2024年滬教版高二物理下冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年滬教版高二物理下冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、材料、粗細(xì)相同，長度不同的電阻絲做成ab、cd、ef三種形狀的導(dǎo)線，分別放在電阻可忽略的光滑金屬導(dǎo)軌上，并與導(dǎo)軌垂直，如圖所示，勻強磁場方向垂直導(dǎo)軌平面向內(nèi)．外力使導(dǎo)線水平向右做勻速運動，且每次外力所做功的功率相同，已知三根導(dǎo)線在導(dǎo)軌間的長度關(guān)系是Lab＜Lcd＜Lef；則（）

A.ab運動速度最大。

B.ef運動速度最大。

C.因三根導(dǎo)線切割磁感線的有效長度相同；故它們產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢相同。

D.忽略導(dǎo)體內(nèi)能變化；三根導(dǎo)線每秒產(chǎn)生的熱量相同。

2、如圖，圓形區(qū)域內(nèi)有垂直紙面的勻強磁場，三個完全相同的帶電粒子a、b、c，以不同的速率對準(zhǔn)圓心O沿著AO方向射入磁場，其運動軌跡如圖。若帶電粒子只受磁場力的作用，則下列說法正確的是A.a粒子動能最大B.c粒子速率最大C.c粒子在磁場中運動時間最短D.它們做圓周運動的周期Ta3、水平橫梁的一端A插在墻壁內(nèi)，另一端裝有一小滑輪B，一輕繩的一端C固定于墻壁上，另一端跨過滑輪后懸掛一質(zhì)量為m=10kg的重物，∠CBA=30°，如圖所示，忽略滑輪與繩子間的摩擦，則滑輪受到繩子作用力為（）A.50NB.C.100ND.4、下列說法正確的是(

)

A.電荷受到的電場力的方向總跟電場方向相同B.沿電場線所指的方向，電場強度越來越小C.以點電荷為中心的同一球面上，電場強度處處相同D.電場強度的方向總跟正電荷受到的電場力的方向一致5、一根粗細(xì)均勻的電阻絲截成長度相等的三段，再將它們并聯(lián)起來，測得阻值為3Ω，則此電阻絲原來的阻值為()A.9ΩB.8ΩC.27ΩD.3Ω6、物體從某一高度自由下落，第1s內(nèi)就通過了全程的一半，物體還要下落多少時間才會落地（）A.1sB.1.5sC.sD.（-1）s評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)7、對下列物理公式理解正確的是（）A.電阻的定義式R=反映導(dǎo)體的電阻R與電壓U成正比，與電流I成反比B.電阻定律R=ρ反映導(dǎo)體的電阻R與導(dǎo)體長度L成正比，與導(dǎo)體橫截面積S成反比，與導(dǎo)體的電阻率ρ成正比C.閉合電路的歐姆定律I=對純電阻電路和非純電阻電路都適用D.閉合電路中E=U外+U內(nèi)，表明閉合電路中電動勢等于內(nèi)外電路電勢降落之和8、如根相距l(xiāng)=04m

不計的光金屬導(dǎo)軌一水面放置，導(dǎo)軌左端與阻值R=0.15婁賂

電阻.

導(dǎo)軌x

的一側(cè)在沿+x

方向增大的穩(wěn)恒磁，其方與導(dǎo)軌平面垂直(

即直向下)

感應(yīng)強B=0.5+0.(T).

一根質(zhì)量m=01kg

阻r=0.05婁賂

的屬于導(dǎo)軌，并與導(dǎo)軌垂直.

棒在水平力作用從x=0

處沿導(dǎo)軌向右直線運動，運動過中回路流恒為2A.

以下判斷正確的是(

)

A.金屬棒在x=3m

處的速度為0.5m/s

B.金屬棒在x=3m

處的速度為0.75m/s

C.金屬棒從x=0

運動到x=3m

過程中克服安培力做的功為1.6J

D.金屬棒從x=0

運動到x=3m

過程中克服安培力做的功為3.0J

9、如圖所示，平行板電容器與電動勢為E

的直流電源連接，下極板接地，靜電計所帶電荷量很少，可被忽略.

一帶負(fù)電油滴被固定于電容器中的P

點.

現(xiàn)將平行板電容器的下極板豎直向下移動一小段距離，則(

)

A.平行板電容器的電容將變小B.靜電計指針張角變小C.帶電油滴的電勢能增加D.若先將上極板與電源正極的導(dǎo)線斷開，再將下極板向下移動一小段距離，則帶電油滴所受電場力不變10、如圖所示的電路中，A、B是完全相同的燈泡，L是電阻不計的電感線圈，下列說法中在確的是（）A.當(dāng)開關(guān)S閉合時，A燈先亮，B燈后亮B.當(dāng)開關(guān)S閉合時，B燈同時亮，電路穩(wěn)定后，B燈更亮，A燈熄滅C.當(dāng)開關(guān)S斷開時，A燈閃亮一下再媳滅D.當(dāng)開關(guān)S斷開時，B燈過一會兒熄滅11、在正電荷Q的電場中的P點放一點電荷，其電荷量為+q，P點距離Q為r，+q所受的電場力為F．則P點的電場強度為（）A.B.C.D.12、如圖，虛線表示電場中的三個等差等勢面，實線是某一帶正電的粒子在此電場中的運動軌跡，不計粒子重力，比較電場中ab兩點，下列說法正確的是（）A.粒子在a點時的加速度大于它在b點時的加速度B.粒子在a點時的速度大于它在b點時的速度C.粒子在a點的電勢能大于它在b點時的電勢能D.電場中a點的電勢低于b點的電勢13、下列說法正確的是()A.a

粒子大角度散射表明a

粒子很難進(jìn)入原子內(nèi)部。

B.極限頻率越大的金屬材料逸出功越大。

C.聚變反應(yīng)有質(zhì)量虧損，但質(zhì)量數(shù)守恒D.3482Se隆煤3683Kr+2鈭?10e

是重核裂變14、利用金屬晶格(

大小約10鈭?10m)

作為障礙物觀察電子的衍射圖樣，方法是讓電子通過電場加速，然后讓電子束照射到金屬晶格上，從而得到電子的衍射圖樣.

已知電子質(zhì)量為m

電量為e

初速度為零，加速電壓為U

普朗克常量為h

則下列說法中正確的是(

)

A.該實驗說明電子具有波動性B.實驗中電子束的德布羅意波長為婁脣=h2meU

C.加速電壓U

越大，電子的德布羅意波長越大D.若用相同動能的質(zhì)子代替電子，德布羅意波長越大15、如圖所示，在一個粗糙水平面上，彼此靠近地放置的兩個帶同種電荷的小物塊，由靜止釋放后，兩個物塊向反方向運動，并最終停止.

