度反向，物體做減速運動，若加速度先減小到零，則物體先做減速運動再做勻速運動，此時速度最小，C正確。故選ABC。11．BC【詳解】整個時間內(nèi)物體的位移為零，則有：又：解得：所以加速度大小之比為：4:5依據(jù)速度公式有：所以速度大小之比為：故選BC。12．0.02700.150.40【詳解】[1]兩個相鄰計數(shù)點間有4個點未畫出，則T=0.1s；其中計數(shù)點C所在位置的刻度尺讀數(shù)為2.70cm=0.0270m[2]C點的速度大小為[3]小車的加速度為13．（1）220（2）0.12（3）4.4【詳解】(1)[1]電火花計時器，其所用電源電壓為220V的溝通電。(2)[2]打下標記點1時，紙帶的速度(3)[3]紙帶的加速度為14．(1)加速距離：(2)【詳解】（1）由可得加速距離：，（2）要想滿意兩車恰好不撞，則必需至少滿意，D301追上D3115時兩車的速度相同，設D301勻速運動的速度為，D3115的速度為,則有：v=v0-at，代入數(shù)據(jù)得：t=18s.設兩車之間的距離為?x時，D301起先剎車，則兩車之間的位移關系為：代入數(shù)據(jù)得：15．（1）875m/s；（2）s?！驹斀狻?1)因為在前50s內(nèi)，加速度可以看做勻稱變更，則加速度圖線可看成傾斜的直線，它與時間軸所圍的面積大小就表示該時刻的速度大小，所以有v＝×(15＋20)×50m/s＝875m/s；(2)假如火箭是豎直放射的，在t＝10s前看成勻加速運動，則t＝8s時離地面的高度是h＝at2得h＝×15×82m＝480m假如有一碎片脫落，它的初速度v1＝at＝120m/s離開火箭后做豎直上拋運動，有－h(huán)＝v1t－gt2代入數(shù)據(jù)解得：t＝(12＋4)s。16．（1）6m/s（2）225m（3）600m【詳解】