2024屆安徽定遠啟明中學高考全國統(tǒng)考預測密卷物理試卷含解析

2024屆安徽定遠啟明中學高考全國統(tǒng)考預測密卷物理試卷

請考生注意：

1.請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用0.5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答

案寫在答題紙相應的答題區(qū)內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。

2.答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規(guī)定答題。

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、自空中的A點靜止釋放一個小球，經(jīng)過一段時間后與斜面體的5點發(fā)生碰撞，碰后速度大小不變，方向變?yōu)樗?

并經(jīng)過相等的時間最終落在水平地面的。點，如圖所示，水平面上的。點在b點正下方，不計空氣阻力，下列說法正

確的是

2

A.A、B兩點的高度差和5、。兩點的高度差之比為1：3

B./U6兩點的高度差和C、。兩點的間距之比為1：3

C.A.B兩點的高度差和"、。兩點的高度差之比為1：2

D.4、3兩點的高度差和C、。兩點的間距之比為1：2

2、如圖甲，理想變壓器的原、副線圈匝數(shù)比m：ii2=10：1,副線圈電路接有滑動變阻器R和額定電壓為12V、線圈

電阻為2。的電動機M.原線圈輸入的交流電壓如圖乙.閉合開關S,電動機正常工作，電流表示數(shù)為IA.下列判斷

A.副線圈兩端的電壓有效值為22/V

B.滑動變阻器R的接入電阻為10。

C.電動機輸出的機械功率為12W

D.若電動機突然卡住，原線圈輸入功率將變小

3、如圖所示為單擺的振動圖像，根據(jù)此振動圖像不能確定的物理量是（）

A.擺長B.回復力C.頻率D.振幅

4、如圖所示,將兩個質量均為m,帶電量分別為+q、-q的小球a、b用絕緣細線懸掛于O點，置于水平方向的勻強

a,使整個裝置處于平衡狀態(tài)，且懸線Oa與豎直方向的夾角為30。.則F的大小可能為（）

5、電梯在U0時由靜止開始上升，運動的。一，圖像如圖所示，電梯總質量機=2.0xl（）3kg。電梯內乘客的質量〃?o=5Okg,

忽略一切阻力，重力加速度g=10m/s2。下列說法正確的是（）

A.第1s內乘客處于超重狀態(tài)，第9s內乘客處于失重狀態(tài)

B.第2s內乘客對電梯的壓力大小為450N

C.第2s內鋼索對電梯的拉力大小為2.2X104N

D.第2s內電梯對乘客的沖量大小為550N-S

6、2018年12月12日，嫦娥四號開始實施近月制動，為下一步月面軟著陸做準備，首先進入月圓軌道I,其次進入

橢圓著陸軌道H,如圖所示，B為近月點，4為遠月點，關于嫦娥四號衛(wèi)星，下列說法正確的是（）

A.衛(wèi)星在軌道n上A點的加速度小于在B點的加速度

B.衛(wèi)星沿軌道I運動的過程中，衛(wèi)星中的科考儀器處于超重狀態(tài)

C.衛(wèi)星從軌道i變軌到軌道n,機械能增大

D.衛(wèi)星在軌道II經(jīng)過A點時的動能大于在軌道II經(jīng)過B點時的動能

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得。分。

7、如圖所示，用等長的絕緣線分別懸掛兩個質量、電量都相同的帶電小球A和B,兩線上端固定于O點，B球固定

在O點正下方。當A球靜止時，兩懸線的夾角為0.下列方法中能保持兩懸線的夾角不變的是()

A.同時使兩懸線長度減半

B.同時使兩球的質量和電量都減半

C.同時使A球的質量和電量都減半

D.同時使兩懸線長度減半和兩球的電量都減半

8、如圖所示，兩塊長方體滑塊A和B疊放在傾角為。的斜面體C上。已知A、B質量分別為〃〃和/川，A與C的動

摩擦因數(shù)為小，B與A的動摩擦因數(shù)為川.兩滑塊AB在斜面體上以相同加速度自由下滑，斜面體C在水平地面上始

終保持靜止，則下列說法正確的是()

