2023屆北京市西城區(qū)高三下學(xué)期二模物理試題（解析版）

西城區(qū)高三模擬測(cè)試試卷物理本試卷共9頁(yè)，100分。考試時(shí)長(zhǎng)90分鐘。考生務(wù)必將答案答在答題卡上，在試卷上作答無(wú)效?？荚嚱Y(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。第一部分本部分共14題，每題3分，共42分。在每題列出的四個(gè)選項(xiàng)中，選出最符合題目要求的一項(xiàng)。1.有關(guān)物體的內(nèi)能，下列說(shuō)法正確的是（）A.物體溫度升高，組成物體的分子的平均動(dòng)能增大B.由于物體被舉高，組成物體的分子的分子勢(shì)能增大C.物體吸收熱量，其內(nèi)能一定增大D.物體對(duì)外界做功，其內(nèi)能一定減小【答案】A【解析】【詳解】A．溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志，物體溫度升高，組成物體的分子的平均動(dòng)能增大，故A正確；B．物體被舉高后，宏觀的重力勢(shì)能增加，對(duì)于微觀中分子勢(shì)能是沒(méi)有影響的，故B錯(cuò)誤；C．物體吸收熱量的同時(shí)對(duì)外做功，其內(nèi)能不一定增大，故C錯(cuò)誤；D．物體對(duì)外界做功的同時(shí)吸收熱量，其內(nèi)能不一定減小，故D錯(cuò)誤。故選A。2.如圖所示，一束光沿著半圓形玻璃磚的半徑射到它的平直的邊上，在玻璃磚與空氣的界面上發(fā)生反射和折射，入射角為，折射角為。下列說(shuō)法正確的是（）A.反射光的頻率大于入射光的頻率 B.折射光的波長(zhǎng)等于入射光的波長(zhǎng)C.若增大入射角，則折射角將減小 D.若增大入射角，則折射光將減弱【答案】D【解析】【詳解】A．光發(fā)生反射和折射后頻率不變，所以反射光的頻率等于入射光的頻率，故A錯(cuò)誤；B．折射光的傳播速度大于入射光的傳播速度，頻率相同，由可知折射光的波長(zhǎng)大于入射光的波長(zhǎng)，故B錯(cuò)誤；C．由可知若增大入射角，則折射角將增大，故C錯(cuò)誤；D．若增大入射角，反射光增強(qiáng)，折射光將減弱。故D正確。故選D。3.氫原子能級(jí)示意圖如圖所示，下列說(shuō)法正確的是（）A.氫原子從能級(jí)躍遷到能級(jí)，該氫原子的能量增加B.氫原子從能級(jí)躍遷到能級(jí)，該氫原子向外輻射光子C.大量處于能級(jí)的氫原子向基態(tài)躍遷過(guò)程中最多可輻射出3種頻率的光子D.處于基態(tài)的氫原子電離時(shí)將向外輻射13.6eV的能量【答案】C【解析】【詳解】A．氫原子從能級(jí)躍遷到能級(jí)需要向外輻射光子，故該氫原子的能量減小，故A錯(cuò)誤；B．氫原子從能級(jí)躍遷到能級(jí)，該氫原子需要吸收光子，故B錯(cuò)誤；C．大量處于能級(jí)的氫原子向基態(tài)躍遷過(guò)程中最多可輻射出不同頻率光子的種類為故C正確；D．處于基態(tài)的氫原子電離時(shí)至少要吸收13.6eV的能量，故D錯(cuò)誤。故選C。4.一列簡(jiǎn)諧橫波沿x軸傳播，時(shí)刻的波形如圖1所示，K、L是介質(zhì)中的兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)。圖2是質(zhì)點(diǎn)K的振動(dòng)圖像。下列說(shuō)法正確的是（）A.時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)K的加速度比質(zhì)點(diǎn)L的大B.時(shí)刻之后，質(zhì)點(diǎn)K比質(zhì)點(diǎn)L先到達(dá)正向最大位移處C.波沿x軸正方向傳播，速度為1.0m/sD.波沿x軸負(fù)方向傳播，速度為0.5m/s【答案】B【解析】【詳解】A．越靠近平衡位置，加速度越小，所以時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)K的加速度比質(zhì)點(diǎn)L的小，A錯(cuò)誤；B．從圖2可以看出來(lái)時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)K從平衡位置向上運(yùn)動(dòng)，則波沿x正方向傳播，所以時(shí)刻之后，質(zhì)點(diǎn)K比質(zhì)點(diǎn)L先到達(dá)正向最大位移處，B正確；CD．從圖2可以看出來(lái)波沿x軸正方向傳播，速度為CD錯(cuò)誤；故選B。