2024年岳麓版必修3物理下冊月考試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年岳麓版必修3物理下冊月考試卷699考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖所示的電路中，電源電動勢為E、內阻為r，電流表A和電壓表V的電阻對電路的影響不計．當滑動變阻器R的滑片P從a端滑到b端的過程中（）

A.燈泡L逐漸變亮B.電壓表V的讀數(shù)增大C.電流表A的讀數(shù)減小D.電壓表讀數(shù)變化量ΔU與電流表讀數(shù)變化量ΔI的比值不變2、如圖所示，電流表、電壓表均為理想電表，L為小電珠．R為滑動變阻器，電源電動勢為E，內阻為r．現(xiàn)將開關S閉合；當滑動變阻器滑片P向左移動時，下列結論正確的是（）

A.電流表示數(shù)變小，電壓表示數(shù)變大B.小電珠L變亮C.電容器C上電荷量減小D.電源的總功率變大3、下列說法中正確的是（）A.導體中正電荷的運動就形成了電流B.在國際單位制中，電流的單位是安培C.電流有方向，它是一個矢量D.任何一個物體，只要其兩端電壓不為零，就有電流存在4、如圖所示,真空中兩等量異種點電荷+q、-q固定在y軸上．a(chǎn)bcd為等腰梯形，ad、bc邊與y軸垂直且被y軸平分．下列說法正確的是。

A.將電子從d點移動到b點,電勢能增加B.a點電勢高于d點電勢C.將質子從a點移動到c點,電場力做負功D.b、c場強相同5、如圖所示，勻強電場場強為1.0×103N/C，ab＝dc＝4cm，bc＝ad＝3cm；則下述計算結果正確的是。

A.ab之間的電勢差為4000VB.ad之間的電勢差為50VC.將q＝－5×10－3C的點電荷沿矩形路徑abcda移動一周，靜電力做功不為零D.將q＝－5×10－3C的點電荷沿abc或adc從a移到c靜電力做功都是－0.20J6、如圖甲所示，距離足夠大的兩平行金屬板中央有一個靜止的電子（不計電子所受重力），在A、B兩板間加上如圖乙所示的交變電壓。若取電子的初始運動方向為正，則下列圖像中，能正確反映電子的位移x、速度v、加速度a和動能隨時間（一個周期內）變化規(guī)律的是（）

A.B.C.D.7、如圖為近日曝光的摩拜共享電動單車，與普通電動車不同的是，摩拜共享電動自行車采用“共享充電寶+自行車的方式”，其電池與普通充電寶類似，容量為20000mAH，輸入、輸出電壓均為10V，輸入電流為8A，輸出電流為15A，可以支持驅動人和單車行駛10公里左右．已知成人在平路上騎自行車所受阻力約為20N，則()

A.該單車電池最多儲存電能7.2×104JB.該單車電池充電時，從零電量充至滿電量大約需要5hC.該單車電池電能的有效利用率約為27.8%D.成人在平路上騎自行車時，每秒鐘平均消耗的電能約20J左右評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)8、如圖，為勻強電場中的四個點，它們正好是矩形的四個頂點，電場線與矩形平面平行，已知點電勢為點電勢為點電勢為一電荷量為的粒子從點以的速度射入電場，入射方向與成45°，一段時間后經(jīng)過點；不計粒子重力，下列判斷正確的是（）

A.點電勢為B.場強方向由指向C.粒子帶正電D.粒子從運動到克服電場力做功為9、關于摩擦起電和感應起電的實質，下列說法中正確的是（）A.摩擦起電現(xiàn)象說明機械能可以轉化為電能，也說明通過做功可以創(chuàng)造電荷B.摩擦起電現(xiàn)象說明電荷可以從一個物體轉移到另一個物體C.摩擦起電現(xiàn)象說明電荷可以從物體的一部分轉移到另一部分D.不論是摩擦起電還是感應起電，都是電荷的轉移10、如圖所示,絕緣水平桌面上固定A、B兩個帶等量異種電荷的小球,A、B連線的中點處垂直桌面固定一粗糙絕緣直桿,桿上穿有一個帶有小孔的正電小球C,將C從桿上某一位置由靜止釋放,下落至桌面時速度恰好為零。C沿桿下滑時帶電荷量保持不變,三個帶電小球A、B、C均可視為點電荷那么C在下落過程中,以下判斷正確的是()