A.斜面C受到地面的岸摩擦力方向水平向左

B.滑塊A與斜面間的動摩擦因數(shù)w=tan0

C.滑塊A受到斜面對其摩擦力的大小為川(mi+mi)gcos^

D.滑塊B所受的摩擦力大小為川加igcosO

9、如圖所示，光滑的水平桿上套有一質量為1kg、可沿桿自由滑動的滑塊，滑塊下方通過一根長為1m的輕繩懸掛需

質量為0.99kg的木塊。開始時滑塊和木塊均靜止?，F(xiàn)有質量為10g的子彈以500m/s的水平出度擊中木塊并留在其中,

子彈與木塊間的作用時間極短，取g=10m/s2。下列說法正確的是()

日11"一

?□

A.滑塊的最大速度為5m/s

B.子彈和木塊擺到最高點時速度為零

C.子彈和木塊擺起的最大高度為0?625m

D.當子彈和木塊擺起高度為0.4m時，滑塊的速度為lm/s

10、2019年11月我國首顆亞米級高分辨率光學傳輸型立體測繪衛(wèi)星高分七號成功發(fā)射，七號在距地約600km的圓軌

道運行，先期發(fā)射的高分四號在距地約36000km的地球同步軌道運行，關于兩顆衛(wèi)星下列說法正確的是（）

A.高分七號比高分四號運行速率大

B.高分七號比高分四號運行周期大

C.高分七號比高分四號向心加速度小

D.相同時間內高分七號與地心連線掃過的面積比高分四號小

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11.（6分）某同學在《探究彈力和彈簧伸長關系》的實驗中，用完全相同的彈簧A和B并聯(lián)后上端固定，下端與長

木板相連，長木板帶掛鉤和指針總重2N,右邊有一米尺，零刻度與彈簧上端對齊，現(xiàn)在在掛鉤上掛不同個數(shù)的夠嗎，

測得數(shù)據(jù)如下表：

鉤碼重力ONIN2N3、

指針對齊刻度11cm12cm□cm14cm

（1）每根彈簧的原長為cm,每根彈簧的勁度系數(shù)為N/m；

（2）若將A、B彈簧串聯(lián)起來使用，它們整體的勁度系數(shù)為o

A.25N/mB.10（）N/mC.50N/mD.200N/m

12.（12分）如圖，物體質量為"7=2kg,靜置于水平面上，它與水平面間的動摩擦因數(shù)〃=0.4,用大小為F-10后N、

方向與水平方向夾角0=45的拉力尸拉動物體，拉動4s后，撤去拉力尸，物體最終停下來.（取g=10〃z//）試求：

（1）物體前4s運動的加速度是多大？

（2）?物體從開始出發(fā)到停下來，物體的總位移是多大？

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13.（10分）如圖，兩根形狀相同、足夠長的光滑金屬導軌固定，相互平行，間距為L,兩連接點。、力連線垂直于所

