物理（北京A卷） 學(xué)易金卷 2023年高考第二次模擬考試卷（全解全析）

2023年高考物理第二次模擬考試卷高三物理（考試時(shí)間：90分鐘試卷滿(mǎn)分：100分）注意事項(xiàng)：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)等填寫(xiě)在答題卡和試卷指定位置上。2．回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑。如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號(hào)?；卮鸱沁x擇題時(shí)，將答案寫(xiě)在答題卡上。寫(xiě)在本試卷上無(wú)效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回一、第一部分：本部分共14小題，每小題3分，共42分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，選出最符合題目要求的一項(xiàng)。1．下列關(guān)于光的現(xiàn)象說(shuō)法中不正確的是（）A．日光照射到肥皂膜上出現(xiàn)彩色條紋是光的干涉現(xiàn)象B．立體電影是應(yīng)用了光的偏振現(xiàn)象C．玻璃中的氣泡看起來(lái)特別明亮是光的干涉現(xiàn)象D．通過(guò)兩只筆之間的狹縫觀(guān)察日光燈管看到的彩色條紋是光的衍射現(xiàn)象【答案】C【解析】A．日光照射到肥皂膜上出現(xiàn)彩色條紋是光的薄膜干涉產(chǎn)生的色散現(xiàn)象，故A正確；B．光波是橫波，而立體電影就是應(yīng)用了光的偏振現(xiàn)象，故B正確；C．玻璃中的氣泡看起來(lái)特別明亮是光從玻璃射入氣泡時(shí)發(fā)生全反射形成的，故C錯(cuò)誤；D．通過(guò)兩只筆之間的狹縫觀(guān)察日光燈管看到的彩色條紋是光的衍射現(xiàn)象，故D正確。故選C。2．一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B，其過(guò)程如V-T圖上的線(xiàn)段所示，則氣體在這個(gè)過(guò)程中（）氣體壓強(qiáng)不斷變大分子平均動(dòng)能減小外界對(duì)氣體做功氣體從外界吸收的熱量大于其增加的內(nèi)能【答案】D【解析】A．根據(jù)pVT=C可得V=B．從A到B氣體溫度升高，則分子平均動(dòng)能變大，內(nèi)能變大，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．從A到B氣體體積變大，則氣體對(duì)外界做功，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知，氣體對(duì)外界做功，W<0；內(nèi)能變大，則?U>0，則Q>0，則氣體從外界吸收的熱量大于其增加的內(nèi)能，選項(xiàng)D正確。故選D。3．2022年6月5日，中央電視臺(tái)對(duì)神舟十四號(hào)飛船與天和核心艙交會(huì)對(duì)接進(jìn)行了直播，其間航天員與北京飛控中心保持通話(huà)聯(lián)絡(luò)，直播畫(huà)面通過(guò)電磁波傳送到地面接收站。下列關(guān)于電磁波和聲波的說(shuō)法正確的是（

）A．電磁波是一種物質(zhì)，也具有能量B．電磁波跟聲波一樣，不能在真空中傳播C．麥克斯韋預(yù)言了電磁波的存在，并通過(guò)實(shí)驗(yàn)捕捉到了電磁波D．航天員講話(huà)時(shí)畫(huà)面與聲音同步，說(shuō)明電磁波與聲波具有相同的傳播速度．【答案】A【解析】A．電磁波是一種物質(zhì)，也具有能量，故A正確；B．電磁波的傳播不依賴(lài)介質(zhì)，可在真空中傳播，聲波是機(jī)械波只能在介質(zhì)中傳播，故B錯(cuò)誤；C．麥克斯韋預(yù)言了電磁波的存在，赫茲通過(guò)實(shí)驗(yàn)捕捉到了電磁波，故C錯(cuò)誤；D．