A.所受摩擦力變大B.電場力做正功C.電勢能不變D.下落一半高度時速度一定最大11、如圖所示，是正對、水平放置的平行板電容器的兩個極板，板接地。為可調電阻，用絕緣細線將質量為且?guī)д姷男∏驊矣陔娙萜鲀炔?。閉合開關小球靜止時受到懸線的拉力為下列判斷正確的是（）

A.保持不變，緩慢增大時，將減小B.保持不變，緩慢增大時，將變大C.保持不變，僅將板向左平移少許，小球電勢能增大D.保持不變，僅將板向右平移少許，將有電流向右通過12、如圖所示是密立根油滴實驗的原理示意圖，兩個水平放置、相距為d的足夠大金屬極板（原來不帶電），上極板中央有一小孔，通過小孔噴入小油滴。其中質量為的小油滴A在時間t內勻速下落此時給兩極板加上電壓U（上極板接正極），A經(jīng)過一段時間后向上勻速運動在時間t內勻速上升了已知油滴受到的空氣阻力大小為其中k為比例系數(shù)，m為油滴質量，v為油滴運動速率，重力加速度為g。則（）

A.比例系數(shù)B.A帶負電,且電荷量C.A上升距離電勢能的變化量為D.從極板施加電壓開始到A下降到最低點所用的時間為13、如圖甲所示，兩平行金屬板的板長和板間距離相等，板間存在如圖乙所示的隨時間周期性變化的電場，電場方向與兩板垂直，不計重力的帶電粒子沿板間中線垂直電場方向源源不斷地射入電場，粒子射入電場時的初動能均為已知時刻射入電場的粒子剛好沿上板右邊緣垂直電場方向射出電場。則（）

A.部分粒子會打到兩極板上B.每個粒子在板間運動全過程，所受電場力的沖量都為0C.運動過程中所有粒子的最大動能不可能超過D.有（）時刻射入電場的粒子才能垂直電場方向射出電場14、有兩個相同材料制成的導體，兩導體為上、下面為正方形的柱體，柱體高均為h，大柱體柱截面邊長為a，小柱體柱截面邊長為b，現(xiàn)將大小柱體串聯(lián)接在電壓U上，已知通過導體電流方向如圖，大小為I；則（）

A.導體電阻率為：B.導體電阻率為：C.大柱體中自由電荷定向移動的速率小于小柱體中自由電荷定向移動的速率D.大柱體中自由電荷定向移動的速率大于小柱體中自由電荷定向移動的速率評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)15、用如圖所示電路測量電源的電動勢和內阻，實驗器材：待測電源（電動勢約3V，內阻約2Ω），保護電阻R1（阻值10Ω）和R2（阻值5Ω），滑動變阻器R；電流表A，電壓表V，開關S，導線若干。

