2024年浙教版高二物理下冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年浙教版高二物理下冊階段測試試卷670考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、某電場的等勢線分布如圖所示；對該電場下列說法正確的是（）

A.A點的電場強(qiáng)度方向沿該點的切線方向B.A點的電場強(qiáng)度大于C點的電場強(qiáng)度C.將電子從A點移到C點其電勢能減少4eVD.將檢驗電荷q從A點移到B點外力一定做正功2、“抬頭望明月，月在云中行”．這時選取的參考系是（）A.云B.月亮C.地面E.云E.云3、簡諧橫波某時刻的波形如圖所示；P為介質(zhì)中的一個質(zhì)點，波沿x軸的正方向傳播．下列說法正確的是（）

A.質(zhì)點P此時刻的速度沿x軸的正方向B.質(zhì)點P此時刻的加速度沿x軸的正方向C.再過半個周期時，質(zhì)點P的位移為負(fù)值D.經(jīng)過一個周期，質(zhì)點P通過的路程為2a4、關(guān)于回旋加速器中電場和磁場的說法中正確的是（）A.電場的變化周期隨帶電粒子做圓周運(yùn)動速度增大而減小B.電場和磁場是交替地對帶電粒子做功的C.只有磁場能對帶電粒子起加速作用D.磁場的作用是使帶電粒子在D形盒中做勻速圓周運(yùn)動5、如圖所示，一定值電阻R0

與一滑動變阻器R

串聯(lián)在電路中，電源電阻為r

則下列判斷正確的是(

)

A.當(dāng)滑動變阻器滑片置于a

端時，R0

消耗的功率最大，電源功率最小B.當(dāng)滑動變阻器滑片置于a

端時，R0

消耗的功率最大，電源功率最大．C.當(dāng)滑動變阻器滑片置于b

端時，R0

消耗的功率最小，R

消耗的功率最大．D.當(dāng)滑動變阻器滑片置于b

端時，R0

消耗的功率最小，R

消耗的功率最?。u卷人得分二、填空題(共5題，共10分)6、把6盞阻值都是480歐的電燈并聯(lián)起來，做成一個電燈變阻器，這個變阻器的最小阻值____歐、如果要使這個變阻器的阻值為120歐，應(yīng)接通____盞燈．7、如圖所示，勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度為0.8T，矩形線圈abcd的邊長為ab=10cm，bc=20cm；線圈平面與磁場平行．

（1）若以ab邊為軸，線圈轉(zhuǎn)過90°，這時穿過線圈的磁通量為______，在這一過程中，磁通量的變化量為______．

（2）若以ad邊為軸，線圈轉(zhuǎn)過90°，這時穿過線圈的磁通量為______，磁通量的變化量為______．8、有一毫伏表，它的內(nèi)阻是100Ω，量程為300mV，現(xiàn)要將它改裝成量程為3V的伏特表，應(yīng)______（并、串）聯(lián)一個______Ω的電阻．9、核電站是利用重核裂變時釋放出的______能，通過一系列能量轉(zhuǎn)化過程，最終輸出______能.

10、鐵路上每根鋼軌的長度為12m，若支持車廂的彈簧的固有頻率為2Hz，那么列車的速度v="________"m/s時車振動的最厲害。評卷人得分三、判斷題(共9題，共18分)11、電勢差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）12、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強(qiáng)度的方向．（判斷對錯）13、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對錯）14、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場，場強(qiáng)大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對錯）

15、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

16、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運(yùn)動到c點．設(shè)電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強(qiáng)度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

17、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）18、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強(qiáng)度的方向．（判斷對錯）19、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對錯）評卷人得分四、實驗探究題(共1題，共5分)20、某同學(xué)在做“利用單擺測重力加速度”實驗中；先測得擺線長為97.50cm

擺球直徑為2.0cm

然后用秒表記錄了單擺振動50

次所用的時間為99.9s.

則。

(1)

該擺擺長為______cm

．

(2)(

單選題)

如果他測得的g

值偏??；可能的原因是______

A.測擺線長時擺線拉得過緊。

B.擺線上端未牢固地系于懸點；振動中出現(xiàn)松動，使擺線長度增加了。

C.開始計時；秒表過遲按下。

D.實驗中誤將49

次全振動數(shù)為50

次．參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、B【分析】解：A；根據(jù)電場強(qiáng)度方向與等勢面垂直；知A點的電場強(qiáng)度方向與該點的切線方向垂直，故A錯誤。