航天員講話(huà)時(shí)畫(huà)面能與聲音同步，那是因?yàn)楫?huà)面與聲音同時(shí)轉(zhuǎn)化成電信號(hào)，通過(guò)電磁波傳回到地面接收器再轉(zhuǎn)化成畫(huà)面和聲音。電磁波的速度為光速，聲波的傳播速度約340m/s，故D錯(cuò)誤。故選A。4．下列說(shuō)法正確的是（）A．按照玻爾理論，氫原子核外電子從半徑較小的軌道躍遷到半徑較大的軌道時(shí)，電子的動(dòng)能增大，原子總能量增大B．太陽(yáng)輻射的能量主要來(lái)自太陽(yáng)內(nèi)部的核裂變反應(yīng)C．90234Th的半衰期為24天，4gD．一個(gè)質(zhì)子和一個(gè)中子結(jié)合成一個(gè)氘核時(shí)釋放能量，表明此過(guò)程出現(xiàn)了質(zhì)量虧損【答案】D【解析】A．電子圍繞原子核做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由庫(kù)侖力提供向心力，則有ke2r2=mB．太陽(yáng)輻射的能量主要來(lái)自太陽(yáng)內(nèi)部的核聚變反應(yīng)，故B錯(cuò)誤；C．90234Th的半衰期為24天，4g90234Th經(jīng)過(guò)24天將衰變2g，再經(jīng)過(guò)24天2gD．一個(gè)質(zhì)子和一個(gè)中子結(jié)合成一個(gè)氘核時(shí)釋放能量，必然會(huì)出現(xiàn)質(zhì)量虧損，故D正確。故選D。5．某家庭電路兩端的電壓u隨時(shí)間t變化關(guān)系如圖所示，下列說(shuō)法正確的是（）A．該交流電的頻率為100HzB．該交流電的電壓有效值為311VC．交流電壓表測(cè)得該電壓示數(shù)為220VD．該交流電的電壓表達(dá)式為u=220sin100πt(V)【答案】C【解析】A．該交流電的周期為T(mén)=2×10?2s，則該交流電的頻率為BC．該交流電的電壓最大值為311V，則該交流電的電壓有效值為U=3112V=220VD．該交流電的電壓表達(dá)式為u=311sin100πt?(V)，故D錯(cuò)誤。故選C。6．如圖甲所示為以O(shè)點(diǎn)為平衡位置，在A(yíng)、B兩點(diǎn)間做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的彈簧振子，圖乙為這個(gè)彈簧振子的振動(dòng)圖像，由圖可知下列說(shuō)法中正確的是（）A．在t＝0.2s時(shí)，彈簧振子的加速度為正向最大B．在t＝0.2s與t＝0.6s兩個(gè)時(shí)刻，振子的速度都為零C．在t＝0.6s時(shí)，彈簧振子的彈性勢(shì)能最小D．從t＝0到t＝0.2s時(shí)間內(nèi)，彈簧振子做加速度減小的減速運(yùn)動(dòng)【答案】B【解析】A．在t＝0.2s時(shí)，彈簧振子的位移為正向最大值，而彈簧振子的加速度大小與位移大小成正比，方向與位移方向相反，A錯(cuò)誤；B.在t＝0.2s與t＝0.6s兩個(gè)時(shí)刻，振子在最大位移處，速度為零，B正確。C.在t＝0.6s時(shí)，彈簧振子的位移為負(fù)向最大值，即彈簧的形變量最大，彈簧振子的彈性勢(shì)能最大，C錯(cuò)誤；D.從t＝0到t＝0.2s時(shí)間內(nèi)，彈簧振子從平衡位置向正向最大位移處運(yùn)動(dòng)，位移逐漸增大，加速度逐漸增大，加速度方向與速度方向相反，彈簧振子做加速度增大的減速運(yùn)動(dòng)，D錯(cuò)誤；故選B。7．兩等量異種點(diǎn)電荷分別放置于真空中的A、B兩點(diǎn)，如圖所示，a、b、c為電場(chǎng)中的三點(diǎn)，實(shí)線(xiàn)PQ為A、B連線(xiàn)的中垂線(xiàn)，a、b兩點(diǎn)關(guān)于A(yíng)B對(duì)稱(chēng)，a、c兩點(diǎn)關(guān)于PQ對(duì)稱(chēng)。已知A點(diǎn)放置的是正點(diǎn)電荷，則下列判斷正確的是（）A．