在物塊的運動過程中，下列表述正確的是(

)

A.兩個物塊的電勢能逐漸減小B.物塊受到的庫侖力不做功C.兩個物塊的機械能不守恒D.物塊受到的摩擦力始終小于其受到的庫侖力評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)16、游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為____cm．螺旋測微器的讀數(shù)為____mm．17、如圖為查德威克實驗示意圖，由天然放射性元素釙（Po）放出的A射線轟擊鈹時會產(chǎn)生粒子流A，用粒子流A轟擊石蠟時會打出粒子流B，經(jīng)研究知道A為____，B為____．

18、某同學(xué)對電阻絲的電阻與哪些因素有關(guān)進(jìn)行了實驗探究；現(xiàn)有如下器材：

電源E（電動勢為4V；內(nèi)阻約為1Ω）；

電流表A1（量程5mA；內(nèi)阻約為10Ω）；

電流表A2（量程0.6A；內(nèi)阻約為1Ω）；

電壓表V1（量程3V；內(nèi)阻約為lkΩ）；

電壓表V2（量程l5V；內(nèi)阻約為3kΩ）；

滑動變阻器R1（阻值0～2Ω）；

滑動變阻器R2（阻值0～20Ω）；

開關(guān)及導(dǎo)線若干．

他對電阻絲做了有關(guān)測量；數(shù)據(jù)如下表所示．

。編號金屬絲直徑D/mm金屬絲直徑的二次方D/mm2金屬絲長度L/cm電阻R/Ω10.2800.0784100.0016.3020.2800.078450.008.1630.5600.3136100.004.07①他在某次測量中，用螺旋測微器測金屬絲直徑，示數(shù)如圖甲所示，此示數(shù)為______mm．

②圖乙是他測量編號為2的電阻絲電阻的備選原理圖，則該同學(xué)應(yīng)選擇電路______（選填“A”或“B”）進(jìn)行測量．電流表應(yīng)選______，電壓表應(yīng)選______，滑動變阻器應(yīng)選______．

③請你認(rèn)真分析表中數(shù)據(jù)，寫出電阻R與L、D間的關(guān)系式R=______（比例系數(shù)用k表示），并求出比例系數(shù)k=______Ω?m（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）．19、【加試題】如圖所示，把一根條形磁鐵從同樣高度插到線圈中同樣的位置處，第一次快插，第二次慢插，兩情況下線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢的大小關(guān)系是E1

_____E2

通過線圈截面電量的大小關(guān)系是ql

_____q2

．20、如圖所示是檢驗磁場對電流作用的實驗裝置．當(dāng)導(dǎo)線ab中有某方向的電流通過時；它受到磁場的作用力是向上的．

（1）如果僅將兩磁極對調(diào)，導(dǎo)線ab的受力方向是____．

（2）如果磁極位置不變，僅改變ab中的電流方向，導(dǎo)線ab的受力方向是____．

（3）如果同時對調(diào)磁極位置和改變電流方向，導(dǎo)線ab的受力方向是____．

21、回旋加速器D形盒的半徑為r，勻強磁場的磁感應(yīng)強度為B．一個質(zhì)量為m、電荷量為q的帶電粒子在加速器的中央從速度為零開始加速．根據(jù)回旋加速器的這些數(shù)據(jù)，請估算該粒子離開回旋加速器時獲得的動能為______．22、通過某電阻的周期性交變電流的圖象如圖，求該交流電的有效值I=______．

23、在用雙縫干涉測光的波長的實驗中：已知雙縫到光屏之間的距離是600mm，雙縫之間的距離是0.20mm，單縫到雙縫之間的距離是100mm，某同學(xué)在用測量頭測量時，先將測量頭目鏡中中看到的分劃板中心刻線對準(zhǔn)某條亮紋（記作第1條）的中心，這時手輪上的示數(shù)為0.192mm．然后他轉(zhuǎn)動測量頭，使分劃板中心刻線對準(zhǔn)第7條亮紋的中心，如圖所示，這時手輪上的示數(shù)為______mm，該待測單色光的波長是______nm（保留三位有效數(shù)字）24、在伏安法測電阻的實驗中，待測電阻Rx約為200Ω，電壓表V的內(nèi)阻約為2kΩ，電流表A的內(nèi)阻約為10Ω，測量電路中電流表的連接方式如圖（a）或圖（b）所示，計算結(jié)果由計算得出，式中U與I分別為電壓表和電流表的讀數(shù)；若將圖（a）和圖（b）中電路測得的電阻值分別記為Rx1和Rx2，則______（填“Rx1”或“Rx2”）更接近待測電阻的真實值，且測量值Rx1______（填“大于”、“等于”或“小于”）真實值，測量值Rx2______（填“大于”；“等于”或“小于”）真實值。

評卷人得分四、判斷題(共2題，共10分)25、電勢差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）26、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

評卷人得分五、推斷題(共2題，共16分)27、【化學(xué)rm{隆陋}選修r(nóng)m{3}物質(zhì)結(jié)構(gòu)與性質(zhì)】28、【化學(xué)rm{-}選修r(nóng)m{5}有機化學(xué)基礎(chǔ)】有機化合物rm{A}是一種農(nóng)藥生產(chǎn)的中間體，rm{A}在一定條件下可發(fā)生如圖轉(zhuǎn)化：

請回答下列問題：

rm{(1)A}分子中官能團(tuán)的名稱為____；

rm{(2)C}能發(fā)生反應(yīng)的類型有______rm{(}填字母rm{)}

rm{a}rm{.}取代反應(yīng)rmrm{.}消去反應(yīng)rm{c}rm{.}加成反應(yīng)rmrjvzthzrm{.}氧化反應(yīng)。

rm{(3)}反應(yīng)rm{壟脵}的化學(xué)方程式為____；

rm{(4)}寫出rm{B}到rm{C}的離子方程式____；

rm{(5)E}在一定條件下反應(yīng)能生成高分子化合物，寫出此高分子化合物所有可能的結(jié)構(gòu)簡式：____。評卷人得分六、簡答題(共4題，共16分)29、rm{KI}在食品、醫(yī)藥領(lǐng)域有廣泛用途rm{.}某科研小組利用碘廢棄液rm{(}主要含rm{I_{2}}rm{I^{-})}制備rm{KI}流程如圖rm{1}