5.如圖所示，一理想變壓器原、副線圈匝數(shù)之比為10:1，其原線圈兩端接入正弦式交變電壓u，，副線圈通過(guò)電流表與變阻器R相連，若交流電壓表和交流電流表都是理想電表，則下列說(shuō)法正確的是（）A.電壓表的示數(shù)為31.1VB.滑動(dòng)變阻器的滑片向上滑動(dòng)，電壓表的示數(shù)增大C.滑動(dòng)變阻器的滑片向上滑動(dòng)，電流表的示數(shù)增大D.滑動(dòng)變阻器的滑片向上滑動(dòng)，變壓器的輸入功率減小【答案】D【解析】【詳解】A．交流電的電壓有效值為根據(jù)可知電壓表的示數(shù)為22V，A錯(cuò)誤；B．由于原線圈的電壓保持不變，匝數(shù)比不變，無(wú)論滑動(dòng)變阻器阻值如何變化，副線圈兩端的電壓也保持不變，B錯(cuò)誤；C．當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片向上滑動(dòng)時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值增大，電流表的示數(shù)減小，C錯(cuò)誤；D．根據(jù)可知當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片向上滑動(dòng)時(shí)，滑動(dòng)變阻器消耗的功率減小，因此變壓器的輸入功率減小，D正確。故選D。6.如圖所示，輕桿兩端分別固定著可以視為質(zhì)點(diǎn)的小球A、B，放置在光滑水平桌面上，桿上O點(diǎn)有一豎直方向的固定轉(zhuǎn)動(dòng)軸，A、B的質(zhì)量之比，A、B到O點(diǎn)的距離之比。當(dāng)輕桿繞軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，下列說(shuō)法正確的是（）A.A對(duì)桿的作用力大小等于B對(duì)桿的作用力大小B.A的向心加速度大小大于B的向心加速度大小C.A的動(dòng)能等于B的動(dòng)能D.A的周期小于B的周期【答案】C【解析】【詳解】A．水平面光滑，所以桿對(duì)A的力提供了A做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力桿對(duì)B的力提供了B做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力代入數(shù)據(jù)可求得有牛頓第三定律可知：A對(duì)桿的作用力大小不等于B對(duì)桿的作用力大小，A錯(cuò)誤；B．AB運(yùn)動(dòng)具有相同的角速度，則加速度為由得A的向心加速度大小小于B的向心加速度大小，B錯(cuò)誤；C．動(dòng)能的表達(dá)式為結(jié)合題意可知：A的動(dòng)能等于B的動(dòng)能，C正確；D．AB有相同的角速度，，所以A的周期等于B的周期，D錯(cuò)誤；故選C。7.如圖所示，虛線為靜電場(chǎng)中的三個(gè)等勢(shì)面，相鄰等勢(shì)面之間的電勢(shì)差相等。一個(gè)帶正電的點(diǎn)電荷q在A點(diǎn)的電勢(shì)能小于其在B點(diǎn)的電勢(shì)能，則下列說(shuō)法正確的是（）A.A點(diǎn)的電勢(shì)大于B點(diǎn)的電勢(shì)B.A點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大于B點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度C.將q在A點(diǎn)由靜止釋放，其受靜電力將增大D.將qA點(diǎn)由靜止釋放，其電勢(shì)能將減小【答案】D【解析】【詳解】A．帶正電的點(diǎn)電荷q在A點(diǎn)的電勢(shì)能小于其在B點(diǎn)的電勢(shì)能，則A點(diǎn)的電勢(shì)小于B點(diǎn)的電勢(shì)，故A錯(cuò)誤；B．A點(diǎn)的等勢(shì)面較稀疏，則A點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度小于B點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度，故B錯(cuò)誤；CD．將q在A點(diǎn)由靜止釋放，將向電勢(shì)低處運(yùn)動(dòng)，即向等勢(shì)面稀疏處運(yùn)動(dòng)，其受靜電力將減小，電勢(shì)能將減小，故C錯(cuò)誤，D正確。故選D。8.