a(chǎn)點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)與c點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)相同B．a(chǎn)點(diǎn)的電勢(shì)與c點(diǎn)的電勢(shì)相同C．電子在a點(diǎn)的電勢(shì)能大于其在b點(diǎn)的電勢(shì)能D．若將電子沿直線(xiàn)由a點(diǎn)移動(dòng)到b點(diǎn)，則電場(chǎng)力先做正功，后做負(fù)功【答案】D【解析】A．由等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)線(xiàn)分布特點(diǎn)知，a點(diǎn)和c點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度，大小相同，方向不同。故A錯(cuò)誤；B．由等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)線(xiàn)分布特點(diǎn)知，a點(diǎn)電勢(shì)高于c點(diǎn)的電勢(shì)。故B錯(cuò)誤；C．由等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)線(xiàn)分布特點(diǎn)知，a點(diǎn)電勢(shì)等于b點(diǎn)的電勢(shì)，則電子在a點(diǎn)的電勢(shì)能等于其在b點(diǎn)的電勢(shì)能。故C錯(cuò)誤；D．將帶電子沿直線(xiàn)由a點(diǎn)移動(dòng)到b點(diǎn)，根據(jù)等勢(shì)線(xiàn)分布圖可知，電勢(shì)先升高后降低，所以電場(chǎng)力先做正功，后做負(fù)功，故D正確。故選D。8．如圖所示，在光滑絕緣水平面上有一單匝線(xiàn)圈ABCD，在水平外力作用下以大小為v的速度向右勻速進(jìn)入豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，第二次以大小為v3A．第二次進(jìn)入與第一次進(jìn)入時(shí)線(xiàn)圈中的電流之比為1∶3B．第二次進(jìn)入與第一次進(jìn)入時(shí)外力做功的功率之比為1∶9C．第二次進(jìn)入與第一次進(jìn)入時(shí)線(xiàn)圈中產(chǎn)生的熱量之比為1∶9D．第二次進(jìn)入與第一次進(jìn)入時(shí)通過(guò)線(xiàn)圈中某一橫截面的電荷量之比為1∶1【答案】C【解析】A．設(shè)磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，CD邊長(zhǎng)度為L(zhǎng)，AD邊長(zhǎng)為L(zhǎng)′，線(xiàn)圈電阻為R；線(xiàn)圈進(jìn)入磁場(chǎng)過(guò)程中，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為E=BLv，感應(yīng)電流為I=ERB．線(xiàn)圈進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)受到的安培力為F安=BIL=B2L2vC．線(xiàn)圈進(jìn)入磁場(chǎng)過(guò)程中產(chǎn)生的熱量為Q=I2Rt=D．通過(guò)導(dǎo)線(xiàn)橫截面電荷量為q=IΔt=ΔΦ9．某同學(xué)按照如圖所示連接了電路，利用電流傳感器研究電容器的充電和放電過(guò)程，先使開(kāi)關(guān)S接1，電容器充電完畢后將開(kāi)關(guān)擲向2，可視為理想電流表的電流傳感器將電流信號(hào)傳入計(jì)算機(jī)，屏幕上顯示出電流隨時(shí)間變化的I-t曲線(xiàn)，如圖所示。定值電阻R已知，且從圖中可讀出最大放電電流I0以及圖線(xiàn)與坐標(biāo)軸圍成的面積S，但電源電動(dòng)勢(shì)、內(nèi)電阻、電容器的電容均未知，下列說(shuō)法中正確的是（）A．