已知：rm{I_{2}+2S_{2}O_{3}^{2-}簍TS_{4}O_{6}^{2-}+2I^{-}}

rm{(1)}加入膽礬的作用______．

rm{(2)}為制得rm{KI}晶體粗產(chǎn)品；濾液后續(xù)操作步驟是______

rm{(3)}用沉淀滴定法測定樣品中rm{KI}含量的實驗步驟如下：

rm{a.}稱取rm{3.000g}樣品，溶解，配制成rm{250mL}溶液。

rm{b.}量取rm{25.00mL}待測液于錐形瓶中；

rm{c.}用rm{0.1000mol?L^{-1}AgNO_{3}}標(biāo)準(zhǔn)溶液滴定至終點，記錄消耗rm{AgNO_{3}}標(biāo)準(zhǔn)溶液的體積；

rm{d.}重復(fù)rmrm{c}操作rm{2隆蘆3}次，平均消耗rm{AgNO_{3}}標(biāo)準(zhǔn)溶液rm{16.50mL}

rm{壟脵}配制rm{250mL}樣品溶液時；所需的儀器除燒杯；玻璃棒之外，還缺少的玻璃儀器是______．

rm{壟脷AgNO_{3}}標(biāo)準(zhǔn)溶液在使用之前通常要重新標(biāo)定，原因是______；本實驗滴定過程中操作滴定管的如圖rm{2}示正確的是______rm{(}填編號rm{)}．

rm{壟脹}該樣品中rm{KI}的質(zhì)量百分?jǐn)?shù)為______．

rm{壟脺}下列因素會導(dǎo)致rm{KI}含量的測定結(jié)果偏高的是______．

A.配制樣品溶液定容時仰視rm{B.}錐形瓶未干燥。

C.滴定管未用rm{AgNO_{3}}標(biāo)準(zhǔn)溶液潤洗rm{D.}滴定終點時滴定管尖嘴中產(chǎn)生氣泡．30、已知rm{A}rm{B}rm{C}rm{D}都是短周期元素，它們的原子半徑大小為rm{B>C>D>A.B}的基態(tài)原子中電子占據(jù)三種能量不同的原子軌道，且每種軌道中的電子總數(shù)相同；rm{D}原子有rm{2}個未成對電子rm{.A}rm{B}rm{D}三種元素組成的一種化合物rm{M}是新裝修居室中常含有的一種有害氣體rm{.E}是第四周期元素，其原子核外最外層電子數(shù)與rm{A}原子相同，其余各層電子均充滿rm{.}回答下列問題rm{(}用元素符號或化學(xué)式表示rm{)}．

rm{(1)M}分子中rm{B}原子軌道的雜化類型為______．

rm{(2)}化合物rm{CA_{3}}的沸點比化合物rm{BA_{4}}的高，其主要原因是____．

rm{(3)}寫出與rm{BD_{2}}互為等電子體的rm{C_{3}^{-}}的結(jié)構(gòu)式______．

rm{(4)E^{+}}的核外電子排布式為____，如圖是rm{D}rm{E}形成的某種化合物的晶胞結(jié)構(gòu)示意圖，該晶體rm{1}個晶胞中陽離子的個數(shù)為______．

rm{(5)}向rm{E}的硫酸鹽溶液中通入過量的rm{CA_{3}}可生成rm{[E(CA_{3})_{4}]^{2+}}配離子，rm{1}rm{mol}rm{[E(CA_{3})_{4}]^{2+}}中含有rm{婁脪}鍵的數(shù)目為______．31、取某鍍鋅鐵片rm{5.69g}將其投入足量稀硫酸中，鍍鋅鐵片完全溶解，產(chǎn)生氫氣rm{2.24L(}標(biāo)準(zhǔn)狀況rm{)}試計算：rm{(1)}產(chǎn)生氫氣的物質(zhì)的量是_______rm{mol}rm{(2)}鍍鋅鐵片中鋅的質(zhì)量是_______rm{g}32、根據(jù)所學(xué)，回答下列問題：rm{(1)}化學(xué)與生產(chǎn)、生活息息相關(guān)?，F(xiàn)有下列rm{6}種與人們生產(chǎn)生活相關(guān)的有機物：rm{壟脵CH_{3}COOH(}調(diào)味劑rm{)壟脷HCOOCH_{3}(}煙草熏蒸劑rm{)壟脹}rm{(}制酚醛樹脂rm{)壟脺}rm{(}生產(chǎn)殺蟲劑rm{)壟脻CH_{2}=CH漏隴CH=CH_{2}(}合成橡膠原料rm{)壟脼HCHO(}防腐劑rm{)}請回答：rm{(a)}屬于醛的是____rm{(}填序號rm{)}rm{(b)}與rm{壟脵}互為同分異構(gòu)體的是____rm{(}填序號rm{)}rm{(c)}與rm{壟脹}互為同系物的是____rm{(}填序號rm{)}rm{(2)}按要求完成下列問題：rm{壟脵}甲基的電子式_________。rm{壟脷}寫出實驗室制乙炔的化學(xué)方程式____。rm{壟脹}的系統(tǒng)命名為____。rm{壟脺}的系統(tǒng)命名為____。參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、B|D【分析】

A；根據(jù)能量守恒定律得每秒產(chǎn)生的熱量即等于外力的功率．

P==

外力使導(dǎo)線水平向右做勻速運動；且每次外力所做功的功率相同；

ef較長；根據(jù)電阻定律得R較大，勻速的速度就最大，故A錯誤，B正確．

C；根據(jù)E=BLv可知雖然有效長度相等；但每根勻速的速度并不同，所以ef的電動勢最大，故C錯誤．

D；產(chǎn)生的熱量Q=Pt；所以每秒產(chǎn)生的熱量相等，故D正確．

故選BD．

【解析】【答案】根據(jù)能量守恒定律得每秒產(chǎn)生的熱量即等于外力的功率．

根據(jù)電阻定律得ef較長；所以R較大再根據(jù)電路中熱功率的表達(dá)式進(jìn)行比較．

2、B|C【分析】試題分析：由可知，當(dāng)荷比相同時，半徑r越大，粒子的速率越大，動能越大，所以a的動能最小，c的速率最大，A錯B對；根據(jù)可知，它們的周期相同，所以c粒子在磁場中運動時間最短，C正確。考點：洛侖茲力圓周運動【解析】【答案】BC3、C【分析】由題意可得，對繩B點受力分析：

滑輪受到繩子的作用力應(yīng)為圖中兩段繩中拉力和的合力；

因同一根繩張力處處相等，都等于物體的重量，即．

用平行四邊形定則作圖，由于拉力F1和F2的夾角為120°；則有合力F=100N；

所以滑輪受繩的作用力為100N．方向與水平方向成30°角斜向下；

故選C．

分析：本題關(guān)鍵之處，就是水平橫梁是插入豎直墻壁里，滑輪位置不變，而跨過光滑滑輪的輕繩上張力大小是處處相等，所以滑輪對繩子的作用力應(yīng)該是兩段細(xì)繩拉力的合力反方向．4、D【分析】解：A

電場強度的方向與正電荷所受到的電場力方向相同；與負(fù)電荷所受到的電場力方向相反，故A錯誤；D正確；

B；沿著電場線的方向；電勢降低，而不是電場強度越來越小，故B錯誤；

C、點電荷的電場強度E=kQr2

可知；同一球面上，電場強度大小處處相等，方向不同，故C錯誤；

故選：D

電場強度的方向與正電荷所受到的電場力方向相同；與負(fù)電荷所受到的電場力方向相反；沿著電場線的方向，電勢降低；點電荷為球心，則同一球面上的電場強度大小處處相等．

考查電場強度的大小與方向，點電荷的電場強度，及電場線與電勢的關(guān)系.