有導軌，左底端接有阻值為A的電阻。傾斜導軌所在平面與水平面夾角為。，平面內有磁感應強度為用、方向垂直于

平面向上的勻強磁場；水平導軌在同一水平面，所在區(qū)域有磁感應強度為生、方向豎直向上的勻強磁場。阻值為上

質量為機的相同導體桿A、B,A在傾斜導軌上，〃在水平導軌上，都垂直于導軌。開始時，A以初速度％開始沿傾

斜導軌向上滑行，B在外力作用下保持靜止；A上滑通過距離工到達最高點時（此時A仍在傾斜導軌上），B瞬間獲得

一個水平初速度并在外力作用下以此速度做勻速直線運動（B始終在水平導軌上并保持與導軌垂直），A恰能靜止在傾

斜導軌上。求：

（1）在A上滑的過程中，電阻R上產(chǎn)生的熱量；

（2）5做勻速運動速度的方向、大??；

⑶使B做勻速運動的外力的功率。

14.（16分）在光滑絕緣水平面上，存在著有界勻強磁場，邊界為PO、MN,磁感應強度大小為瓦，方向垂直水平南

2____9

向下，磁場的寬度為一二/^麗，俯視圖如圖所示。在磁場的上方固定半徑足=干廊^的四分之一光滑絕緣圓

qB°qB。

弧細桿，桿兩端恰好落在磁場邊緣的A、〃兩點?，F(xiàn)有帶孔的小球a、b（視為質點）被強力絕^裝置固定穿在桿上同

一點A,球a質量為2/心電量為一g；球b質量為機、電量為q；某瞬時絕緣袋置解鎖，a、b被彈開，裝置釋放出3￡）

的能量全部轉為球?和球b的動能，a、b沿環(huán)的切線方向運動。求：（解鎖前后小球質量、電量、電性均不變，不計

帶電小球間的相互作用）

（1）解鎖后兩球速度的大小兒、町分別為多少；

⑵球。在磁場中運動的時間；

⑶若另一側有平行于水平面的勻強電場，球a進人電場后做直線運動，球b進入電場后與a相遇；求電場強度E

的大小和方向。

4P?■■■■.■■■■■工?彳/■■■■■■■^■0?■―一?—?????“0

xx版ixxx4xx

I

XXX|XXXXX

d?

xxx{xxxxx

XXx!XXXX2*

15.（12分）如圖，導熱性能良好的水平放置的圓筒形氣缸與一裝有水銀的U形管相連，U形管左測上端封閉一段長

度為15cm的空氣柱，U形管右側用活塞封閉一定質量的理想氣體.開始時U形管兩臂中水銀面齊平，活塞處于靜止

狀態(tài)，此時U形管右側用活塞封閉的氣體體積為490mL,若用力F緩慢向左推動活塞，使活塞從A位置移動到B位

置,此時U形管兩臂中的液面高度差為10cm,己知外界大氣壓強為75cmHg,不計活塞與氣缸內壁間的摩擦，求活塞

移動到B位置時U形管右側用活塞封閉的氣體體積.

參考答案

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、D

【解析】

AC、48段小球自由下落，8C段小球做平拋運動，兩段時間相同，根據(jù)可知A、8兩點間距離與8、D

兩點間距離相等，A、B兩點的高度差和5、O兩點的高度差之比為1：1,故AC錯誤；

BD.設3兩點的高度差為h,根據(jù)速度位移公式可得5c段平拋初速度u=J麗，持續(xù)的時間”右，所以CO

兩點間距離X=Vt=2h,所以A3兩點的高度差和CD兩點的間距之比為1：2,故B錯誤，D正確；

故選D.

2、B

【解析】

A.變壓器初級電壓有效值為220V,則副線圈兩端的電壓有效值為

U、="U\=22V

小

選項A錯誤；

B.滑動變阻器接入電阻為

/?=^A-^=22-12Q=10Q

1

選項B正確;

C.電動機輸出的機械功率為

22

/>,=/(/VJ-Zr=lxl2-lx2=10W

選項C錯誤；

D.若電動機突然卡住，次級電流將變大，次級消耗的功率變大，則原線圈輸入功率將變大，選項D錯誤；

故選B.

點睛：此題要注意電動機問題的能量轉化關系：輸出功率等于總功率與內阻上的熱功率的差值；電動機被卡住后相當

于純電阻，則電路的電流會變大，電動機很快被燒毀.