根據(jù)題目所給的信息能求出電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻B．電容器放電過(guò)程中電阻R兩端的電壓變大C．根據(jù)題目所給的信息能求出電容器的電容D．由計(jì)算機(jī)采集的電流可知流過(guò)電阻R的電流方向規(guī)定向右為正【答案】C【解析】B．電容器放電過(guò)程中電流減小，則電阻R兩端的電壓變小，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．根據(jù)Q=It可知，I?t圖像與兩坐標(biāo)軸圍成的面積表示電容器放出的總電荷量，即Q=S，電阻R兩端的最大電壓即為電容器剛開(kāi)始放電的時(shí)候，則最大電壓Umax=I0RA．電源的內(nèi)電阻在右面的充電電路中，根據(jù)題意只知道電源的電動(dòng)勢(shì)等于電容器充滿(mǎn)電兩板間的電壓，即剛開(kāi)始放電時(shí)的電壓，即E=UD．電容器放電時(shí)，流過(guò)電阻R的電流為向左，則由計(jì)算機(jī)采集的電流可知流過(guò)電阻R的電流方向規(guī)定向左為正，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選C。10．關(guān)于以下四幅課本中的插圖，下列說(shuō)法正確的是A．圖甲是速度選擇器示意圖，若不計(jì)粒子重力，由圖可以判斷出帶電粒子的電性B．圖乙是磁流體發(fā)電機(jī)結(jié)構(gòu)示意圖，由圖可以判斷出A極板是發(fā)電機(jī)的正極C．圖丙是質(zhì)譜儀結(jié)構(gòu)示意圖，打在底片上的位置越靠近入射點(diǎn)，粒子的比荷越大D．圖丁是回旋加速器示意圖，若僅增加電壓U，可增大粒子飛出加速器時(shí)動(dòng)能【答案】C【解析】A．根據(jù)左手定則可知，無(wú)論粒子電性如何，當(dāng)粒子沿直線(xiàn)通過(guò)速度選擇器時(shí)，其所受電場(chǎng)力與洛倫茲力方向都可以相反，所以無(wú)法判斷粒子電性，故A錯(cuò)誤；B.根據(jù)左手定則可知，等離子體中的正離子將向B極板偏轉(zhuǎn)，所以B極板是發(fā)電機(jī)的正極，故B錯(cuò)誤；C.設(shè)粒子進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度大小為v，根據(jù)動(dòng)能定理有qU=12mv2D.設(shè)回旋加速器D形盒的半徑為R，粒子獲得的最大速度為vm，根據(jù)牛頓第二定律有qvmB=mvm11．一水平輕彈簧的兩端與質(zhì)量分別為m1和m2的兩物塊A、B相連接，并靜止在光滑的水平面上?，F(xiàn)使A瞬時(shí)獲得水平向右的速度3m/s，此后兩物塊的速度隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖所示，從圖像信息可得（）A．在t1、t3時(shí)刻兩物塊達(dá)到共同速度1m/s，且彈簧都是處于壓縮狀態(tài)B．從t1到t3時(shí)刻彈簧由壓縮狀態(tài)恢復(fù)到原長(zhǎng)C．兩物體的質(zhì)量之比為m1:m2＝1:3D．在t2時(shí)刻A與B的動(dòng)能之比為Ek1:Ek2＝1:8【答案】D【解析】A．由圖可知t1、t3時(shí)刻兩物塊達(dá)到共同速度1m/s，且此時(shí)系統(tǒng)動(dòng)能最小，根據(jù)系統(tǒng)機(jī)械能守恒可知，此時(shí)彈性勢(shì)能最大，而t=0、t2、t4三個(gè)時(shí)刻彈簧處于原長(zhǎng)狀態(tài)，故t1彈簧處于壓縮狀態(tài)，t3時(shí)刻彈簧處于伸長(zhǎng)狀態(tài)，故A錯(cuò)誤；B．