特別注意正電荷的電場力表示電場強度的方向.

同時知道電場強度相同與否，還要考慮其方向．【解析】D

5、C【分析】【解析】試題分析：導(dǎo)體的形狀改變后，其體積并未發(fā)生變化；一根粗細(xì)均勻的電阻絲截成長度相等的三段，再將它們并聯(lián)起來，長度減小為原來的三分之一，面積曾大為原來的三倍，則有：則此電阻絲原來的阻值為：故選C考點：電阻定律【解析】【答案】C6、D【分析】解：根據(jù)gt2，h=gt′2，物體落地的時間t′=t=s．所以物體還需要下落的時間t″=-1s。故D正確；A；B、C錯誤。

故選：D。

自由落體運動是初速度為0的勻加速直線運動，通過第1s內(nèi)就通過了全程的一半，根據(jù)h=gt2；求出物體還要下落多長時間落地．

解決本題的關(guān)鍵知道自由落體運動是初速度為0的勻加速直線運動，掌握自由落體運動的位移時間公式h=gt2．【解析】D二、多選題(共9題，共18分)7、BD【分析】解：A、電阻的定義式R=采用比值法定義；R與U；I無關(guān)．故A錯誤．

B、R=ρ是電阻的決定式；可知導(dǎo)體的電阻R與導(dǎo)體長度L成正比，與導(dǎo)體橫截面積S成反比，與導(dǎo)體的電阻率ρ成正比．故B正確．

C、閉合電路的歐姆定律I=僅適用于外電路是純電阻的電路．故C錯誤．

D、由閉合電路的歐姆定律有：閉合電路中E=U外+U內(nèi)；表明閉合電路中電動勢等于內(nèi)外電路電勢降落之和．故D正確．

故選：BD

電阻的定義式R=采用比值法定義．R=ρ是電阻的決定式．閉合電路的歐姆定律I=只對純電阻電路適用．

本題考查對電阻的定義式和決定式、電源的電動勢的理解能力，要注意歐姆定律只能適用于純電阻電路，非純電阻電路不能用．【解析】【答案】BD8、AD【分析】解：根閉合電路歐姆定律，中的電流為I=ER+r=A

根據(jù)公式：E=Bv2

過程中安做功的?。篧=12F0+A)x=12(0.4+16)隆脕3=3J

故錯誤，D

正；

金屬棒從x=

開始運動時安：F0=IL=0.5隆脕20.N=0.4N

．

到=3m

時的安培力：A=2L=2隆脕2隆脕04=1.6N

．

得：E=2隆脕(0.050.15=0V

在x=3m

處；磁感應(yīng)：B2+kx2=0.+0.53=2T

．

故選：D

．

根閉合電路歐姆律；結(jié)合第應(yīng)定律，可求得3m

處的磁感應(yīng)度，而求出在=3m

處速度的大小；安培力與功表達(dá)式，可求解．

查閉合電路歐姆定律法拉第電磁感應(yīng)定應(yīng)用掌握安培力做功表達(dá)的書寫，注意出在x=3m

處磁強度是題的突破口．【解析】AD

9、AD【分析】解：

A、根據(jù)電容的決定式C=?S4婁脨kd

知；下極板豎直向下移動時，d

增大，則電容減小.

故A正確．

B；靜電計測量的是電容器兩端的電勢差；因為電容器始終與電源相連，則電勢差不變，所以靜電計指針張角不變.

故B錯誤．

C、電勢差不變，d

增大，則由公式E=Ud

分析得知板間電場強度減?。籔

點與上極板間的電勢差減小，而P

點的電勢比上極板低，上極板的電勢不變，則P

點的電勢增大，因為油滴帶負(fù)電荷，則油滴的電勢能減小.

故C錯誤．

D、電容器與電源斷開，則電荷量不變，d

改變，根據(jù)E=UdC=QU

和C=?S4婁脨kd

得E=4婁脨kQ?S

則知電場強度不變，則油滴所受電場力不變.

故D正確．

故選：AD

．

電容器始終與電源相連，電容器兩端間的電勢差保持不變，根據(jù)電容器d

的變化判斷電容的變化，由公式E=Ud

分析電場強度的變化；從而判斷電荷電勢能和電場力的變化．

本題是電容器的動態(tài)分析問題，關(guān)鍵抓住不變量，當(dāng)電容器與電源始終相連，則電勢差不變，當(dāng)電容器與電源斷開，則電荷量不變.

板間場強表達(dá)式E=4婁脨kQ?S

要會推導(dǎo)，并在理解的基礎(chǔ)上記住結(jié)論．【解析】AD

10、BC【分析】解：A；當(dāng)開關(guān)S閉合時；電路中的電流增加，由于線圈的自感作用，將產(chǎn)生一自感電動勢阻礙電流的增加，此時A、B二燈相當(dāng)于串聯(lián)，同時亮；電路穩(wěn)定后線圈相當(dāng)于一段導(dǎo)線，將A燈短路，A燈熄滅，B燈兩端所加電壓增加而變得更亮，故A錯誤，B正確。

C；斷開S時；B燈立即熄滅；線圈產(chǎn)生自感電動勢，和燈泡A構(gòu)成閉合電路，A燈先閃亮后逐漸變暗；故C正確，D錯誤；

故選：BC。

閉合S；A；B同時亮，隨著L中電流增大，線圈L直流電阻可忽略不計，分流作用增大，B燈逐漸被短路，總電阻減小，再由歐姆定律分析B燈亮度的變化。

對于通電與斷電的自感現(xiàn)象，它們是特殊的電磁感應(yīng)現(xiàn)象，可楞次定律分析發(fā)生的現(xiàn)象?！窘馕觥緽C11、AD【分析】解：+q是放入電場中的試探電荷，據(jù)電場強度的定義式可知，P點的電場強度為E=．

又根據(jù)點電荷的場強公式得P點的電場強度為E=k．故AD正確；BC錯誤．

故選：AD．

電場強度的定義式為E=適用于任何電場，式中q是放入電場中的試探電荷．點電荷的場強公式為E=k．根據(jù)這兩個公式求解P點的電場強度．

本題的解題關(guān)鍵要掌握電場強度的兩個公式E=和E=k要明確公式各個量的含義，知道它們的適用條件．【解析】【答案】AD12、BD【分析】解；A、由相鄰等勢面之間的電勢差相等，從a到b相鄰等勢面之間距離變?。豢芍妶鲎儚?，電場力變大，加速度增大，故A錯誤；