3、B

【解析】

由圖可直接看出的物理量有：周期7=2$,振幅A=3cm；由單擺的周期公式：

T=2/r

則頻率：

/=1=O.5H

可求出擺長為：

由于不知道擺球的質量，所以無法知道回復力。B正確，ACD錯誤。

故選B。

4、A

【解析】

以兩個小球組成的整體為研究對象，分析受力，作出F在三個方向時的受力圖如圖，根據(jù)平衡條件得知：F與T的

合力與重力2mg總是大小相等、方向相反，由力的合成圖可知，當F與繩子oa垂直時，F(xiàn)有最小值，即圖中2位置,

F的最小值為：二二二二2二二二二二二二二二所以F的大小可能為mg,其他值不可能，故A正確，B、C、D錯誤；

故選A。

3

T

【點睛】

2mg

關鍵是運用圖解法確定出F的最小值，以兩個小球組成的整體為研究對象，分析受力，作出力圖，根據(jù)平衡條件，分

析F的最小值，從而分析F的可能值。

5、D

【解析】

A.第1s內和第9s內加速度均豎直向上，乘客處于超重狀態(tài)，故A錯誤；

B.第2s內研究乘客，根據(jù)牛頓第二定律

代入數(shù)值解得電梯對乘客的支持力為550N,由牛頓第三定律可知，乘客對電梯的壓力為550N,故B錯誤；

C.第2s內研究乘客和電梯整體，根據(jù)牛頓第二定律

T一(/叫)+/??)g=(%)+m)a

代入數(shù)值解得鋼索對電梯的拉力為22550N,故C錯誤；

D.。-/圖像的面積表示速度變化，得第2s內速度的變化量為

Av=1m/s

第2s內研究乘客，根據(jù)動量定理

/-w0(gr=w()Av

代入數(shù)值解得電梯對乘客的沖量為55ONs故D正確。

故選D。

6、A

【解析】

A.衛(wèi)星在軌道II上運動，A為遠月點，3為近月點，衛(wèi)星運動的加速度由萬有引力產(chǎn)生

GMm

——--=ma

即

GM

a=^~

r

所以可知衛(wèi)星在〃點運行加速度大，故A正確；

B.衛(wèi)星在軌道I上運動，萬有引力完全提供圓周運動向心力，故衛(wèi)星中儀器處于完全失重狀態(tài)，故B錯誤；

C.衛(wèi)星從軌道I變軌到軌道n,需要點火減速，所以從軌道I變軌到軌道n,外力做負功，機械能減小，故C錯誤;

D.衛(wèi)星從A點到3點，萬有引力做正功，動能增大，故衛(wèi)星在軌道n經(jīng)過A點時的動能小于在軌道n經(jīng)過5點時的

動能，故D錯誤。

故選A?

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得。分。

7、CD

【解析】

同時使兩懸線長度減半，若角度〃不變，球間距減半，根據(jù)公式二二二凈，靜電斥力增加為4倍，故重力和靜電斥力

的合力方向一定改變，不能在原位置平衡，故A錯誤；同時使兩球的質量和電荷量減半，4球的重力減小為一半，靜

電力都減小為四分之一，故重力和靜電斥力的合力方向一定改變，不能在原位置平衡，故B錯誤；同時使4球的質量

和電荷量減半，A球的重力和靜電力都減小為一半，故重力和靜電斥力的合力方向不變，球能保持平衡，故C正確；

同時使兩懸線長度和兩球的電荷量減半，球間距減為一半，根據(jù)公式二二二臺，靜電力不變，故重力和靜電斥力的合

力方向不變，球能保持平衡，故D正確。所以CD正確，AB錯誤。

8、AC

【解析】

A.把A8看成一個整體，A3對C的壓力在水平方向的分力為

M=(zz/i+mi)gcosO-sinO

方向水平向右，對C的摩擦力在水平方向的分力為4=小?！?,方向水平向左。因為AB一起加速下滑，所以(，川+加1)

gsin0>f貝ijNx",所以斜面C有向右的運動趨勢，則斜面C受到地面的靜摩擦力方向水平向左.故A正確；

B.因為A3一起加速下滑，所以

(/川+/Hi)gcosO<(mi+mi)gsin。

則〃iVtaiW,故B錯誤；

C.把A/e看成一個整體，滑塊A與斜面之間的摩擦力為

/="(wi+mi)gcosO

故C正確；

D.滑塊AB一起加速下滑，其加速度為

?=gsinO-/zigcosO

3與A之間的摩擦力是靜摩擦，則A〃之間的摩擦力為

f=inia=mg（sinO-//icosO）

故D錯誤。

故選AC.