實驗主要步驟：

（ⅰ）將滑動變阻器接入電路的阻值調到最大；閉合開關；

（ⅱ）逐漸減小滑動變阻器接入電路的阻值，記下電壓表的示數(shù)U和相應電流表的示數(shù)I；

（ⅲ）以U為縱坐標，I為橫坐標，作圖線（U、I都用國際單位）；

（ⅳ）求出圖線斜率的絕對值k和在橫軸上的截距a。

回答下列問題：

（1）電壓表最好選用______；電流表最好選用______。

A．電壓表（0~3V，內阻約15kΩ）B．電壓表（0~3V；內阻約3kΩ）

C．電流表（0~200mA，內阻約2Ω）D．電流表（0~30mA；內阻約2Ω）

（2）滑動變阻器的滑片從左向右滑動，發(fā)現(xiàn)電壓表示數(shù)增大，兩導線與滑動變阻器接線柱連接情況是______；

A．兩導線接在滑動變阻器電阻絲兩端的接線柱。

B．兩導線接在滑動變阻器金屬桿兩端的接線柱。

C．一條導線接在滑動變阻器金屬桿左端接線柱；另一條導線接在電阻絲左端接線柱。

D．一條導線接在滑動變阻器金屬桿右端接線柱；另一條導線接在電阻絲右端接線柱。

（3）選用k、a、R1、R2表示待測電源的電動勢E和內阻r的表達式E＝______，r＝______，代入數(shù)值可得E和r的測量值。16、會用多用電表探索黑箱中的_______。17、摩擦起電：當兩種物質組成的物體互相摩擦時，一些受束縛較弱的電子會____________到另一個物體上。于是，原來電中性的物體由于得到電子而帶____________電，失去電子的物體則帶___________電。18、如圖所示，一個驗電器用金屬網(wǎng)罩罩住，當加上水平向右的、電場強度大小為E的勻強電場時，驗電器的箔片___________（選填“張開”或“不張開”），我們把這種現(xiàn)象稱為___________此時，金屬網(wǎng)罩的感應電荷在網(wǎng)罩內部空間會激發(fā)一個電場，它的電場強度大小為___________，方向與所加的電場方向___________（選填“相同”或“相反”）。

19、某同學利用游標卡尺和螺旋測微器分別測量一圓柱體工件的直徑和高度，測量結果如圖（a）和（b）所示。該工件的直徑為__________cm，高度為________mm。

20、描述電源將其他形式的能轉化為電能的本領大小的物理量是________，其單位可用國際單位制中的基本單位表示為________。評卷人得分四、實驗題(共3題，共18分)21、某同學要將量程為3mA的毫安表G改裝成量程為30mA的電流表。他先測量出毫安表G的內阻；然后對電表進行改裝，最后再利用一標準毫安表對改裝后的電流表進行校準，可供選擇的器材如下：毫安表頭G（量程3mA，內阻約為幾百歐姆）

A.滑動變阻器R1（0~1kΩ）；

B.滑動變阻器R2（0~10kΩ）；

C.電阻箱R（0~9999.9Ω）；

D.電源E1（電動勢約為1.5V）；

E.電源E2（電動勢約為9V）；開關；導線若干具體實驗步驟如下：

①按電路原理圖a連接電路；

②將滑動變阻器的阻值調到最大，閉合開關S1后調節(jié)滑動變阻器的阻值；使毫安表G的指針滿偏；

③閉合S2；保持滑動變阻器不變，調節(jié)電阻箱的阻值，使毫安表G的指針偏轉到量程的三分之一位置；

④記下電阻箱的阻值。

回答下列問題：

（1）為減小實驗誤差，實驗中電源應選用________（填器材前的字母），滑動變阻器應選用________（填器材前的字母）；

（2）如果按正確操作步驟測得電阻箱的阻值為90.0Ω，則毫安表G內阻的測量值Rg=________Ω，與毫安表內阻的真實值Rg'相比，Rg________（填“＞”“=”或“＜”）Rg'；

（3）若按照第（2）問測算的Rg，將上述毫安表G并聯(lián)一個定值電阻R改裝成量程為30mA的電流表，接著該同學對改裝后的電表按照圖b所示電路進行校準，當標準毫安表的示數(shù)為16.0mA時，改裝表的指針位置如圖c所示，由此可以推測出改裝的電表量程不是預期值，要想達到實驗目的，無論測得的內阻值是否正確，都不必重新測量，只需要將定值電阻R換成一個阻值為kR的電阻即可，其中k=________；

（4）若用該電流表量程3mA，內阻按照第（2）問測算的Rg按正確的步驟改裝成歐姆表并測標準電阻Rx的阻值時（如圖d），理論上其測量結果與標準電阻Rx實際阻值相比較________（填“偏大”“偏小”或“相等”）。