B、C、電荷所受電場力指向軌跡內(nèi)側(cè)，由于電荷帶正電，因此電場線指向右下方，根據(jù)質(zhì)點受力情況可知，從a到b過程中電場力做負(fù)功，電勢能增加，故b點的電勢能大于a點的電勢能；從a到b過程中電場力做負(fù)功，電勢能增大，動能減小，故a點的動能大于b點的動能，在a點時的速度大于它在b點時的速度．故B正確；C錯誤；

D、正電荷在電勢高的地方電勢能大，故b點的電勢能大于a點的電勢能，所以，故b點的電勢高于a點的電勢．故D正確。

故選：BD

由于質(zhì)點只受電場力作用；根據(jù)運動軌跡可知電場力指向運動軌跡的內(nèi)側(cè)即斜向左下方，由于質(zhì)點帶正電，因此電場線方向也指向左下方；電勢能變化可以通過電場力做功情況判斷；電場線和等勢線垂直，且等勢線密的地方電場線密，電場場強大．

解決這類帶電粒子在電場中運動的思路是：根據(jù)運動軌跡判斷出所受電場力方向，然后進(jìn)一步判斷電勢、電場、電勢能、動能等物理量的變化．【解析】【答案】BD13、BC【分析】【分析】婁脕

粒子大角度散射表明原子內(nèi)部有一很小的核，即原子核，集中了全部的正電荷及幾乎全部的質(zhì)量；根據(jù)W0=hv0

判斷逸出功與極限頻率的關(guān)系；聚變反應(yīng)有質(zhì)量虧損，但是電荷數(shù)、質(zhì)量數(shù)守恒。3鈭?5

的題目大多比較基礎(chǔ)，熟練掌握基礎(chǔ)知識是解決此類物體捷徑?！窘獯稹緼.婁脕

粒子大角度散射表明婁脕

粒子受到了原子內(nèi)部原子核對它的斥力，故A錯誤；B.逸出功W0=hv0

知極限頻率越大，逸出功越大，故B正確；C.聚變反應(yīng)有質(zhì)量虧損，釋放能量，但是質(zhì)量數(shù)守恒，故C正確；D.3482Se隆煤3682Kr+2鈭?10e

是2

次婁脗

衰變，故D錯誤。故選BC?！窘馕觥緽C

14、AB【分析】解：A

實驗得到了電子的衍射圖樣；說明電子這種實物粒子發(fā)生了衍射，說明電子具有波動性，故A正確；

B、由動能定理可得，eU=12mv2鈭?0

電子加速后的速度v=2eUm

電子德布羅意波的波長婁脣=hP=hmv=h2meU

故B正確；

C、由電子的德布羅意波波長公式婁脣=h2meU

可知；加速電壓U

越大，德布羅意波長越短，故C錯誤；

D、物體動能與動量的關(guān)系是P=2mEk

由于質(zhì)子的質(zhì)量遠(yuǎn)大于電子的質(zhì)量，所以動能相同的質(zhì)子的動量遠(yuǎn)大于電子的動量，由婁脣=hP

可知；相同動能的質(zhì)子的德布羅意波的波長遠(yuǎn)小于電子德布羅意波的波長，故D錯誤；

故選：AB

．

干涉與衍射是波所特有的現(xiàn)象；由動能定理求出電子的速度；然后求出德布羅意波的波長；波長越長，衍射現(xiàn)象越明顯，根據(jù)德布羅意波波長公式分析波長與加速電壓及粒子質(zhì)量的關(guān)系，然后判斷衍射現(xiàn)象是否明顯．

衍射是波所特有的現(xiàn)象，電子能發(fā)生衍射說明電子具有波動性；求出電子德布羅意波波長的表達(dá)式是正確解題的關(guān)鍵．【解析】AB

15、AC【分析】解：A

由靜止釋放后；兩個物塊向相反方向運動，兩物塊之間的庫侖力做正功，電勢能減小.

故A正確．

B；兩物塊之間存在庫侖斥力；對物塊做正功.

故B錯誤．

C；開始階段；庫侖力大于物塊的摩擦力，物塊做加速運動，動能增大；當(dāng)庫侖力小于摩擦力后，物塊做減速運動，動能減小，重力勢能不變，則兩個物塊的機械能先增大，后減小，不守恒.

故C正確；

D；開始階段；庫侖力大于物塊的摩擦力，物體做加速運動；而后當(dāng)庫侖力小于摩擦力后，物塊做減速運動.

故D錯誤．

故選：AC

由靜止釋放后；兩個物塊向相反方向運動，兩物塊之間的庫侖力做正功，電勢能減小.

開始階段，庫侖力大于物塊的摩擦力，物塊做加速運動，當(dāng)庫侖力小于摩擦力后，物塊做減速運動，動能先增大，后減小．

本題首先考查分析物塊受力情況和運動情況的能力，要抓住庫侖力隨距離增大而減小的特點．【解析】AC

三、填空題(共9題，共18分)16、略

【分析】

游標(biāo)卡尺的固定刻度讀數(shù)為20mm；游標(biāo)讀數(shù)為0.1×3=0.3mm，所以最終讀數(shù)為=20.3mm=2.03cm

螺旋測微器的固定刻度讀數(shù)為10mm；可動刻度讀數(shù)為0.01×29.5mm=0.295mm，所以最終讀數(shù)為10.295mm．

故答案為：2.03；10.295．

【解析】【答案】游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)；不需估讀．螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀．

17、中子質(zhì)子【分析】【解答】用放射源釙的α射線轟擊鈹時；能發(fā)射出一種穿透力極強的中性射線，這就是所謂鈹“輻射”，即中子流，中子轟擊石蠟，將氫中的質(zhì)子打出，即形成質(zhì)子流．

故答案為：中子；質(zhì)子。

【分析】天然放射性元素釙（Po）放出的α射線轟擊鈹時會產(chǎn)生高速中子流，轟擊石蠟時會打出質(zhì)子．18、略

【分析】解：①：螺旋測微器的讀數(shù)為：d=0.5mm+1.2×0.01mm=0.512mm；

②：由于待測電阻滿足電流表應(yīng)用外接法，所以應(yīng)選擇電路A；

根據(jù)表格數(shù)據(jù)可知，電路中最大電流為0.56A，所以電流表應(yīng)選

由于電源電動勢為4V，所以電壓表應(yīng)選

根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，電路中需要的最大電阻應(yīng)為：所以變阻器應(yīng)選