9、AC

【解析】

A.設子彈質量為孫），木塊質量為〃小滑塊質量為，〃2,只要輕繩與桿之間的夾角為銳角，輕繩拉力對滑塊做正功，

滑塊就會加速，所以當輕繩再次豎直時滑塊速度最大，設此時滑塊速度為垢，子彈和木塊速度為心系統(tǒng)在水平方向

動量守恒，以向右為正方向，由動量守恒定律得

%）%=（%+班）匕=（恤+辦）v'+nt1ym

由機械能守恒定律

1（%+叫）孑=|。叫）+班）戶+；嗎4

乙乙乙

代入數(shù)據(jù)解得

L=°或匕=5m/s

即滑塊的最大速度為5m/s,故A正確；

B.設子彈質量為如），木塊質量為〃八，滑塊質量為帆2,由子彈、木塊、滑塊組成的系統(tǒng)在水平方向上動量守恒，故

當子彈和木塊擺到最高點時三者具有相同的速度，且速度方向水平，故R錯誤；

C.當子彈和木塊擺到最高點時三者具有相同的速度打在水平方向，由動量守恒定律得

〃%%=（w0+見）匕=+m]+m2）v

代入數(shù)據(jù)解得

v=2.5m/s

由子彈進入木塊后系統(tǒng)機械能守恒可得

2

；（〃%+叫）v；=；（/%+叫+/W2）V++見）gh

代入數(shù)據(jù)解得

h=0.625m

故C正確；

D.當子彈和木塊擺起高度為0.4m時，系統(tǒng)在水平方向動量守恒，由動量守恒定律得

%）%=（%+g）W=（〃%+町）匕+'〃26

代入數(shù)據(jù)解得

匕=4m/s

而此時木塊和子彈豎直方向速度一定不為零，故由子彈進入木塊后系統(tǒng)機械能守恒可得

1（"%+叫）U；=!（"%+町）（匕+匕f+!叫《+（〃石+町）gh

222

解得

h<0.4m

故D錯誤。

故選AC,

10、AD

【解析】

A.萬有引力提供向心力，由牛頓第二定律得

運行軌道半徑越大，運行的速度越小，高分七號比高分四號向心速率大，故A正確;

B.萬有引力提供向心力，由牛頓第二定律得

G_-Mm=m^4/rr

解得

丁.P"

T=-----

XGM

運行軌道半徑越大，運行的周期越大，所以高分七號比高分四號運行周期小，故B錯誤;

C.萬有引力提供向心力，由牛頓第二定律得

-Mm

G——=ma

r~

解得

GM

a=

運行軌道半徑越大，運行的加速度越小，所以高分七號比高分四號向心加速度大，故c錯誤;

D.衛(wèi)星與地心連線掃過的面積為

S=—r20=—rvt=—4GMr

222

相同時間內，運行軌道半徑越大，與地心連線掃過的面積越大，相同時間內高分七號與地心連線掃過的面積比高分四

號小，故D正確；

故選AD,

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11、9cm50N/mA

【解析】

根據(jù)力的平衡，有

G=2ML-LQ）

把G=2N時，L=llcm與G=3N時，L=12cm代入解得

h）=9cm

4=50N/m

⑵⑶將A、B彈簧串聯(lián)起來使用，當拉力為尸時，每個彈簧的形變量為x,整體形變量為2x,由尸二4占可得整體的勁

度系數(shù)

,Fk

k=—=-=25N/m

2x2

故填A。

12、（2）3m/s2（）42m

【解析】

（1）由牛頓第二定律運用正交分解法求解加速度；

（2）根據(jù)運動公式求解撤去外力之前時的位移；根據(jù)牛頓第二定律求解撤去外力后的加速度和位移，最后求解總位移.

【詳解】

（1）受力分析：正交分解：由牛頓第二定律得：

Fcos45-f=ma；

Fsin45+N-mg=01

聯(lián)立解得：a=3/7?/.v2

(2)前4s內的位移為內=-at2=-x3x42m=24m,

22

4s末的速度為：v=at=]21nls,

撤去外力后根據(jù)牛頓第二定律可知：-卬〃g=ma',

2

解得：a'==-4m/s1

0-v20-122

減速階段的位移為：x=—=m=18/77,

22a2x(-4)

通過的總位移為：x=xi+x2=42m.

【點睛】

此題是牛頓第二定律的應用問題；關鍵是知道加速度是聯(lián)系運動和力的橋梁，運用正交分解法求解加速度是解題的重

點.

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13.⑴°=遮43；⑵八嚅=，方向向右；⑶p=6叱”*

12DXD2LL

【解析】

(1)當A上滑到最高點時，速度減為零，設電路中產(chǎn)生的總熱為?？?，由能量守恒

/〃?片=mgxsin?+Q總

由于B與R并聯(lián)后與A串聯(lián)，設電阻R上產(chǎn)生的熱量為。，則

。=如

解得

zwv*-2"yxsin0

Q=

⑵要使4靜止在傾斜導軌上，受到的安培力沿傾斜導軌向上，根據(jù)右手定則、左手定則，B做勻速運動速度的方向向

右。

設8桿勻速運動的速度大小為外其中的感應電動勢為E,流過A桿的電流為人，流