22、為了測量一節(jié)干電池的電動勢和內阻；某實驗小組設計了如圖甲所示的電路，實驗室準備了下列器材供選用：

A.待測干電池一節(jié)。

B.直流電流表A1（量程0~0.6A；內阻約為0.01Ω）

C.直流電流表A2（量程0~3A；內阻約為0.02Ω）

D.直流電壓表V1（量程0~3V；內阻約為5kΩ）

E.直流電壓表V2（量程0~15V；內阻約為25kΩ）

F.滑動變阻器R1（阻值范圍為0~15Ω；允許最大電流為1A）

G.滑動變阻器R2（阻值范圍為0~1000Ω；允許最大電流為2A）

H.開關。

I.導線若干。

（1）實驗中電壓表應選用________；電流表應選用________；滑動變阻器應選用________。（填字母代號）

（2）實驗小組在進行實驗時，開始滑片P在最右端，但由于滑動變阻器某處發(fā)生斷路，合上開關S后發(fā)現(xiàn)滑片P向左滑過一段距離x后電流表才有讀數(shù)，于是該組同學分別作出了電壓表讀數(shù)U與x、電流表讀數(shù)I與x的關系圖，如圖乙所示，則根據(jù)圖像可知，電池的電動勢為________V，內阻為________Ω。23、某同學用電流表和電壓表測量電阻的部分實驗電路如圖所示。在某次測量中，電壓表的示數(shù)為8.0V，電流表的示數(shù)為0.50A，根據(jù)測量數(shù)據(jù)可計算出被測電阻Rx=_________Ω。若考慮電表內阻的影響，電阻的測量值_________（選填“大于”或“小于”）電阻Rx的真實值。

評卷人得分五、解答題(共1題，共8分)24、如圖所示，在水平向右的勻強電場中，有一電荷量為q=-4×10-7C的負點電荷從A點運動到B點，電場力做功為WAB=3.2×10-6J，AB間距離L=4m，與水平方向夾角為求：

（1）電荷的電勢能是增加還是減少？增加（減少）了多少？

（2）B、A間電勢差UBA是多少？

（3）電場強度E是多大？

（4）如果A點的電勢為-4V，求B點的電勢為多大？電荷量q′=4×10－6C的正電荷在A點具有的電勢能是多少？參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、D【分析】【詳解】

燈泡和滑動變阻器并聯(lián)，P從a端滑到b端的過程中，變阻器的有效電阻減小，并聯(lián)的總電阻減小，總電流增大，電流表A的讀數(shù)增大，C錯誤；總電流增大，內電壓Ir增大，路端電壓減小，則電壓表V的讀數(shù)減小，B錯誤；路端電壓減小，燈泡L的電壓減小，燈泡逐漸變暗，A錯誤；根據(jù)閉合電路歐姆定律得：U=E?Ir，則：保持不變，故D正確．2、A【分析】【詳解】

滑片向左移動，滑動變阻器的電阻變大，根據(jù)閉合電路的歐姆定律，干路電流減小，電流表的示數(shù)減小，串聯(lián)電路的電阻遵循分壓原理，則隨著滑動變阻器電阻的增大，其分壓相應增大，電壓表示數(shù)增大，選項A正確．干路電流減小，小電珠變暗，選項B錯誤．電容器與變阻器并聯(lián)，分壓升高，則電容器上的電荷增多，選項C錯誤．干路電流減小，電源電動勢不變，則電源的總功率減小，選項D錯誤．3、B【分析】【分析】

【詳解】

A．導體中只有產(chǎn)生電荷的定向移動才能形成電流；故A錯誤；

B．在國際單位制中；電流的單位是安培，符號是A，故B正確；

C．電流有方向；但電流的計算不能用平行四邊形定則，故是標量，故C錯誤；

D．任何導體，只要其兩端電勢差不為零，根據(jù)公式可知就有電流存在；故D錯誤。

故選B。4、C【分析】【詳解】

因b點的電勢高于d點，可知將電子從d點移動到b點，電勢能減小，選項A錯誤；由對稱性可知，a點電勢等于d點電勢，選項B錯誤；因a點電勢低于c點，則將質子從a點移動到c點，電勢能增加，電場力做負功，選項C正確；由對稱性可知，b、c場強大小相同，方向不同，選項D錯誤.5、D【分析】【詳解】

A．之間的電勢差為：

故A錯誤；

B．由圖看出，在同一等勢面上，電勢相等，則有：

故B錯誤；

C．將的點電荷沿矩形路徑移動一周；電場力不做功，故C錯誤；

D．將的點電荷沿或從移動到電場力做功相等，電場力做功為：

故D正確。6、C【分析】【詳解】

AB．電子一個周期內的運動情況為：時間內，電子從靜止開始向A板做勻加速直線運動，時間內，原方向做勻減速直線運動，時刻速度為零。時間內，向B板做勻加速直線運動，時間內，繼續(xù)向B板做勻減速直線運動，根據(jù)勻變速運動速度圖象是傾斜的直線；電子做勻變速直線運動時圖象是拋物線；故AB錯誤；