③：根據(jù)表中數(shù)據(jù)可知：R=k=

可求出k=代入數(shù)據(jù)解得k=1.3Ω?m

故答案為：①0.512

②A，

③1.3

本題①的關(guān)鍵是螺旋測微器讀數(shù)時要分成整數(shù)部分和小數(shù)部分兩部分來讀；題②的關(guān)鍵是根據(jù)待測電阻阻值較小滿足可知電流表應(yīng)用外接法；根據(jù)表格中最大電流數(shù)值來選擇電流表量程；根據(jù)電源電動勢大小來選擇電壓表的量程；題③可以首先根據(jù)電阻定律寫出電阻R的表達(dá)式即可．

對電學(xué)實驗應(yīng)明確：①根據(jù)電源電動勢大小來選擇電壓表量程，根據(jù)電路中的最大電流來選擇電流表量程；②當(dāng)待測電阻滿足時，電流表應(yīng)用外接法，滿足時，電流表應(yīng)用內(nèi)接法．【解析】0.512；A；1.319、大于等于【分析】【分析】兩次磁鐵的起始和終止位置相同，知磁通量的變化量相同，應(yīng)用法拉第電磁感應(yīng)定律比較感應(yīng)電動勢的大?。挥煞ɡ陔姶鸥袘?yīng)定律求出感應(yīng)電動勢，由歐姆定律求出感應(yīng)電流，由電流定義式求出電荷量大小。知道磁通量的變化量相等、應(yīng)用法拉第電磁感應(yīng)定律即可正確解題.

解題時要注意兩種情況下，磁通量的變化量相等，這是正確解題的關(guān)鍵?！窘獯稹織l形磁鐵從同樣高度插到線圈中同樣的位置處，磁通量的變化量鈻?婁碌

相同，第一次快插，第二次慢插，鈻?t1<鈻?t2

由法拉第電磁感應(yīng)定律：可知，感應(yīng)電動勢：E1>E2

感應(yīng)電流：電荷量q=I鈻?t

解得：由于n鈻?婁碌R

都相等，則電荷量：q1=q2

故答案為：大于等于【解析】大于等于20、略

【分析】

判定通電導(dǎo)線所受安培力的方向利用左手定則：張開左手；四指并攏，拇指與四指垂直，讓磁感線垂直穿入手心，四指指向電流的方向，則拇指所指的方向即安培力的方向．

（1）將兩磁極對調(diào)后；掌心向左，四指向里，則拇指豎直向下，故安培力的方向向下．

（2）將電流的方向改變后；左手掌心向右，四指向外，則拇指豎直向下，故安培力的方向向下．

（3）如果同時對調(diào)磁極位置和改變電流方向；則左手掌心向左，四指向外，則拇指豎直向上，故安培力的方向向上，即保持不變．

故答案為：（1）下；（2）下；（3）不變．

【解析】【答案】根據(jù)左手定則判定安培力的方向：張開左手；四指并攏，拇指與四指垂直，讓磁感線垂直穿入手心，四指指向電流的方向，則拇指所指的方向即安培力的方向．

21、略

【分析】解：粒子離開回旋加速器的速度最大，根據(jù)qvB=知v=．

則動能．

故答案為：

粒子離開回旋加速器時的速度最大；根據(jù)洛倫茲力提供向心力求出粒子的離開回旋加速器的速度，從而求出動能的大?。?/p>

解決本題的關(guān)鍵知道回旋加速器加速粒子的原理，運用電場加速和磁場偏轉(zhuǎn)．【解析】22、略

【分析】解：將交流與直流通過阻值都為R的電阻；設(shè)直流電流為I，則根據(jù)有效值的定義有：

I12Rt1+I22Rt2=I2RT；

代入數(shù)據(jù)得：32R×0.2+62×R×0.1=I2R×0.3；

解得：I=3A

故答案為：3

由圖象可知交變電流的周期；一個周期內(nèi)分為兩段，每一段均為恒定電流；

根據(jù)有效值的定義求解．取一個周期時間；將交流與直流分別通過相同的電阻，若產(chǎn)生的熱量相同，直流的電流值，即為此交流的有效值．

本題考察的是根據(jù)交變電流有效值的定義計算有關(guān)交變電流的有效值．要注意利用好電流的熱效應(yīng)．【解析】323、略

【分析】解：螺旋測微器的固定刻度讀數(shù)為10mm；可動刻度讀數(shù)為0.01×29.5mm=0.295mm，所以最終讀數(shù)為：

10mm+0.295mm=10.295mm．

m

根據(jù)△x=得：=

λ=m=4.81×10-7m=481nm

故答案為：10.295；481

螺旋測微器的讀數(shù)等于固定刻度讀數(shù)與可動刻度讀數(shù)之和，在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀．根據(jù)△x=λ求出單色光的波長．

解決本題的關(guān)鍵掌握螺旋測微器的讀數(shù)方法，以及掌握雙縫干涉條紋的間距公式．【解析】10.295；48124、Rx1大于小于【分析】解：由于所以應(yīng)采用電流表的內(nèi)接法，故Rx1，更加接近待測電阻的真實值，采用電流表內(nèi)接法，電流表測量的是準(zhǔn)確值，而電壓表測量值比真實值大，則測量值Rx1，比真實值大，采用電流表外接法時，電壓表測量的是準(zhǔn)確值，而電流表測量值比真實值大，則測量值Rx2比真實值大。

故答案為：Rx1；大于，小于。

根據(jù)待測電阻阻值與電表內(nèi)阻的關(guān)系確定電流表的接法；然后根據(jù)實驗電路圖要與歐姆定律分析實驗誤差。

本題考查了電流表接法的選擇，考查了實驗誤差分析；當(dāng)待測電阻阻值遠(yuǎn)大于電流表內(nèi)阻時電流表應(yīng)采用內(nèi)接法，當(dāng)電壓表內(nèi)阻遠(yuǎn)大于待測電阻阻值時電流表應(yīng)采用外接法?！窘馕觥縍x1大于小于四、判斷題(共2題，共10分)25、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢的相對大?。?/p>