如圖所示，兩極板加上恒定的電壓U，將一質(zhì)量為m、電荷量為＋q的帶電粒子在正極板附近由靜止釋放，粒子向負(fù)極板做加速直線運(yùn)動(dòng)。不計(jì)粒子重力。若將兩板間距離減小，再次釋放該粒子，則（）A.帶電粒子獲得的加速度變小B.帶電粒子到達(dá)負(fù)極板的時(shí)間變短C.帶電粒子到達(dá)負(fù)極板時(shí)的速度變小D.加速全過(guò)程靜電力對(duì)帶電粒子的沖量變小【答案】B【解析】【詳解】A．根據(jù)勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)公式和牛頓第二定律有，可得將兩板間距離減小，帶電粒子獲得的加速度變大，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律解得將兩板間距離減小，帶電粒子到達(dá)負(fù)極板的時(shí)間變短，故B正確；C．根據(jù)動(dòng)能定理有解得帶電粒子到達(dá)負(fù)極板時(shí)的速度不變，故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)動(dòng)量定理有可知加速全過(guò)程靜電力對(duì)帶電粒子的沖量不變，故D錯(cuò)誤。故選B。9.如圖所示，速度選擇器的兩平行導(dǎo)體板之間有方向互相垂直的勻強(qiáng)電場(chǎng)和勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)方向垂直紙面向里。一電荷量為＋q的粒子以速度v從S點(diǎn)進(jìn)入速度選擇器后，恰能沿圖中虛線通過(guò)。不計(jì)粒子重力，下列說(shuō)法可能正確的是（）A.電荷量為-q的粒子以速度v從S點(diǎn)進(jìn)入后將向下偏轉(zhuǎn)B.電荷量為＋2q的粒子以速度v從S點(diǎn)進(jìn)入后將做類似平拋的運(yùn)動(dòng)C.電荷量為＋q粒子以大于v的速度從S點(diǎn)進(jìn)入后動(dòng)能將逐漸增大D.電荷量為-q的粒子以大于v的速度從S點(diǎn)進(jìn)入后動(dòng)能將逐漸減小【答案】D【解析】【詳解】A．電荷量為＋q的粒子以速度v進(jìn)入后受力平衡，即有由左手定則可知，洛倫茲力豎直向上，電場(chǎng)力豎直向下，即電場(chǎng)強(qiáng)度的方向豎直向下，且有當(dāng)電荷量為-q的粒子以速度v從S點(diǎn)進(jìn)入后，由左手定則可知，粒子所受的洛倫茲力豎直向下，電場(chǎng)力豎直向上，且有則粒子受力平衡，將沿著圖中虛線通過(guò)，故A錯(cuò)誤；B．電荷量為＋2q的粒子以速度v從S點(diǎn)進(jìn)入后，向下的電場(chǎng)力為向上的洛倫茲力為由于，所以粒子受力平衡，將沿著圖中虛線通過(guò)，故B錯(cuò)誤；C．電荷量為＋q的粒子以大于v的速度從S點(diǎn)進(jìn)入后，向下的電場(chǎng)力為向上的洛倫茲力為由于，所以，即粒子剛從S點(diǎn)進(jìn)入后所受合力豎直向上，粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡將向上彎曲，此過(guò)程中電場(chǎng)力對(duì)粒子做負(fù)功，粒子的動(dòng)能將逐漸減小，故C錯(cuò)誤；D．電荷量為-q的粒子以大于v的速度從S點(diǎn)進(jìn)入后，向上的電場(chǎng)力為向下的洛倫茲力為由于，所以，即粒子剛從S點(diǎn)進(jìn)入后所受合力豎直向下，粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡將向下彎曲，此過(guò)程中電場(chǎng)力對(duì)粒子做負(fù)功，粒子的動(dòng)能將逐漸減小，故D正確。故選D。10.在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中放置一個(gè)金屬圓環(huán)，磁場(chǎng)方向與圓環(huán)平面垂直。規(guī)定圖1所示磁場(chǎng)方向?yàn)檎?。?dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t按圖2所示的正弦規(guī)律變化時(shí)，下列說(shuō)法正確的是（）A.時(shí)刻，圓環(huán)中無(wú)感應(yīng)電流B.時(shí)刻，圓環(huán)上各點(diǎn)受到的安培力最大C.時(shí)間內(nèi)，圓環(huán)中感應(yīng)電流方向始終沿順時(shí)針?lè)较駾.