B、由E=知；等差等勢面密處電場強(qiáng)度大，所以A點的電場強(qiáng)度大于C點的電場強(qiáng)度，故B正確。

C、將電子從A點移到C點的過程中，電勢降低，電子帶負(fù)電，由Ep=qφ知電子的電勢能增加；且增加e（10V-6V）=4eV，故C錯誤。

D；將檢驗電荷q從A點移到B；若q帶正電，電場力做正功，外力不一定做正功，故D錯誤。

故選：B。

電場強(qiáng)度方向與等勢面垂直，由等差等勢面的分布可分析場強(qiáng)的大??；將電子從A點移到C點，由Ep=qφ分析電勢能的變化；由電場力做功公式W=qU求電場力做功情況．

解決本題的關(guān)鍵是明確電場強(qiáng)度與等勢面的關(guān)系、電勢能與電勢的關(guān)系，電場力做功與電勢的關(guān)系．要注意電子帶負(fù)電，電子在電勢高處電勢能小．【解析】B2、A【分析】解：參考系是研究運(yùn)動時來當(dāng)作參考的物體；是假定不動的．抬頭望明月，覺得月亮在云中穿行，是月亮相對于云在運(yùn)動，故參考系為云；

月亮相對于地面的運(yùn)動在短時間內(nèi)是不易觀察的；而題中已說明月亮在云中穿行即相對于云的運(yùn)動；故只有A正確；

故選：A．

參考系；是指研究物體運(yùn)動時所選定的參照物體或彼此不作相對運(yùn)動的物體系；參考系的選取是任意的，如何選擇參考系，必須從具體情況來考慮．

運(yùn)動的相對性和參考系的選擇問題．月亮在云中穿行，是月亮相對于云在運(yùn)動．【解析】【答案】A3、C【分析】解：A；由題圖可得；波沿x軸方向傳播，P質(zhì)點在該時刻的運(yùn)動方向沿y軸正方向運(yùn)動，故A錯誤；

B、由題可知，P在X軸上方，但由于加速度a=-可知加速度的方向向下．故B錯誤；

C；P質(zhì)點在該時刻的運(yùn)動方向沿y軸正方向運(yùn)動；再過半個周期時，質(zhì)點P的位置在P的關(guān)于x的對稱的位置上，位移為負(fù)值．故C正確；

D；經(jīng)過一個周期；質(zhì)點P通過的路程為4a．故D錯誤；

故選：C．

根據(jù)波的傳播方向確定質(zhì)點的振動方向，從而確定質(zhì)點的位移如何變化，位移越大，勢能越大，則動能越小可以求出速度的變化情況；又a=-可以求出加速度的變化情況．經(jīng)過一個周期，質(zhì)點P通過的路程是4倍振幅．

只要掌握了質(zhì)點的振動方向和波的傳播方向之間的關(guān)系，就能知道質(zhì)點的運(yùn)動方向，從而確定質(zhì)點的位移的變化情況，進(jìn)而確定速度和加速度的變化趨勢．【解析】【答案】C4、D【分析】解：A、電場的變化周期與粒子在磁場中運(yùn)動周期相同，而根據(jù)T=可知，帶電粒子做圓周運(yùn)動的周期與速度無關(guān)，故A錯誤；

BCD；回旋加速器是利用電場進(jìn)行加速；而磁場中受到洛倫茲力作用，由于洛倫茲力方向始終垂直于速度方向，所以在磁場中速度的大小不變，沒有起到加速作用，反而使粒子偏轉(zhuǎn)，做勻速圓周運(yùn)動．故BC錯誤，D正確．

故選：D．

回旋加速器是利用電場進(jìn)行加速；磁場進(jìn)行偏轉(zhuǎn)，在洛倫茲力作用下，做勻速圓周運(yùn)動．

解決本題的關(guān)鍵知道回旋加速器是利用電場進(jìn)行加速，磁場進(jìn)行偏轉(zhuǎn)的．以及知道粒子在磁場中運(yùn)動的洛倫茲力不做功．【解析】【答案】D5、B【分析】解：AB

當(dāng)滑動變阻器滑片置于a

端時；電路中最小，電流最大，則R0

消耗的功率最大，由P=EI

分析電源的功率最大，故A錯誤，B正確．

CD

當(dāng)滑動變阻器滑片置于b

端時；電路中電阻最大，電流最小，則R0

消耗的功率最小.

將R0

看成電源的內(nèi)阻，由于等效電源的內(nèi)阻與R

的大小關(guān)系不確定，所以不能判斷等效電源輸出功率如何變化，即不能判斷R

消耗功率是否最大或最小.

故CD錯誤．

故選：B

當(dāng)電路中電流最大時；定值電阻R0

消耗的功率最大，當(dāng)電路中電流最小時，定值電阻R0

消耗的功率最小，由P=EI

分析電源的功率．

分析電阻的功率如何變化時，要分是定值電阻還是可變電阻，若是定值電阻，只要分析電流的變化即可.