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標(biāo)量，正負(fù)表示大??；電勢差與零電勢點的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．26、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負(fù)電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠(yuǎn)處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠(yuǎn)處的電勢為0，所以無窮遠(yuǎn)處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．五、推斷題(共2題，共16分)27、（1）CaNA（2）水分子之間形成氫鍵（3）F＞N＞O（4）（5）三角錐形sp3雜化（6）【分析】【分析】本題考查了物質(zhì)的結(jié)構(gòu)與性質(zhì)。需要學(xué)生的識記和理解，多做有助于快速判斷?！窘獯稹縭m{A}基態(tài)原子rm{2p}能級有rm{3}個單電子，原子核外電子排布為rm{1s^{2}2s^{2}2p^{3}}則rm{A}為rm{N}元素；rm{B}意思是基態(tài)原子rm{p}軌道上成對電子數(shù)等于未成對電子數(shù)，原子核外電子排布為rm{1s^{2}2s^{2}2p^{4}}則rm{B}為rm{O}元素；rm{C}的氫化物常用于刻蝕玻璃，則rm{C}為rm{F}元素；rm{D}元素基態(tài)原子核外電子分處rm{6}個不同能級，且每個能級均已排滿，原子核外電子排布為rm{1s^{2}2s^{2}2p^{6}3s^{2}3p^{6}4s^{2}}則rm{D}為rm{Ca}rm{E}的原子序數(shù)等于rm{C}與rm{D}的原子序數(shù)之和，即rm{E}的原子序數(shù)為rm{9+20=29}故E為rm{Cu}rm{(1)D}的元素符號為rm{Ca}rm{A}的單質(zhì)為rm{N_{2}}結(jié)構(gòu)式為rm{N隆脭N}rm{14g}氮氣為rm{14g隆脗28g/mol=0.5mol}含有rm{婁脨}鍵的個數(shù)為rm{0.5mol隆脕2隆脕N_{A}}rm{mol-1=N_{A}}，所以本題答案為：rm{Ca}rm{N_{A}}rm{(2)B}元素的氫化物的沸點是同族元素氫化物中最高的，原因是：水分子之間形成氫鍵，增大分子間的作用，所以本題答案為：水分子之間形成氫鍵；rm{(3)}同周期所原子序數(shù)增大元素的電負(fù)性增大，rm{3}種元素的電負(fù)性由大到小的順序為：rm{F>N>O}所以本題答案為：rm{F>N>O}rm{(4)Cu^{2+}}的價層電子排布式為rm{3d^{9}}則價電子排布圖為所以本題答案為：rm{(5)A}的最簡單氫化物為rm{NH_{3}}分子的空間構(gòu)型為三角錐形，其中rm{N}原子形成rm{3}個rm{N-H}鍵、含有rm{1}對孤對電子，雜化軌道數(shù)目為rm{4}rm{N}原子的雜化類型是rm{sp^{3}}雜化，所以本題答案為：三角錐形rm{sp^{3}}雜化；rm{(6)}晶胞中白色球數(shù)目為rm{8}黑色球數(shù)目為rm{8隆脕1/8+6隆脕1/2=4}結(jié)合化學(xué)式rm{CaF_{2}}可知白色球為rm{F}黑色球為rm{Ca}晶胞質(zhì)量為rm{(4隆脕78)/N_{A}g}晶體的密度為rm{婁脩g?cm^{-3}}則rm{4隆脕78N_{A}g=(acm)^{3}隆脕婁脩g?cm^{-3}}故晶胞邊長rm{4隆脕78N_{A}g=(acm)^{3}隆脕婁脩

g?cm^{-3}}rm{a=}所以本題答案為：rm{cm}【解析】rm{(1)Ca}rm{N_{A}}rm{(2)}水分子之間形成氫鍵rm{(3)F>N>O}rm{(4)}rm{(5)}三角錐形rm{sp^{3}}雜化rm{(6)}28、（1）氯原子、羥基、酯基（2）acd

（3）

（4）+CO2+H2O→+HCO3-

（5）【分析】【分析】本題考查有機物的推斷，難度中等，注意根據(jù)rm{A}的結(jié)構(gòu)及反應(yīng)條件進(jìn)行推斷，需要學(xué)生熟練掌握官能團(tuán)的性質(zhì)與轉(zhuǎn)化，難度中等?！窘獯稹縭m{A}在堿性條件下水解生成和rm{B}與二氧化碳反應(yīng)生成rm{C}而rm{C}遇氯化鐵溶液顯紫色，故B為rm{C}為則rm{D}為rm{D}酸化得到rm{E}為由rm{E}與rm{F}的分子式可知，rm{E}分子內(nèi)脫去rm{2}分子水生成rm{F}且rm{F}為五元環(huán)化合物，故E在濃硫酸作用下發(fā)生消去反應(yīng)和酯化反應(yīng)，rm{F}可能為

rm{(1)}由rm{A}分子結(jié)構(gòu)可知，其不含氧官能團(tuán)的名稱為：氯原子、羥基、酯基，故答案為：氯原子；羥基、酯基；

rm{(2)C}為可以發(fā)生取代反應(yīng)、加聚反應(yīng)、氧化反應(yīng)，不能發(fā)生消去反應(yīng)，故答案為：rm{acd}

rm{(3)}反應(yīng)rm{壟脵}的化學(xué)方程式為：

故答案為：

rm{(4)B}到rm{C}的離子方程式為：rm{+CO_{2}+H_{2}O隆煤}rm{+HCO_{3}^{-}}

故答案為：rm{+CO_{2}+H_{2}O隆煤}rm{+HCO_{3}^{-}}

rm{(5)E(}rm{)}在一定條件下反應(yīng)能生成高分子化合物，其可能的結(jié)構(gòu)簡式為：

故答案為：

【解析】rm{(1)}氯原子、羥基、酯基rm{(2)acd}

rm{(3)}

rm{(4)}rm{+CO2+H2O隆煤}rm{+HCO^{3-}}

rm{(5)}六、簡答題(共4題，共16分)29、氧化劑、富集碘元素；將濾液倒入蒸發(fā)皿中加熱蒸發(fā)、冷卻結(jié)晶，過濾、干燥得到KI晶體粗產(chǎn)品；250ml容量瓶膠頭滴管；硝酸銀不穩(wěn)定，見光易分解，放置之后的硝酸銀溶液的濃度會發(fā)生變化，對滴定結(jié)果造成影響；A；91.30%；C【分析】解：rm{(1)}由流程圖可知硫酸銅被還原成碘化亞銅沉淀；硫酸銅晶體作氧化劑，富集碘元素；故答案為：氧化劑；富集碘元素；

rm{(2)}為制得rm{KI}晶體粗產(chǎn)品，將濾液倒入蒸發(fā)皿中加熱蒸發(fā)、冷卻結(jié)晶，過濾、干燥得到rm{KI}晶體粗產(chǎn)品；

故答案為：將濾液倒入蒸發(fā)皿中加熱蒸發(fā)、冷卻結(jié)晶，過濾、干燥得到rm{KI}晶體粗產(chǎn)品；

rm{(3)壟脵}實驗室要rm{250mL}待測溶液，用天平和藥匙稱取rm{3.000g}樣品，在燒杯中溶解rm{(}可用量筒量取水rm{)}冷卻后轉(zhuǎn)移到rm{250mL}容量瓶中，并用玻璃棒引流，當(dāng)加水至液面距離刻度線rm{1隆蘆2cm}時，改用膠頭滴管滴加，所以需要的儀器為：天平、藥匙、燒杯、玻璃棒、容量瓶、膠頭滴管，所需的儀器除燒杯、玻璃棒之外，還缺少的玻璃儀器是有rm{250ml}容量瓶；膠頭滴管；