結(jié)合圖象，開(kāi)始時(shí)m1逐漸減速，m2逐漸加速，彈簧被壓縮，t1時(shí)刻二者速度相等，系統(tǒng)動(dòng)能最小，勢(shì)能最大，彈簧被壓縮最短，然后彈簧逐漸恢復(fù)原長(zhǎng)，m2依然加速，m1先減速為零，然后反向加速，t2時(shí)刻，彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)狀態(tài)，由于此時(shí)兩物塊速度相反，因此彈簧的長(zhǎng)度將逐漸增大，兩木塊均減速，當(dāng)t3時(shí)刻，二木塊速度再次相等，系統(tǒng)動(dòng)能最小，彈簧最長(zhǎng)，因此從從t1到t3時(shí)刻中彈簧由壓縮狀態(tài)恢復(fù)原長(zhǎng)再伸長(zhǎng)，故B錯(cuò)誤；C．系統(tǒng)動(dòng)量守恒，選擇開(kāi)始到t1時(shí)刻列方程可知m1v1=(m1+m2)v2，將v1=3m/s，v2=1m/s代入得m1：m2=1：2，故C錯(cuò)誤；D．在t2時(shí)刻A的速度為vA=1m/s，B的速度為vB=2m/s，根據(jù)m1：m2=1：2，Ek=12m12．如圖是某品牌排煙風(fēng)機(jī)的相關(guān)參數(shù)，若已知空氣密度為1.3kg/m風(fēng)機(jī)流量22000風(fēng)機(jī)效率65%電機(jī)電功率5.5風(fēng)機(jī)轉(zhuǎn)速1450工作電壓220V/50HzA．風(fēng)機(jī)的轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度為314rad/sB．出風(fēng)口半徑約為0.26mC．空氣排出的速度約為15m/sD．排風(fēng)扇的內(nèi)電阻約為8.8Ω【答案】B【解析】A．由公式ω=2πn可得，風(fēng)機(jī)的轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度為ω=2π?C．設(shè)空氣排出的速度為v，時(shí)間t內(nèi)，由能量守恒有P出t=1B．根據(jù)流量計(jì)算公式Q=vπr2可得，出風(fēng)口半徑約為r=QD．根據(jù)題意可知，風(fēng)機(jī)的輸出功率為P出=P風(fēng)機(jī)的工作電流為I=P電U=25A，由公式P熱=I13．在“探究加速度與物體受力、物體質(zhì)量的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)中，將具有加速度測(cè)量功能的智能手機(jī)固定在小車(chē)上，改裝成如圖1所示的裝置來(lái)測(cè)量小車(chē)加速度。小車(chē)的質(zhì)量M=300g，槽碼的質(zhì)量m=30g。小車(chē)由靜止釋放，設(shè)小車(chē)前進(jìn)的方向?yàn)檎较?，通過(guò)手機(jī)軟件測(cè)得加速度隨時(shí)間變化圖像如圖2所示，其中減速過(guò)程中加速度超過(guò)了手機(jī)的顯示范圍。關(guān)于此實(shí)驗(yàn)的分析，下列說(shuō)法正確的是（）A．此手機(jī)的質(zhì)量約為170gB．放手機(jī)與不放手機(jī)相比，小車(chē)加速過(guò)程中的加速度較大C．放手機(jī)與不放手機(jī)相比，小車(chē)加速過(guò)程中細(xì)線(xiàn)對(duì)小車(chē)的拉力較小D．小車(chē)與制動(dòng)器碰撞前的速度大小約為2.4m/s【答案】A【解析】A．由圖像可知，加速階段的加速度為a=0.6m/s2，M=300g，m=30g帶入a=mgm+M+m機(jī)，可得B．對(duì)小車(chē)和槽碼的整體，由牛頓第二定律可知a=mgm+M，因放上手機(jī)后，M變大，則加速度減小，即放手機(jī)后，小車(chē)加速過(guò)程中的加速度較小，選項(xiàng)C．對(duì)小車(chē)分析可知，T=Ma=mMgm+M=D．由a-t圖像可知，圖像的“面積”的與速度的變化量，則小車(chē)與制動(dòng)器碰撞前的速度大小約為