而對于可變電阻，可采用等效法研究．【解析】B

二、填空題(共5題，共10分)6、略

【分析】

把6盞阻值都是480歐的電燈并聯(lián)起來，做成一個電燈變阻器，當(dāng)6盞燈全部接通時，這個變阻器的電阻值最小，為：R1=

如果要使這個變阻器的阻值為120歐，應(yīng)接通盞數(shù)為：n=

故答案為：80；4．

【解析】【答案】把n盞阻值都是480歐的電燈并聯(lián)起來，相當(dāng)于把電阻絲的橫截面積增加到n倍，故電阻減小為倍．

7、略

【分析】解：（1）若以ab邊為軸；線圈轉(zhuǎn)過90°；

在勻強(qiáng)磁場中，穿過線框的磁通量公式為：Φ=BS=0.8×0.1×0.2=1.6×10-2Wb；

在這一過程中，磁通量的變化量為△?=?-0=1.6×10-2Wb；

（2）若以ad邊為軸；線圈轉(zhuǎn)過90°，線框與磁場平行，沒有磁感線穿過線框，則穿過線框的磁通量為0，變化也為零．

故答案為：（1）1.6×10-2Wb，1.6×10-2Wb；（2）0；0．

在勻強(qiáng)磁場中；穿過線框的磁通量公式為：Φ=BS；磁感線可以用穿過線框的磁感線的條數(shù)來理解．當(dāng)線框與磁場平行時，穿過線框的磁通量為零．

對于磁通量，關(guān)鍵抓住兩種特殊下磁通量的求解公式：在勻強(qiáng)磁場中，當(dāng)B⊥S時，Φ=BS；當(dāng)B∥S，Φ=0．根據(jù)這兩種情況，運(yùn)用投影的方法可求線框與磁場成任意角時的磁通量．【解析】1.6×10-2Wb；1.6×10-2Wb；0；08、略

【分析】解：把0.3V的電壓表改成成3V電壓表；電壓表量程擴(kuò)大了10倍；

需要串聯(lián)一個分壓電阻；串聯(lián)電阻分壓為：3-0.3=2.7V；

串聯(lián)電阻阻值：R=RmV=×100=900Ω；

故答案為：串；900．

把電壓表改裝成大量程電壓表需要串聯(lián)分壓電阻；應(yīng)用串聯(lián)電路特點與歐姆定律可以求出串聯(lián)電阻阻值．

本題考查了電壓表的改裝，知道電壓表改裝原理是解題的關(guān)鍵，應(yīng)用串聯(lián)電路特點可以解題．【解析】串；9009、核；電【分析】解：核電站是利用可控的核裂變釋放的核能發(fā)電的；

故答案為：核電。

核電站是利用可控的核裂變釋放的核能發(fā)電的；核能轉(zhuǎn)化為電能。

本題考查的知識比較廣，包含了不同的物理層面，但都屬于較簡單的基礎(chǔ)知識，是我們應(yīng)該注意了解和積累的本題考查的知識比較廣，包含了不同的物理層面，但都屬于較簡單的基礎(chǔ)知識，是我們應(yīng)該注意了解和積累的【解析】核；電10、略

【分析】【解析】試題分析：列車的固有周期當(dāng)列車在長12m的鋼軌上運(yùn)行的時間為0.5s時，車廂發(fā)生共振，振幅最大，所以．考點：產(chǎn)生共振的條件及其應(yīng)用．【解析】【答案】24m/s三、判斷題(共9題，共18分)11、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢的相對大小．

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標(biāo)量，正負(fù)表示大?。浑妱莶钆c零電勢點的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．12、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強(qiáng)度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強(qiáng)度的相對大小，切線方向表示電場強(qiáng)度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．13、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點；導(dǎo)體是等勢體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導(dǎo)體內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導(dǎo)體是等勢體．14、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強(qiáng)

根據(jù)場強(qiáng)的疊加原理得；則兩點的場強(qiáng)是由正點電荷和勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的合成，A點的場強(qiáng)大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產(chǎn)生的場強(qiáng)大小，判斷出場強(qiáng)方向，A點的場強(qiáng)是由正點電荷和勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強(qiáng)大小及方向．15、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負(fù)電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠(yuǎn)處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠(yuǎn)處的電勢為0，所以無窮遠(yuǎn)處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．16、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強(qiáng)度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強(qiáng)度的大?。?7、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強(qiáng)弱，電場線密的地方，電場強(qiáng)度大，疏的地方電場強(qiáng)度弱，沿電場線的方向電勢降低．18、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強(qiáng)度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可