故答案為：rm{250ml}容量瓶；膠頭滴管；

rm{壟脷}硝酸銀不穩(wěn)定；見光易分解，放置之后的硝酸銀溶液的濃度會發(fā)生變化，對滴定結(jié)果造成影響，需要重新標(biāo)定；使用酸式滴定管時，左手握滴定管，其無名指和小指向手心彎曲，輕輕地貼著出口部分，用其余三指控制活塞的轉(zhuǎn)動；

故答案為：硝酸銀不穩(wěn)定，見光易分解，放置之后的硝酸銀溶液的濃度會發(fā)生變化；rm{A}

rm{壟脹}滴定消耗的rm{AgNO_{3}}的物質(zhì)的量為rm{0.1000mol?L^{-1}隆脕0.01650L=0.001650mol}由關(guān)系式rm{AgNO_{3}隆蘆KI}可知rm{25.00mL}待測液中含有rm{0.001650molKI}rm{250mL}溶液中含有rm{0.01650molKI}即rm{0.01650mol隆脕166g/mol=2.739g}該樣品中rm{KI}的質(zhì)量百分?jǐn)?shù)為rm{dfrac{2.739g}{3.000g}隆脕100%=91.30%}

故答案為：rm{dfrac

{2.739g}{3.000g}隆脕100%=91.30%}

rm{91.30%}配制樣品溶液定容時仰視，rm{壟脺A.}偏大；溶液濃度偏低，故A錯誤；

B.錐形瓶未干燥；待測液的物質(zhì)的量不變，測定結(jié)果不變，故B錯誤；

C.滴定管未用rm{V}標(biāo)準(zhǔn)溶液潤洗，溶液被稀釋，導(dǎo)致rm{AgNO_{3}}標(biāo)準(zhǔn)rm{V(}偏大，根據(jù)rm{)}待測rm{)=dfrac{c({鹵錨脳錄})隆脕V({鹵錨脳錄})}{V({麓媒虜芒})}}分析，可知rm{c(}待測rm{)=dfrac

{c({鹵錨脳錄})隆脕V({鹵錨脳錄})}{V({麓媒虜芒})}}偏大，rm{c(}的質(zhì)量偏大；含量也偏大，故C正確；

D.滴定終點時滴定管尖嘴中產(chǎn)生氣泡，導(dǎo)致rm{)}標(biāo)準(zhǔn)rm{KI}偏小，根據(jù)rm{V(}待測rm{)=dfrac{c({鹵錨脳錄})隆脕V({鹵錨脳錄})}{V({麓媒虜芒})}}分析，可知rm{)}待測rm{c(}偏小，rm{)=dfrac

{c({鹵錨脳錄})隆脕V({鹵錨脳錄})}{V({麓媒虜芒})}}的質(zhì)量偏??；含量也偏小，故D錯誤；

故選：rm{c(}．

rm{)}由流程圖可知硫酸銅被還原成碘化亞銅沉淀；從而富集碘元素；

rm{KI}從溶液中得到溶質(zhì)；通常采取蒸發(fā)；濃縮、冷卻結(jié)晶、過濾、干燥方法；

rm{C}根據(jù)配制步驟是計算；稱量、溶解、移液、洗滌、定容、搖勻、裝瓶來分析需要的儀器；

rm{(1)}根據(jù)硝酸銀不穩(wěn)定；見光易分解；根據(jù)酸式滴定管的使用方法；

rm{(2)}根據(jù)關(guān)系式：rm{(3)壟脵}來計算出碘化鉀的質(zhì)量；從而求出含量；

根據(jù)rm{壟脷}待測rm{)=dfrac{c({鹵錨脳錄})隆脕V({鹵錨脳錄})}{V({麓媒虜芒})}}分析不當(dāng)操作對rm{壟脹}標(biāo)準(zhǔn)rm{AgNO_{3}隆蘆KI}的影響；以此判斷濃度的誤差．

本題考查了物質(zhì)的制備與組成含量測定等，涉及滴定操作、滴定應(yīng)用與計算等，難度中等，注意滴定中經(jīng)常根據(jù)關(guān)系式進(jìn)行計算，掌握根據(jù)關(guān)系式計算方法．rm{c(}【解析】氧化劑、富集碘元素；將濾液倒入蒸發(fā)皿中加熱蒸發(fā)、冷卻結(jié)晶，過濾、干燥得到rm{KI}晶體粗產(chǎn)品；rm{250ml}容量瓶膠頭滴管；硝酸銀不穩(wěn)定，見光易分解，放置之后的硝酸銀溶液的濃度會發(fā)生變化，對滴定結(jié)果造成影響；rm{A}rm{91.30%}rm{C}30、（1）sp2（2）NH3分子間能形成氫鍵（3）[N=N=N]-（4）1s22s22p63s23p63d104（5）16×6.02×1023(16NA)【分析】【分析】本題是對物質(zhì)結(jié)構(gòu)的考查，涉及雜化軌道、氫鍵、等電子體、晶胞結(jié)構(gòu)、核外電子排布、配合物、化學(xué)鍵等知識點，需要學(xué)生具備扎實的基礎(chǔ)與靈活應(yīng)用能力，題目難度中等?！窘獯稹緼、rm{B}rm{C}rm{D}都是短周期元素，它們的原子半徑大小為rm{B>C>D>A}rm{B}的基態(tài)原子中電子占據(jù)三種能量不同的原子軌道，且每種軌道中的電子總數(shù)相同，則rm{B}是rm{C}元素；rm{D}原子有rm{2}個未成對電子，且rm{D}原子半徑小于rm{B}且rm{D}是rm{O}元素，rm{C}的原子半徑小于rm{B}而大于rm{D}則rm{C}是rm{N}元素，rm{A}rm{B}rm{D}三種元素組成的一種化合物rm{M}是新裝修居室中常含有的一種有害氣體，則該氣體是甲醛，所以rm{A}是rm{H}元素，rm{E}是第四周期元素，其原子核外最外層電子數(shù)與rm{A}原子相同，其余各層電子均充滿是第四周期元素，其原子核外最外層電子數(shù)與rm{E}原子相同，其余各層電子均充滿，則rm{A}是銅元素。

rm{E}是rm{(1)M}甲醛分子中rm{HCHO}原子含有rm{C}個價層電子對，所以其原子軌道的雜化類型為rm{3}故答案為：rm{sp^{2}}

rm{sp^{2}}化合物rm{(2)}的沸點比化合物rm{NH_{3}}的高，氨氣中存在氫鍵，甲烷中不含氫鍵，氫鍵的存在導(dǎo)致其沸點增大，故答案為：rm{CH_{4}}分子間能形成氫鍵；

rm{NH_{3}}等電子體的結(jié)構(gòu)相似，所以與rm{(3)}互為等電子體的rm{CO_{2}}的結(jié)構(gòu)式rm{N_{3}^{-}}故答案為：rm{