v=0.6×1.6m/s≈1.0m/s，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；故選A。14．利用霍爾元件可以進(jìn)行微小位移的測(cè)量。如圖甲所示，將固定有霍爾元件的物體置于兩塊磁性強(qiáng)弱相同、同極相對(duì)放置的磁體縫隙中，建立如圖乙所示的空間坐標(biāo)系。保持沿x方向通過(guò)霍爾元件的電流I不變，當(dāng)物體沿z軸方向移動(dòng)時(shí)，由于不同位置處磁感應(yīng)強(qiáng)度B不同，霍爾元件將在y軸方向的上、下表面間產(chǎn)生不同的霍爾電壓UH。當(dāng)霍爾元件處于中間位置時(shí)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B為0，UH為0，將該點(diǎn)作為位移的零點(diǎn)。在小范圍內(nèi)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小和坐標(biāo)z成正比，這樣就可以把電壓表改裝成測(cè)量物體微小位移的儀表。下列說(shuō)法中正確的是（）A．該儀表只能測(cè)量位移的大小，無(wú)法確定位移的方向B．該儀表的刻度線(xiàn)是不均勻的C．若霍爾元件中導(dǎo)電的載流子為電子，則當(dāng)?z>0時(shí)，上表面電勢(shì)高D．電流I越大，霍爾電壓UH越大【答案】D【解析】設(shè)載流子的電荷量為q，沿電流方向定向運(yùn)動(dòng)的平均速率為v，單位體積內(nèi)自由移動(dòng)的載流子數(shù)為n，導(dǎo)體板橫截面積為S，霍爾元件沿z軸厚度為a，霍爾元件沿y軸厚度為b，則電流的微觀(guān)表達(dá)式為I=nqSv=nqabv，載流子在磁場(chǎng)中受到洛倫茲力F洛=qvB，載流子在洛倫茲力作用向上或向下移動(dòng)，上下表面出現(xiàn)電勢(shì)差，則載流子受到的電場(chǎng)力為FA．由UHB．小范圍內(nèi)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小和坐標(biāo)z成正比，由UH=BInqa可知，C．在?z>0區(qū)域，B方向沿z軸負(fù)方向，用左手定則可判斷電流受力方向沿y軸正方向，故載流子向上移動(dòng)，因載流子帶負(fù)電，故上表面電勢(shì)低，故C錯(cuò)誤；D．由UH=BI二、第二部分：本部分共6題，共58分。15．（8分）（1）某同學(xué)使用如圖裝置來(lái)“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”。其操作過(guò)程如下：A．把氣墊導(dǎo)軌固定在有一定傾角的斜面上，調(diào)整氣墊導(dǎo)軌，使之與斜面平行，用量角器測(cè)量出斜面的傾角為α；B．在氣墊導(dǎo)軌上的恰當(dāng)位置固定兩個(gè)光電門(mén)“1”和“2”，用刻度尺測(cè)量出兩個(gè)光電門(mén)之間的距離為x；C．在滑塊上垂直裝上遮光條，使用游標(biāo)卡尺測(cè)量出遮光條的寬度為d；D．使用天平測(cè)量出滑塊和遮光條的總質(zhì)量為m；E．在氣墊導(dǎo)軌上，由靜止釋放滑塊，滑塊先后通過(guò)兩個(gè)光電門(mén)，用光電計(jì)時(shí)器記錄遮光條通過(guò)光電門(mén)“1”和“2”的時(shí)間分別為t1、t2。重力加速度為g。則：①如圖所示，是用游標(biāo)卡尺測(cè)量遮光條的寬度示意圖．其寬度為d＝________cm；②在滑塊和遮光條從光電門(mén)“1”運(yùn)動(dòng)到光電門(mén)“2”的過(guò)程中，滿(mǎn)足關(guān)系式___________________時(shí)（用測(cè)量的物理量字母表示），滑塊和遮光條的機(jī)械能守恒．（2）在“測(cè)定玻璃的折射率”實(shí)驗(yàn)時(shí)：①下列做法正確的是________；A．入射角越大，誤差越小B．畫(huà)出玻璃磚邊界面后，實(shí)驗(yàn)過(guò)程中玻璃磚就可以任意移動(dòng)了C．