時(shí)間內(nèi)，圓環(huán)先出現(xiàn)擴(kuò)張趨勢(shì)，后出現(xiàn)收縮趨勢(shì)【答案】C【解析】【詳解】A．在t2時(shí)刻，磁感應(yīng)強(qiáng)度為零，但是磁通量的變化率最大，則感應(yīng)電流最大，故A錯(cuò)誤；B．在t3時(shí)刻，磁感應(yīng)強(qiáng)度最大，但是磁通量的變化率為零，則感應(yīng)電流為零，圓環(huán)上各點(diǎn)受到的安培力為零，故B錯(cuò)誤；C．t1-t2時(shí)間內(nèi)，磁感應(yīng)強(qiáng)度垂直圓環(huán)向里，磁通量逐漸減小，根據(jù)楞次定律可知圓環(huán)中感應(yīng)電流方向始終沿順時(shí)針?lè)较?，t2-t3時(shí)間內(nèi)，磁感應(yīng)強(qiáng)度垂直圓環(huán)向外，磁通量逐漸增大，根據(jù)楞次定律可知圓環(huán)中感應(yīng)電流方向始終沿順時(shí)針?lè)较颍蔆正確；D．時(shí)間內(nèi)，穿過(guò)圓環(huán)的磁通量先增大后減小，根據(jù)楞次定律可知圓環(huán)先出現(xiàn)收縮趨勢(shì)，后出現(xiàn)擴(kuò)張趨勢(shì)，故D錯(cuò)誤。故選C。11.將燈泡A、線圈L、電池組E和開關(guān)S連接成如圖所示的電路。先閉合開關(guān)S，使燈泡發(fā)光，然后斷開開關(guān)S，觀察到燈泡閃亮的現(xiàn)象。下列說(shuō)法正確的是（）A.閉合S瞬間線圈L不產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì)B.斷開S瞬間電路中a點(diǎn)電勢(shì)低于b點(diǎn)C.斷開S前后通過(guò)燈泡A的電流大小不變D.閉合S后電源輸出的電功率等于燈泡A和線圈L的發(fā)熱功率之和【答案】B【解析】【詳解】A．閉合S瞬間，電路接通，線圈L要阻礙電流通過(guò)，產(chǎn)生與電源相反的自感電動(dòng)勢(shì)，故A錯(cuò)誤；B．開關(guān)S斷開前，自感線圈中的電流是自左向右的，當(dāng)斷開S瞬間，自感線圈要阻礙電流的減小，因此產(chǎn)生與原電流方向相同的感應(yīng)電流，與燈泡構(gòu)成閉合回路，回路中的電流為逆時(shí)針?lè)较?，因此a點(diǎn)電勢(shì)低于b點(diǎn)，故B正確；C．燈泡與自感線圈并聯(lián)，斷開開關(guān)S，觀察到燈泡閃亮的現(xiàn)象，說(shuō)明自感線圈的電阻小于燈泡的電阻，在斷開開關(guān)前通過(guò)自感線圈的電流大于通過(guò)燈泡的電流，因此當(dāng)斷開開關(guān)S后，燈泡與自感線圈串聯(lián)，通過(guò)燈泡的瞬時(shí)電流大于開關(guān)斷開前的電流，所以燈泡將閃亮一下，故C錯(cuò)誤；D．因?yàn)樽愿芯€圈將一部分電場(chǎng)能轉(zhuǎn)化為磁場(chǎng)能儲(chǔ)存起來(lái)，因此閉合S后電源輸出的電功率大于燈泡A和線圈L的發(fā)熱功率之和，故D錯(cuò)誤。故選B12.研究蹦極運(yùn)動(dòng)時(shí)，在運(yùn)動(dòng)員身上裝好傳感器，用于測(cè)量他在不同時(shí)刻下落的高度及速度。運(yùn)動(dòng)員身系彈性繩，從蹦極臺(tái)無(wú)初速度下落，根據(jù)某次傳感器測(cè)到的數(shù)據(jù)，得到如圖所示的速度—位移圖像。忽略空氣阻力，根據(jù)圖像可知（）A.彈性繩的原長(zhǎng)為15mB.0~15m下落過(guò)程中，運(yùn)動(dòng)員重力勢(shì)能的減少量大于動(dòng)能的增加量C.15~27m下落過(guò)程中，運(yùn)動(dòng)員受合力先減小后增大D.0~27m下落過(guò)程中，運(yùn)動(dòng)員重力沖量大于彈性繩彈力沖量【答案】B【解析】【詳解】A．由圖像可知位移大小為15m時(shí)，速度大小為最大值，可知該位移處有彈性繩的彈力與運(yùn)動(dòng)員的重力等大，所以彈性繩處于伸長(zhǎng)狀態(tài)，即彈性繩的原長(zhǎng)小于15m，故A錯(cuò)誤；B．運(yùn)動(dòng)員下落過(guò)程中先做加速度為g的加速運(yùn)動(dòng)，至彈性繩恰好拉直后運(yùn)動(dòng)員繼續(xù)做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，直至速度達(dá)到最大，此時(shí)位移大小為15m，所以0~15m下落過(guò)程中，運(yùn)動(dòng)員重力勢(shì)能的減少量等于動(dòng)能的增加量加上彈性繩彈性勢(shì)能的增加量，故B正確；C．