C．由于可知勻變速運動的加速度大小不變，方向發(fā)生變化，故圖象應平行于橫軸；故C正確；

D．勻變速運動速度圖象是傾斜的直線，根據(jù)可知與成二次函數(shù)關系，結合上述分析，與在每一階段均為一次函數(shù)關系，由此可知圖象是曲線；故D錯誤。

故選C。7、C【分析】【詳解】

A、此自行車最大存儲電能為：E=UIt=Uq=10V×20000mA?h=10V×20×3600C=7.2×105J，故A錯誤；

B、此自行車充電時間為：t，故B錯誤；

C、此自行車行駛的過程中受到的阻力為20N，則消耗的電能為：W=fs=20×10×103=2.0×105J

自行車電池電能的有效利用率約為：η%%≈27.8%，故C正確；

D、由題，輸出電壓為10V，輸出電流為15A，則成人在平路上騎自行車時，有：P=UI=10×15=150W，每秒平均消耗電能約為150J左右．故D錯誤；

故選C．二、多選題(共7題，共14分)8、A:C【分析】【詳解】

A．勻強電場中，沿電場線方向每前進相同的距離，電勢變化速度相同，因為ad=bc=2L可得

所以φc=16V；故A正確；

B．設ad連線中點為O點，連接Ob和Oc；如下圖所示。

可得其電勢故Oc為等勢面，電場線與等勢面垂直，而由幾何知識易得Oc垂直O(jiān)b，則電場線方向由b指向O；故B錯誤；

C．由上可知，電場線方向由b指向O，粒子從b偏轉到c；則受力方向斜向上，故粒子帶正電，故C正確；

D．根據(jù)粒子從b運動到c，電場力做功為

故D錯誤。

故選AC。9、B:D【分析】【詳解】

A．摩擦起電現(xiàn)象說明機械能可以轉化為電能；但并沒有創(chuàng)造電荷，電荷只是發(fā)生轉移，故A錯誤；

BCD．摩擦起電本質上是電荷從一個物體轉移到另一個物體；感應起電說明電荷可以從物體的一部分轉移到另一個部分，不論是摩擦起電還是感應起電，都是電荷的轉移，故BD正確，C錯誤。

故選BD。10、A:C【分析】【分析】

【詳解】

A．AB為等量異種點電荷，故產(chǎn)生的電場在AB連線垂直平分線上，從垂足向兩側場強逐漸減小，且為等勢面，電荷C在下滑的過程中，受到的電場力為F=qE；將逐漸增大，受到的摩擦力為。

f=μF=μqE故受到的摩擦力增大；故A正確；

BC．小球在下滑過程中沿等勢面運動；故電場力不做功，電勢能不變，故B錯誤，C正確；

D．在下落過程中；當小球C的重力等于摩擦力時，速度最大，由于下落過程中摩擦力逐漸增大，故在下落過程中摩擦力在相同距離內做功越來越大，故速度最大時要在下落一半高度以下，故D錯誤；

故選AC。11、B:D【分析】【詳解】

A．電容器穩(wěn)定時，與電容器串聯(lián)的電路電流為零，電阻兩端電勢差為0，故R1變化不會影響小球受力；A錯誤；

B．電容器兩端間的電壓與R3兩端的電壓相等，R3增大，其兩端的電壓增大，電容器電壓增大，根據(jù)

知電場強度增大，

拉力增大；B正確；

C．保持R2，R3不變，僅將N板向左平移少許，因電容器兩端電壓U一直穩(wěn)定；小球所在位置的電勢和小球的電荷量不變，所以電勢能不變，C錯誤；

D．保持R2，R3不變，僅將N板向右平移少許，電容減小，面積S減小，根據(jù)

可知電容減小，根據(jù)