插大頭針時(shí)，要盡量讓針處于豎直狀態(tài)且間距適當(dāng)遠(yuǎn)一些D．所用玻璃磚必須是平行玻璃磚，用其他形狀的玻璃磚無(wú)法測(cè)得其折射率②某學(xué)生在插第三枚大頭針P3時(shí)，在視線(xiàn)中看到P1、P2兩枚大頭針“斷”成了a、b、c、d四截，如圖所示。確的做法是讓P3同時(shí)擋住________．A．a(chǎn)、b B．c、d C．a(chǎn)、c D．b、d【答案】（1）2.030；gxsinα=12(dt2【解析】（1）[1]游標(biāo)尺是20分度，分度值為0.05mm，由題圖可知，游標(biāo)尺的第6刻線(xiàn)與主尺的刻線(xiàn)對(duì)齊，因此遮光條的寬度為d=20mm+6×0.05mm=20.30mm=2.030cm；[2]若滑塊和遮光條機(jī)械能守恒，需滿(mǎn)足關(guān)系式mgxsinα=12m（2）[3]A．入射角不宜太大也不宜太小，入射角過(guò)大，會(huì)使折射光線(xiàn)亮度變暗，入射角太小則入射角、折射角的相對(duì)誤差較大，A錯(cuò)誤；

B．實(shí)驗(yàn)過(guò)程中，玻璃磚與白紙的相對(duì)位置不能改變，B錯(cuò)誤；

C．插大頭針時(shí)，讓針處于豎直狀態(tài)且間距適當(dāng)遠(yuǎn)一些有助于減小誤差，C正確；

D．除了平行玻璃磚其他形狀的玻璃磚也能測(cè)出折射率，D錯(cuò)誤。故選C。[4]在本實(shí)驗(yàn)中P3應(yīng)擋住P1、P2透過(guò)玻璃磚的像，而不是P1、P2，題圖中a、b為P1、P2，c、d為P1、P2透過(guò)玻璃磚的像，即應(yīng)讓P3同時(shí)擋住c、d。故選B。16．（10分）某同學(xué)要測(cè)量一個(gè)由均勻新材料制成的圓柱體的電阻Rx，步驟如下：（1）用螺旋測(cè)微器測(cè)量其直徑為_(kāi)______mm；（2）①用多用電表的電阻“×10”擋，按正確的操作步驟初步測(cè)得該電阻的阻值約為_(kāi)_______Ω；②實(shí)驗(yàn)室還提供了如下器材：電池組E（電動(dòng)勢(shì)為3V，內(nèi)阻不計(jì)）；電流表A1：量程為0～10mA，內(nèi)阻r1約50Ω電流表A2：量程為0～500μA，內(nèi)阻r2滑動(dòng)變阻器R1（阻值范圍為0～20Ω，額定電流2A）；電阻箱R2（阻值范圍為0～9999Ω，額定電流1A）開(kāi)關(guān)S，導(dǎo)線(xiàn)若干。為了用伏安法盡可能準(zhǔn)確地測(cè)量Rxa．上述器材中缺少電壓表，先需將電流表A2改裝成電壓表，然后在如圖方框中畫(huà)出用伏安法測(cè)量Rxb．實(shí)驗(yàn)中，將電流表A2改裝成量程為2.5V的電壓表，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器R1，讀出電流表A1的示數(shù)I=6.0mA，此時(shí)電流表A2的示數(shù)如圖所示，則其對(duì)應(yīng)的電壓測(cè)量值是U=_________V，根據(jù)以上實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)和Rx=UI，電阻【答案】(1)4.700；(2)a.220；圖見(jiàn)解析；b.1.2；2.0×102；【解析】（1）[1]螺旋測(cè)微器讀數(shù)為4.5mm+20.0×0.01mm=4.700mm；（2）①[2]多用電表的電阻“×10”擋，其讀數(shù)為22×10Ω=220Ω②a[3]電流表改裝成電壓表，串聯(lián)電阻（電阻箱）可以完成，由于電流的表A1的內(nèi)阻相對(duì)待測(cè)電阻Rx很小，且大小不確定，采用電流表外接法，滑動(dòng)變阻器Rb[4]改裝后的電壓表等效內(nèi)阻為RV電流表A2的示數(shù)為240μA，則其對(duì)應(yīng)的電壓測(cè)量值U=I[5]電阻Rx的測(cè)量值[6][7]由于改裝后的電壓表分流作用，電流表A1測(cè)量的電流值大于流過(guò)Rx的電流，根據(jù)R=U17．