15m時(shí)，彈性繩的彈力與運(yùn)動(dòng)員的重力等大合力為零，之后運(yùn)動(dòng)員繼續(xù)向下運(yùn)動(dòng)，彈性繩伸長(zhǎng)量繼續(xù)變大，彈性繩彈力大于重力，合力向上且變大。故C錯(cuò)誤；D．0~27m下落過(guò)程中由動(dòng)量定理可得可知運(yùn)動(dòng)員重力沖量大小等于彈性繩彈力沖量大小，故D錯(cuò)誤。故選B。13.“探究加速度與力的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)裝置示意圖如圖所示。實(shí)驗(yàn)中平衡了摩擦力，如果砂桶（含砂）的質(zhì)量m不滿足比小車質(zhì)量M小得多的條件，那么，若保持M不變，將m增大為原來(lái)的2倍，不計(jì)繩的質(zhì)量和滑輪摩擦，在砂桶下落相同高度的過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（）A.小車的加速度增大到原來(lái)的2倍B.繩上的拉力增大到原來(lái)的2倍C.砂桶機(jī)械能的減少量小于原來(lái)的2倍D.砂桶和小車組成的系統(tǒng)損失的機(jī)械能比原來(lái)多【答案】C【解析】【詳解】AB．以小車為研究對(duì)象，根據(jù)牛頓第二定律可得以砂桶（含砂）為對(duì)象，根據(jù)牛頓第二定律可得聯(lián)立可得若保持不變，將增大為原來(lái)的2倍，則有故AB錯(cuò)誤；C．繩子拉力對(duì)砂桶做負(fù)功，砂桶機(jī)械能的減少量為由于可得即砂桶機(jī)械能的減少量小于原來(lái)的2倍，故C正確；D．砂桶和小車組成的系統(tǒng)損失的機(jī)械能等于小車克服摩擦力做的功，由于摩擦力大小保持不變，則砂桶和小車組成的系統(tǒng)損失的機(jī)械能與原來(lái)相等，故D錯(cuò)誤。故選C。14.當(dāng)物體相對(duì)于地球表面運(yùn)動(dòng)時(shí)，會(huì)受到“地轉(zhuǎn)偏向力”的影響。“地轉(zhuǎn)偏向力”不是物體真實(shí)受到的力，是由于地球自轉(zhuǎn)而產(chǎn)生的慣性效應(yīng)。其原因是：除南北兩極外，地球上各緯度的自轉(zhuǎn)角速度相同，但自轉(zhuǎn)線速度不同。在北半球，物體由北向南運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，由于慣性，物體隨地球自轉(zhuǎn)的線速度相對(duì)地表顯得慢了，因此表現(xiàn)出向前進(jìn)方向的右側(cè)偏轉(zhuǎn)的現(xiàn)象?！暗剞D(zhuǎn)偏向力”對(duì)地球上所有移動(dòng)的物體，包括氣團(tuán)、河流，運(yùn)行的火車、火箭發(fā)射等都會(huì)產(chǎn)生影響。通過(guò)觀察“地轉(zhuǎn)偏向力”對(duì)單擺的運(yùn)動(dòng)產(chǎn)生的影響可以證明地球在自轉(zhuǎn)。1851年，法國(guó)物理學(xué)家傅科在巴黎的教堂用擺長(zhǎng)67m、直徑約30cm、質(zhì)量為28kg的鐵球制成的單擺（傅科擺）間接證實(shí)了地球在自轉(zhuǎn)。根據(jù)以上材料，結(jié)合所學(xué)，判斷下列說(shuō)法正確的是（）A.在北半球，物體由南向北運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，它會(huì)向前進(jìn)方向的左側(cè)偏轉(zhuǎn)B.在南半球沿平直路面向南行駛的火車，在前進(jìn)方向上對(duì)左側(cè)軌道的壓力小于對(duì)右側(cè)軌道的壓力C.在南半球，傅科擺在擺動(dòng)過(guò)程中，擺動(dòng)平面沿逆時(shí)針?lè)较颍ǜ┮暎┎粩嗥D(zhuǎn)D.“地轉(zhuǎn)偏向力”對(duì)運(yùn)動(dòng)的影響程度，與物體沿南北方向相對(duì)地表運(yùn)動(dòng)的速度大小無(wú)關(guān)【答案】C【解析】【詳解】A．由題意，地球自西向東自轉(zhuǎn)，在北半球，物體由南向北運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，由于高緯度的自轉(zhuǎn)線速度比低緯度的小，所以物體隨地球自轉(zhuǎn)的線速度相對(duì)地表顯得快了，它會(huì)向前進(jìn)方向的右側(cè)偏轉(zhuǎn)，A錯(cuò)誤；B．