因電壓不變，所以帶電量減小，故電容放電，電流向右通過R1；D正確。

故選BD。12、B:C【分析】【詳解】

A．未加電壓時油滴勻速運動，由受力平衡得

由題意其中勻速運動的速度為

聯(lián)立解得

故A錯誤；

B．上極板帶正電則電場強度方向向下，油滴向上運動，則油滴帶負電。根據(jù)受力平衡有

其中勻速運動的速度為

解得油滴的帶電量為

故B正確；

C．A上升距離時電場力做功

電勢能的變化量為

故C正確；

D．極板施加電壓后，由B項可知油滴受到的電場力為

油滴A下降到最低點時速度為0，設從極板施加電壓開始到A下降到最低點所用的時間為若油滴只受電場力，則由動量定律可得

解得

而由題意可知；油滴還受到重力和阻力的作用且重力和阻力合力不為零，故D錯誤。

故選BC。13、B:C【分析】【詳解】

BD．帶電粒子在垂直于電場方向上做勻速直線運動，在沿電場方向上，做加速度大小不變、方向周期性變化的變速直線運動，由時刻進入電場的粒子運動情況可知，粒子在平行板間運動時間為交變電流周期的整數(shù)倍，在時間內帶電粒子運動的加速度由勻變速直線運動規(guī)律得

同理可分析時間內的運動情況，所以帶電粒子在沿電場方向的速度v與圖線所圍面積成正比（時間軸下方的面積取負值），而經(jīng)過整數(shù)個周期，圖象與坐標軸所圍面積始終為零；故帶電粒子離開電場時沿電場方向的速度總為零，故B正確，D錯誤；

A．帶電粒子在時刻射入時；側向位移最大，故其他粒子均不可能打到極板上，故A錯誤；

C．當粒子在時刻射入且經(jīng)過T離開電場時，粒子在時達到最大速度，此時兩分位移之比為即

可得

故粒子的最大速度為

因此最大動能為初動能的2倍；故C正確。

故選BC。14、A:C【分析】【詳解】

AB．大柱體的電阻

同理小柱體的電阻

根據(jù)歐姆定律

解得

A正確；B錯誤；

CD．根據(jù)電流強度的微觀表達式

兩個電阻串聯(lián)，電流強度相同，由于

因此

C正確；D錯誤。

故選AC。三、填空題(共6題，共12分)15、略

【分析】【詳解】

（1）[1]電壓表并聯(lián)在電路中；故電壓表內阻越大，分流越小，誤差也就越小，因此應選內阻較大的電壓表A；

[2]當滑動變阻器接入電阻最小時，通過電流表電流最大，此時通過電流表電流大小約為

因此；電流表選擇C；

（2）[3]分析電路可知；滑片右移電壓表示數(shù)變大，則說明滑動變阻器接入電路部分阻值增大。

A．兩導線均接在金屬柱的兩端上；接入電阻為零，故A錯誤；

B．兩導線接在電阻絲兩端；接入電阻最大并保持不變，故B錯誤；

C．一導線接在金屬桿左端；而另一導線接在電阻絲左端，則可以保證滑片右移時阻值增大，故C正確；

D．導線分別接右邊上下接線柱；滑片右移時，接入電阻減小，故D錯誤；

故選C。

（3）[4][5]由閉合電路歐姆定律可知U＝E－I（r＋R2）

對比伏安特性曲線可知，圖像的斜率為k＝r＋R2

則內阻r＝k－R2

令U＝0，則有

由題意可知，圖像與橫軸截距為a，則有

解得E＝ka

【點睛】

本題考查測量電源的電動勢和內電阻實驗中的儀表選擇以及數(shù)據(jù)處理，要注意明確根據(jù)圖像分析數(shù)據(jù)的方法，重點掌握圖像中斜率和截距的意義?！窘馕觥浚?）A、C（2）C（3）kak-R216、略

【分析】【詳解】

略【解析】電學元件17、略

【解析】①.轉移②.負③.正18、略

【分析】【詳解】

[1]金屬網(wǎng)罩起到靜電屏蔽的作用；所以箔片不張開。

[2][3][4]因為在金屬內部由于電子可以自由移動，當加上水平向右的、場強大小為E的勻強電場時，金屬網(wǎng)罩會產(chǎn)生一個與外加電場相反的電場，來抵消在金屬內部的電場，以保證平衡，從而金屬上電荷重新分布，就是所謂“靜電屏蔽”的原理【解析】不張開靜電屏蔽E相反19、略

【分析】【詳解】

[1]游標卡尺讀數(shù)即工件的直徑為

[2]螺旋測微器的讀數(shù)即工件的高度為【解析】4.2151.85020、略

【分析】【詳解】

[1]描述電源將其他形式的能轉化為電能的本領大小的物理量是電動勢；

[2]根據(jù)