（9分）2022年將在我國(guó)舉辦第二十四屆冬奧會(huì)，跳臺(tái)滑雪是其中最具觀(guān)賞性的項(xiàng)目之一。某滑道示意圖如下，長(zhǎng)直助滑道AB與彎曲滑道BC平滑銜接，滑道BC高h(yuǎn)=10m，C是半徑R=20m圓弧的最低點(diǎn)，質(zhì)量m=60kg的運(yùn)動(dòng)員從A處由靜止開(kāi)始勻加速下滑，加速度a=4.5m/s2，到達(dá)B點(diǎn)時(shí)速度vB=30m/s。取重力加速度g=10m/s(1)求長(zhǎng)直助滑道AB的長(zhǎng)度L；(2)求運(yùn)動(dòng)員在A(yíng)B段所受合外力的沖量的I大??；(3)若不計(jì)BC段的阻力，畫(huà)出運(yùn)動(dòng)員經(jīng)過(guò)C點(diǎn)時(shí)的受力圖，并求其所受支持力FN的大小?！敬鸢浮?1)100?m；(2)1?800【解析】（1）已知AB段的初末速度，則利用運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可以求解斜面的長(zhǎng)度，即vB2?(2)根據(jù)動(dòng)量定理可知合外力的沖量等于動(dòng)量的該變量所以I=m(3)小球在最低點(diǎn)的受力如圖所示由牛頓第二定律可得，N?mg=mv從B運(yùn)動(dòng)到C由動(dòng)能定理可知mg?=12m18．（9分）兩根足夠長(zhǎng)平行金屬導(dǎo)軌MN、PQ固定在傾角θ=37°的光滑絕緣斜面上，頂部接有一阻值R=3Ω的定值電阻，下端開(kāi)口，軌道間距L=1m。整個(gè)裝置處于磁感應(yīng)強(qiáng)度為B=2T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)方向垂直斜面向上。質(zhì)量m=1kg的金屬棒ab，沿導(dǎo)軌運(yùn)動(dòng)時(shí)始終垂直于導(dǎo)軌，且與導(dǎo)軌接觸良好。金屬棒ab從靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)下降的豎直高度為?=6m時(shí)，速度已經(jīng)達(dá)到最大速度。金屬棒ab在導(dǎo)軌之間的電阻R0=1Ω，電路中其余電阻不計(jì)。sin37°=0.6，cos37°=0.8，?。?）求金屬棒ab達(dá)到的最大速度vm（2）金屬棒ab沿導(dǎo)軌向下運(yùn)動(dòng)速度最大后，導(dǎo)體棒ab兩端的電勢(shì)差Uab（3）從金屬棒ab開(kāi)始運(yùn)動(dòng)至達(dá)到最大速度過(guò)程中，電阻R上產(chǎn)生的熱量QR【答案】（1）6m/s；（2）9V【解析】（1）金屬棒ab達(dá)到的最大速度時(shí)有mgsinθ=B（2）金屬棒ab切割磁感線(xiàn)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小E=BLvm=12V，

導(dǎo)體棒ab（3）由能量守恒可得mg?=Q+12mvm2，解得19．（10分）北京時(shí)間2020年12月2日4時(shí)53分，探月工程“嫦娥五號(hào)”的著陸器和上升器組合體完成了月壤采樣及封裝。封裝結(jié)束后上升器的總質(zhì)量為m，它將從著陸器上發(fā)射，離開(kāi)月面。已知月球質(zhì)量為M，月球的半徑R，引力常量為G，忽略月球的自轉(zhuǎn)。（1）求表面重力加速度為g；（2）月球表面沒(méi)有大氣層。上升器從著陸器上發(fā)射時(shí)，通過(guò)推進(jìn)劑燃燒產(chǎn)生高溫高壓氣體，從尾部向下噴出而獲得動(dòng)力，如圖所示。若發(fā)射之初上升器加速度大小為a，方向豎直向上，上升器發(fā)動(dòng)機(jī)向下噴出氣體的速度為v，不考慮上升器由于噴氣帶來(lái)的質(zhì)量變化，求每秒噴出氣體的質(zhì)量；（3）不計(jì)其