在南半球，物體向南運(yùn)動(dòng)，在“地球偏向力”的作用下會(huì)向前進(jìn)方向的左側(cè)偏轉(zhuǎn)，為了保持直線運(yùn)動(dòng)，火車在前進(jìn)方向上對(duì)左側(cè)軌道的壓力大于對(duì)右側(cè)軌道的壓力，B錯(cuò)誤；C．在南半球，物體會(huì)向前進(jìn)方向的左側(cè)偏轉(zhuǎn)，所以傅科擺在擺動(dòng)過(guò)程中，擺動(dòng)平面沿逆時(shí)針?lè)较颍ǜ┮暎┎粩嗥D(zhuǎn)，C正確；D．“地球偏向力”改變物體運(yùn)動(dòng)的方向，由向心力公式可得物體偏轉(zhuǎn)的半徑所以物體沿南北方向相對(duì)地表運(yùn)動(dòng)的速度越大，“地轉(zhuǎn)偏向力”對(duì)其運(yùn)動(dòng)的影響越小，故D錯(cuò)誤。故選C。第二部分本部分共6題，共58分。15.用下圖所示裝置做“驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律”實(shí)驗(yàn)。實(shí)驗(yàn)中使用的小球1和2質(zhì)量分別為、，直徑分別為、。在木板上鋪一張白紙，白紙上面鋪放復(fù)寫紙，記下重錘線所指的位置O。（1）小球1和2的質(zhì)量應(yīng)滿足___________，直徑應(yīng)滿足___________。（選填“大于”“等于”或“小于”）（2）實(shí)驗(yàn)時(shí)，先不放小球2，使小球1從斜槽上某一點(diǎn)S由靜止釋放，找到其平均落地點(diǎn)的位置P，測(cè)量平拋射程OP。再把小球2靜置于斜槽軌道末端，讓小球1仍從S處由靜止釋放，與小球2碰撞，并多次重復(fù)。該實(shí)驗(yàn)需要完成的必要步驟還有___________。（選填選項(xiàng)前的字母）A．測(cè)量?jī)蓚€(gè)小球的質(zhì)量、B．測(cè)量小球1的釋放點(diǎn)S距桌面的高度hC．測(cè)量斜槽軌道末端距地面的高度HD．分別找到小球1與小球2相碰后平均落地點(diǎn)的位置M、NE．測(cè)量平拋射程OM、ON（3）要驗(yàn)證兩球碰撞前后動(dòng)量守恒，僅需驗(yàn)證關(guān)系式___________是否成立[用（2）中測(cè)量的量表示]。請(qǐng)分析說(shuō)明可以這樣驗(yàn)證的理由___________?！敬鸢浮竣?大于②.等于③.ADE##AED##DAE##DEA##EAD##EDA④.⑤.小球水平飛出的速度與其水平射程成正比【解析】【詳解】（1）[1]小球1和小球2相碰后不能反彈，所以小球1的質(zhì)量要大于小球2的質(zhì)量。[2]由于該實(shí)驗(yàn)裝置不能調(diào)節(jié)小球2擺放位置的高度，所以為保證兩小球發(fā)生對(duì)心碰撞，兩小球的直徑要相等。（2）[3]A．本實(shí)驗(yàn)要“驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律”，故需測(cè)量?jī)蓚€(gè)小球的質(zhì)量、，A正確；B．小球1碰撞前的速度大小可以通過(guò)平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律求得聯(lián)立可得實(shí)驗(yàn)中小球1每次都從同一位移S釋放即可，無(wú)需測(cè)量釋放點(diǎn)S距桌面的高度h，B錯(cuò)誤；CDE．由于各小球做平拋運(yùn)動(dòng)的豎直高度相同，所以由可得它們飛出時(shí)的水平速度與其落點(diǎn)的水平射程成正比，所以在驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律時(shí)，由可得故無(wú)需測(cè)量斜槽軌道末端距地面高度H，需要測(cè)量各球平均落點(diǎn)的水平射程，故C錯(cuò)誤，D、E正確。故選ADE。（3）[4][5]由于小球1和小球2都從同一高度做平拋運(yùn)動(dòng)落在水平地面上，由平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律可知其飛出時(shí)的水平速度與其落點(diǎn)的水平射程成正比，所以僅需驗(yàn)證關(guān)系式即可驗(yàn)證兩球碰撞前后動(dòng)量守恒。16.某同學(xué)在實(shí)驗(yàn)室進(jìn)行測(cè)量電阻的實(shí)驗(yàn)。（1）該同學(xué)先用歐姆表“”擋粗測(cè)一個(gè)未知電阻R的阻值，示數(shù)如圖1所示，對(duì)應(yīng)的讀數(shù)是___________。（2）他進(jìn)一步采用伏安法進(jìn)行精確測(cè)量，測(cè)量電路如圖2所示，其中電壓表的內(nèi)阻約為，電流表的內(nèi)阻約為，為了盡量減小實(shí)驗(yàn)誤差，電壓表的右端應(yīng)接在___________點(diǎn)（選填“M”或“N”）。（3）隨著居民生活水平的提高，純凈水已經(jīng)進(jìn)入千家萬(wàn)戶。電導(dǎo)率是檢驗(yàn)純凈水是否合格的一項(xiàng)重要指標(biāo)，它是電阻率的倒數(shù)。該同學(xué)為了測(cè)量某品牌純凈水樣品的電導(dǎo)率，將采集的水樣注滿絕緣性能良好的橫截面直徑為幾厘米的薄塑料圓柱形容器，容器兩端用很薄的金屬圓片電極密封，如圖3所示。a.他先通過(guò)查閱資料估算出容器內(nèi)水樣的電阻約為十萬(wàn)歐，然后用伏安法進(jìn)行測(cè)量。除開關(guān)和若干導(dǎo)線外，他還找到下表所示的器材，請(qǐng)選擇合適的器材，設(shè)計(jì)測(cè)量該水樣電阻的方案，在下圖方框內(nèi)畫出電路圖，并標(biāo)注所選器材的代號(hào)，水樣的電阻用表示。___________器材（代號(hào)）規(guī)格電源（）電動(dòng)勢(shì)約為3.0V，內(nèi)阻可以忽略不計(jì)電源（）電動(dòng)勢(shì)約為15.0V，內(nèi)阻可以忽略不計(jì)電壓表（）量程0~3V，內(nèi)阻約電壓表（）量程0~15V，內(nèi)阻約電流表（）量程0~0.6A，內(nèi)阻約電流表（）量程，內(nèi)阻約滑動(dòng)變阻器（R）總阻值約b.測(cè)出水樣的電阻后，為了測(cè)出樣品的電導(dǎo)率，請(qǐng)寫出該同學(xué)還需要測(cè)量的物理量，以及使用的測(cè)量工具和測(cè)量方法。___________【答案】①.8②.M③.見(jiàn)解析④.見(jiàn)解析【解析】【詳解】（1）[1]該同學(xué)先用歐姆表“”擋粗測(cè)一個(gè)未知電阻的阻值，由圖1可知讀數(shù)為（2）[2]根據(jù)為了盡量減小實(shí)驗(yàn)誤差，電流表應(yīng)采用外接法，則電壓表的右端應(yīng)接在M點(diǎn)。（3）a[3]水樣的電阻約為十萬(wàn)歐，若電源選擇電動(dòng)勢(shì)為的，則最大電流為若電源選擇電動(dòng)勢(shì)為，則最大電流為則電流表應(yīng)選擇量程為的；為了使電流表讀數(shù)超過(guò)量程的，電源應(yīng)選擇電動(dòng)勢(shì)為的，電壓表應(yīng)選擇量程為的；由于待測(cè)電阻約為十萬(wàn)歐，遠(yuǎn)大于電流表內(nèi)阻和滑動(dòng)變阻器阻值，為了減小誤差，電流表應(yīng)采用內(nèi)接法，滑動(dòng)變阻器采用分壓接法，電路圖如圖所示b[4]根據(jù)電阻定律可得又可知?jiǎng)t電導(dǎo)率為為了測(cè)出樣品的電導(dǎo)率，還需要測(cè)量圓柱形容器的長(zhǎng)度和橫截面的直徑；測(cè)量圓柱形容器的長(zhǎng)度的工具和方法：用刻度尺測(cè)量圓柱形容器的長(zhǎng)度，多次測(cè)量取平均值；測(cè)量圓柱形容器橫截面直徑的工具和方法：用游標(biāo)卡尺測(cè)量圓柱形容器橫截面直徑，在圓柱形容器的不同位置多次測(cè)量取平均值。17.如圖所示，電子從燈絲K發(fā)出（初速度不計(jì)），在KA間經(jīng)加速電壓加速后，從A板中心小孔射出，進(jìn)入由M、N兩個(gè)水平極板構(gòu)成的偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)，M、N兩板間的距離為d，電壓為，板長(zhǎng)為L(zhǎng)，電子進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)時(shí)的速度與電場(chǎng)方向垂直，射出時(shí)沒(méi)有與極板相碰。已知電子的質(zhì)量為m，電荷量為e，不計(jì)電子的重力及它們之間的相互作用力。求：（1）電子穿過(guò)A板小孔時(shí)的速度大小v；（2）電子從偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)射出時(shí)垂直極板方向偏移的距離y；（3）電子從偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)射出時(shí)的速度方向?！敬鸢浮浚?）；（2）；（3）速度方向與水平方向夾角，斜向右下方【解析】【詳解】（1）根據(jù)動(dòng)能定理解得（2）進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)后做類平拋運(yùn)動(dòng)聯(lián)立解得（3）設(shè)速度與水平方向夾角為θ，則則斜向右下方。18.圖1所示是一種叫“旋轉(zhuǎn)飛椅”的游樂(lè)項(xiàng)目，將其結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)化為圖2所示的模型。長(zhǎng)的鋼繩一端系著座椅，另一端固定在半徑的水平轉(zhuǎn)盤邊緣。轉(zhuǎn)盤可繞穿過(guò)其中心的豎直軸轉(zhuǎn)動(dòng)。轉(zhuǎn)盤靜止時(shí)，鋼繩沿豎直方向自由下垂；轉(zhuǎn)盤勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，鋼繩與轉(zhuǎn)軸在同一豎直平面內(nèi)，與豎直方向的夾角。將游客和座椅看作一個(gè)質(zhì)點(diǎn)，質(zhì)量。不計(jì)鋼繩重力和空氣阻力，重力加速度。（，）（1）當(dāng)轉(zhuǎn)盤勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，求游客和座椅做圓周運(yùn)動(dòng)a．向心力的大?。籦．線速度的大小v。（2）求游客由靜止到隨轉(zhuǎn)盤勻速轉(zhuǎn)動(dòng)的過(guò)程中，鋼繩對(duì)游客和座椅做的功W。【答案】（1）a．，b．；（2）【解析】【詳解】（1）對(duì)游客和座椅一起受力分析如下圖所示a．根據(jù)受力分子可知游客和座椅做圓周運(yùn)動(dòng)所需要的向心力為b．根據(jù)幾何關(guān)系可知游客和座椅zuo2圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為由代入數(shù)據(jù)得（2）游客和座椅由靜止到隨轉(zhuǎn)盤勻速轉(zhuǎn)動(dòng)得過(guò)程，根據(jù)功能關(guān)系有代入數(shù)據(jù)解得19.電動(dòng)機(jī)是第二次科技革命中的最重要的發(fā)明之一，在生產(chǎn)、生活中起著極為重要的作用。（1）直流電動(dòng)機(jī)的工作原理可以簡(jiǎn)化為圖1所示的模型。在豎直向下的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，兩根足夠長(zhǎng)的平行金屬軌道MN、PQ固定在水平面內(nèi)，相距為L(zhǎng)，電阻不計(jì)。質(zhì)量為m、電阻為R的金屬導(dǎo)體棒ab垂直于MN、PQ放在軌道上，與軌道接觸良好。軌道左端接有直流電源，電源電動(dòng)勢(shì)為E、內(nèi)阻不計(jì)。閉合開關(guān)S，導(dǎo)體棒從靜止開始運(yùn)動(dòng)。在導(dǎo)體棒運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，導(dǎo)體棒上的電流I與速度v的大小關(guān)系滿足，導(dǎo)體棒始終受到大小為f的阻力作用。求：a、閉合S瞬間，導(dǎo)體棒受到的安培力的大?。籦、導(dǎo)體棒速度為v時(shí)，導(dǎo)體棒加速度的大小a。（2）某興趣小組根據(jù)直流電動(dòng)機(jī)的工作原理設(shè)計(jì)了模型飛機(jī)的電磁彈射裝置。如圖2所示，用于彈射模型飛機(jī)的線圈位于導(dǎo)軌間的輻向磁場(chǎng)中，其所在處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B，線圈可沿導(dǎo)軌滑動(dòng)。開關(guān)接通，電動(dòng)勢(shì)為E、內(nèi)阻不計(jì)的電源與線圈連接，線圈推動(dòng)飛機(jī)從靜止開始加速，運(yùn)動(dòng)過(guò)程中線圈和飛機(jī)受到的總阻力恒為f、線圈總電阻為R，匝數(shù)為n，每匝周長(zhǎng)為l。a、若導(dǎo)軌足夠長(zhǎng)，求飛機(jī)能夠獲得的最大速度。b、為了讓線圈在模型飛機(jī)彈出后盡快停下來(lái)，該小組在圖2的基礎(chǔ)上改進(jìn)了電路。如圖3所示，單刀雙擲開關(guān)接通1，線圈推動(dòng)飛機(jī)加速；飛機(jī)彈出后，將單刀雙擲開關(guān)接通2，讓線圈減速。請(qǐng)說(shuō)明這一設(shè)計(jì)的原理。

【答案】（1）a．；b．；（2）a．；b．見(jiàn)解析【解析】【詳解】（1）a．閉合S瞬間，根據(jù)閉